苏科版九年级物理综合复习练习卷01（第11~13章）

九年级物理综合复习练习卷01（解析版）

（考试时间：90分钟试卷满分：10（）分）

注意事项：

1.测试范围：苏科版九年级上册第11~13章。

2.g=10N/kgo

第I卷选择题

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的）

1.（2022秋•玄武区）下列工具在使用时，属于费力杠杆的是（）

【答案】A

【分析】结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，

是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠

杆。

【解答】解：独轮车、瓶盖起子和羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，为省力杠

杆；钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故BCD错误，A正确。

故选：Ao

2.（2022秋•梁溪区）如图所示，用一根绳子绕过定滑兜，一端拴在钩码上，手执另一端,

分别用力Fl、F2、F3匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）

A.Fi较大B.F2较大

C.F3较大D.Fi、F2、F3的大小相等

【答案】D

【分析】定滑轮的工作特点是：使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力。

【解答】解：由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，忽略绳子与滑轮的摩擦，

所以Fi、F2、F3都与物体重力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故ABC错误，故D

正确。

故选：D。

A.托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力

B.搬石头但没有搬动，手对石头的力

C.使小车向前运动了一段距离的推力

D.提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力

【答案】C

【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二

者缺一不可。

【解答】解：A、托着货物停在水平地面上，又车对货物有力的作用，但没有在力的方向

上通过距离，所以不做功，故A错误；

B、用力搬石头，但未搬动，有力作用在物体上，但没有移动距离，所以不做功，故B

错误；

C、小车在推力的作用下向前运动了一段距离，有力作用在小车上，小车在该力的方向上

通过了距离，所以做了功，故C错误；

D、提着滑板在水平路上前行，人给滑板一个向上的刀，滑板向上没有移动距离，人对滑

板没有做功，故D错误。

故选：Co

4.（2022秋•满城区校级；下列常见的现象，能用分子热运动观点解释的是（）

A.扩散现象只发生在液体和气体中

B.春天柳絮飞扬，说明分子在不停地做无规则运动

C.两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力

D.冰不容易被压缩，是因为分子间只有斥力

【答案】C

【分析】分子在永不停息地做无规则运动，分子间同时存在相互作用的引力和斥力，

【解答】解：A、扩散现象可以发生在固体、液体和气体中，故A错误。

B、春天柳絮飞扬是机械运动，故B错误“

C、两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力，故C正确。

D、冰不容易被压缩，是因为分子间有斥力，但分子间也有引力，故D错误。

故选：Co

5.（2022秋•鼓楼区校级）用相同的加热器对甲、乙、丙三种物质同时持续加热（乙、丙初

始状态为液体），其温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法正确的是（）

571113

A.甲物质在80℃时一定是固液共存态

B.甲、乙升高相同温度，乙吸收热量比甲少

C.若乙、丙两物质是司种物质，则质量一定相等

D.甲物质固体时和液体时的比热容之比为CIM：c液=1：2

【答案】D

【分析】（I）处于熔点的晶体，可能是固态（刚开始熔化），也可能是固液共存态（熔化

过程中），还可能是液态（刚熔化完）；

（2）使用相同的加热器，加热时间长表示吸收热量多；

（3）分析图，乙、丙初温相同，但到达沸腾的时间不相同、吸收的热量不同，根据Q吸

—cmAt判断水的质量大小关系；

（4）从图像可知甲物质处于固态、液态的加热时间和变化温度，可得吸热之比、温度变

化之比,而质量相等，根据可求比热容之比C

【解答】解：A、甲图像是晶体的熔化图像，在80℃时，甲可能是固态（刚开始熔化）,

也可能是固液共存态（熔化过程中），还可能是液态（刚熔化完），故A错误；

B、由图知，甲、乙升高相同温度，乙需要的加热时间长，乙吸收热量比甲多，故B错

误；

C、由图知，乙、丙的初温相同，乙先沸腾，说明升高相同的温度，乙吸收的热量少，根

据Q吸一cmAt知，乙的质量小，即乙的质量小于丙的质量，故C借识；

D、由图像可知，固态时从3（）℃加热到8（）℃所用时间与液态时从80℃力口热至I]90c所用时

间之比：5min：（13min-1Imin）=5：2,

因为使用的加热器相同，所以QPWQ液吸=5：2＞即c同m冏△I冏：c液m液△I液=5：2,

又因为m固=m液，At0：At»=（80℃-30℃）：（90℃-80℃）=5：1

所以甲物质固态时和液态时的比热容之比：c同：c液=1：2,故D正确。

故选：D。

6.（2022秋•兰州）乘坐高铁可直接刷身份证进站，闸机口通过人脸识别系统确保“人”“证”

一致，闸机门才打开通行.用⑭代表闸门，则如图中电路可实现上述要求的是（）

【答案】B

【分析】根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。

【解答】解：根据题意可知，只有“人”“证”一致的情况卜，闸机自动打开，这说明“人

脸识别”开关和“身份证识别”开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B正

确。

故选:Bo

7.（2022秋•嵩县）如图所示，关于A、B、C三点的电流方向和大小下列说法正确的是（）

―||~/-----------------

A.由A到C,IA>IB>ICB.由C至IJA,IC>IB>IA

C.由A到C,IA=IB=ICD.由C到A,IA=IB=IC

【答案】D

【分析】（1）先分析电路的结构，然后根据串联电路电流规律进行解答：

（2）电路中的电流方向是从电源正极流出经用电器回到负极。

【解答】解：根据电路图可知，灯泡Li、L2串联，所以电路中各处电流都相等，即IA

=IB=IC：

电路中的电流方向是从电源正极流出经用电器回到负极，因而从电源正极流出经开关、C

点、L2、Li、A回到负极。故D正确，ABC错误；

故选：D。

8.（2022秋•伊州区校级）在如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转

均为图（b）所示，则电阻Ri和R2两端的电压分别为（）

A.1.2V,4.8VB.6V,1.2VC.1.2V,6VD.4.8V,1.2V

【答案】D

【分析】要解答本题需掌握：串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，

以及电压表的读数方法。

【解答】解：由题中的图可知：VI测的是电源电压；V2测的是R2两端的电压。即VI

的示数应大于V2的示数；

而两个电压表的指针偏转角度相同，所以VI选的量程应是。〜15V,其分度值是0.5V,

读数（即电源电压）为6V：

V2选的量程应是0〜3V,其分度值是0.1V,读数（即R2两端的电压）为1.2V：

所以，电阻Ri两端的电压为：Ui=U-U2=6V-1.2=4.8V；

故选：D。

9.（2022秋•梁溪区）如图1所示，物体M静止在电梯底部，其上表面通过轻质弹簧与电

梯顶部相连。M对电梯底部的压力用F表示，忽略M和电梯的形变，0〜口内，电梯静

止，弹簧处于伸长状态，U时刻后电梯由静止开始沿竖直方向运动。0〜t4内，F随时间

t变化的图线如图2所示，则（）

j

M

图1图2

A.H72内，电梯可能向上运动

B.1273内，M的机械能保持不变

C.1374内，电梯的动能一定增大

D.U74内，弹簧的弹性势能不变

【答案】D

【分析】弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；动能与质量和速度有关，重

力势能与高度有关，机械能为动能和势能的和。

【解答】解：

A.根据题意可知，物体M静止在电梯底部，弹簧处于伸长状态，ti内，电梯和物体

都处于静止状态，受力平衡，则受到重力G、电梯的支持力F支和弹簧的拉力F拉；由于

压力F2与支持力F支是相互作用力，大小是相等的，则有G=F2+F拉，当H〜t2内，压力

变为小于F2的F1,弹力和重力不变，此时G>FI+FQ则物体受力不平衡，由静止变为

运动，速度变大了，则运动方向与较大的力方向相同，说明电梯是向下加速运动.故A

错误；

B.t2〜t3内，压力恢复到静止时的大小，受力平衡，电梯匀速下降，动能不变，重力势

能减小，所以动能和重力势能的和减小，机械能减小，故B错误；

C.t3〜t4内，压力F3大于F2,此时GVF3+Fii，电楞向下则是减速运动，动能减小；如

果向上运动，则是加速运动，动能增大，故C错误：

D.由于忽略M和电梯的形变，因而弹簧的长度始终不变，形变大小不变，所以弹簧的

弹性势能不变，故D正确。

故选：D。

10.（2022秋•龙岩）下列说法正确的是（）

A.海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的小得多

B.“钻木取火”是通过热传递的方式改变物体的内能

C.口常生活中使燃料港烧更充分，可以增大热值

D.使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率

【答案】D

【分析】（1）根据水的比热容大分析；

（2）改变内能的方法有两种：做功和热传递；

（3）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，

它只与燃料的种类杓关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；

（4）热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，比值越大,

热机的效率越高；比值越小，热机的效率越低。

【解答】解:

A.海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，同样吸热或放热时,

水的温度变化小，故A错误；

B.“钻木取火”是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；

C.热值是燃料的特性，只与热量的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故C错误；

B、使燃料燃烧更充分，保证良好的润滑，减小摩擦，减少热损失，都可以提高热机效率；

燃料充分燃烧，如果损失的热量也增加，则热机的效率可以提高，故D正确。

故选：Do

11.（2022秋•光明区校级）如图所示，闭合开关S时，灯泡Li、L2都不亮；用一根导线的

两端接触a、b两点时两灯都不亮：接触b、c两点时，两灯不亮：接触c、d两点时，两

灯都亮了。由此可以判断（）

A.L开路B.L2短路C.开关S短路D.开关S断路

【答案】D

【分析】由电路图知，两灯串联。闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生短路，只能是

断路，运用假设法逐项分析即可。

【解答】解：

A、如果灯Li断路，用一段导线的两端接触a、b两点时，Li不发光，L2会发光，故A

不符合题意；

B、如果灯L2短路，闭合开关S时，灯泡Li会发光，L2不发光，故B不符合题意：

C、如果开关S短路，不论开关S是否闭合，灯泡LI、L2都应该发光，故C不符合题意；

D、如果开关S断路，导线接触c、d两点时，电路是通路，两灯都发光，故D符合题意。

故选：D。

12.（2022秋•工业园区校级）如图甲所示，一个滑轮组竖直固定在水平支架上，已知每个

滑轮均重20N,滑轮组卜端挂有重为G的物体A,用力F通过滑轮组绳的末端竖直向上

匀速提升重物A,重物A向上运动的速度为v,力F做功的功率P随物体上升速度v之

间的关系图像如图乙所示。不计绳重与摩擦，g=10N/kgo则下列说法正确的是（)

甲乙

A.拉力F的大小为120N

B.滑轮组对A的拉力为140N

C.拉力F的功率为1.2W时，10s内滑轮组对物体A做功12J

D.若在物体A下再加挂80N的重物，滑轮组的机械效率可以达到90%

【答案】D

【分析】（1）根据P=H=工且=Fv结合图象计算拉力的大小；

tt

（2）不计绳重与摩擦，根据F=』（G+G动）计算重物A的重力，从而可知，滑轮组对

n

A的拉力；

（3）由丫=且计算物体上升的高度，根据W=Gh计算对物体A做的功；

t

1W有

（4）根据F=°（G+G动）计算物体A下再加挂80N的重物时绳端拉力，根据”=产

nW总

=丝=£计算滑轮组此时的机械效率。

FsnF

【解答】解：

A、由图乙知，力F做功的功率P随物体上升速度v成正比，

当物体上升速度为v=lcm/s=0.0lm/s时，拉力的功率为1.2W,

由图甲可知n=3,则绳子自由端移动的速度v瑾=3v=3X0.0lm/s=0.03m/s,

根据P=V=2S=Fv可得，拉力F=」E—=一—=40N,故A错误；

ttu绳0.03m/s

B、不计绳重与摩擦，由F=2（G+G动）可得，重物A的重力：G=nF-G动=3X40N

n

-20N=100N,

滑轮组对A的拉力大小等于物体A的重力100N,故B错误：

C、拉力F的功率为1.2W时，物体上升速度v=0.01m/s,10s内物体A上升的高度h=

vt=0.01m/sX10s=0.1m,

滑轮组对物体A做功W=Gh=100NX0.1m=10J,故C错误;

D、物体A下再加挂80N的重物时绳端拉力F'=2（G+G'+G动）=」义（100N+80N+20N）

n3

=200N,

3

此时滑轮组此时的机械效率.=兽=."’一生=竺100N+80N

”200N_9°/。'故D

FsnF"

正确。

故选：Do

二、填空题（本题共10小题，每题3分，共30分）

13.（2022秋•西昌市校级）如图为晶体熔化图象，物体t3时刻的内能大于t2时刻的内

能（大于，小于，等于），理由是熔化要吸收热量。

【答案】见试题解答内容

【分析】物体吸收热量，内能增加，放出热量，内能减少。

【解答】解：该物质为晶体，由图可知，12时刻与t3时刻晶体的温度相同，晶体在熔化

的过程中要吸收热量，t3时刻要比12时刻吸收热量的时间长，吸收的热量多，所以t3时

刻物体的内能大。

故答案为：大于；熔化要吸收热量。

14.（2022秋•太和区）如图所示，是家用电吹风的电路图，三角形的联动开关可以拨到①、

②、③三个不同位置。则当联动开关在②位置时,电吹风吹冷风；在③位置

时，电吹风吹热风。（选填“①”、"②”或“③”）

【分析】根据电路的工作状态分析开关的闭合方式。

【解答】解：由图知，当联动开关在②位置时，只有电动机接入电路，则电吹风吹冷风；

当联动开关在③位置时，电动机和电热丝并联接入电路，则电吹风吹热风。

故答案为：②；③。

15.（2022秋♦于洪区）某实验小组用铜片、锌片和橙子制成了一个水果电池。将电压表与

该电池相连后，指针偏转情况如图所示。则铜片（选填“铜片”或“锌片”）为该

水果电池的正极；若想增大电压表的示数，可将多个水果电池串（选填“串”或“并”）

【答案】铜片；串

【分析】（I）在使用电压表时，电流从正接线柱流入、负接线柱流出，此时指针向右偏

转；

（2）串联电池的总电压等于每节电池的电压之和。

【解答】解：由图知，将电压表与该电池相连后，指针正常偏转（右偏），铜片为该水果

电池的正极；

由于串联电池的总电压等于每节电池的电压之和，所以若想增大电压表的示数，可将多

个水果电池市联。

故答案为：铜片；串。

16.（2022秋•新市区校级）如图所示电路，闭合开关，电流表Ai测量的是通过Li的

电流（选填“LI”“L2”或“干路”），如果Ai、A2的示数分别是0.2A、0.5A,则通过灯

L2的电流大小为0.3Ao

【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表Ai测Li支路的电流，电流表A2测干路电

流，根据并联电路的电流特点求出通过灯L2的电流。

【解答】解：

由电路图可知，两灯泡并联，电流表Ai测L支路的电流知h=0.2A,电流表A2测干路

电流知I=0.5A；

因并联电路中干路电流等于各支路的电流之和，

所以，通过灯L2的电流：12=171=0.5A・0.2A=0.3A。

故答案为：Li；0.3o

17.（2022秋•莲湖区校级）科技的发展，使农业机械化水平越来越高。如图所示，这是一

架S机在一定的高度匀速直线飞行给小麦喷洒农药的情景（不计空气阻力），喷洒农药的

过程中，飞机的动能减小，机械能减小°（均选填“增大”、“减小”或“不变”）

【答案】减小；减小。

【分析】从动能和重力势能大小的影响因素进行判断：

（I）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；

（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越

大；

（3）动能和势能统称为机械能。

【解答】解：匀速飞行的飞机喷洒农药的过程中，其速度不变，但质量变小，所以其动

能变小；同时其高度不变，质量减小，故其重力势能变小；机械能减小。

故答案为：减小；减小。

18.（2022春•渝水区校级）如图所示，在水平拉力F的作用下重100N的物体A,沿水平桌

面做匀速直线运动，弹簧秤B的示数为10N,则拉力F的大小为20N,物体A与水

平桌面的摩擦力大小为10No

【答案】20；10.

【分析】要解答本题需掌握物体A匀速运动，受到的合力为零，故A物体所受拉力和摩

擦力相等；动滑轮上有两段绳子，拉力F是A所受摩擦力的2倍。

【解答】解：如图所示，弹簧测力计B测出了动滑轮上的绳子上的拉力为10N：则物体

A受到拉力为10N：又因物体A做匀速直线运动，则物体A与水平桌面的摩擦力与物体

A受到拉力是一对平衡力，则摩擦力大小也是10N：

拉力F=2f=2XI（）N=20No

故答案为：20；10.

19.（2022秋•修水县校级）建筑工地用吊篮运送水泥，第一次运20包水泥，所做额外功为

Wi,机械效率为甲；第二次运10包水泥，旦将其提升了相同高度，所做额外功为W2,

机械效率为单，两次相比（不计绳重与摩擦），Wi=W2,m>n2o（均填

“v”或“=”）

【答案】=；>o

【分析】不计绳重与摩擦，在此题中额外功是提升吊篮所做的功，由此可判断额外功大

小；根据两次所提升水泥的多少可知两次的有用功大小，在额外功相等时依据有用功的

大小就可判断出机械效率的高低。

【解答】解：不计绳重与摩擦，额外功等于吊篮的重力乘以提升高度，吊篮的重力和提

升高度都相等，所以额外功相等；

第一次运20包水泥，第二次运】0包水泥，第一次所做有用功要多，在额外功相等的情

W有W有

况下,可知有用功多的机械效率高。

故答案为：—;>。

20.（2022秋•福州）神舟十四号载人飞船在空间站完成与神舟十五号乘组的任务交接后于

2022年12月4R20时09分成功返回地面。返回舱在穿越大气层下落的过程中舱体的温

度最高可达1200℃,这是通过的方式改变了舱体的内能。而在舱内的周围使用

了很好的隔热材料，有效防止了因上传递一造成的舱内内能的增加和温度的升高。

【答案】做功；热传递。

【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，

而做功过程是能量的转化过程。

【解答】解：返回舱在穿越大气层下落的过程中与空气剧烈摩擦，由机械能转化为返回

舱的内能，使其表面温度急剧升高，这是通过做功的方式使其内能增加的；

在舱内的周围使用了彼好的隔热材料•，有效防止了因热传递造成的舱内内能的增加和温

度的升高。

故答案为：做功；热传递。

21.（2022春•池州）轻质木杆AB可以绕O点转动，OA：OB=3：1,木杆A端通过细线

与地面上重为200N的物体相连。为把物体提离地面，在B点至少需要施加一个600N

的拉力，此时的木杆把当于一个费力杠杆（填“省力”“费力”或“等臂”）。

【答案】见试题解答内容

【分析】（I）当重物刚离开地面时，A端受到的拉力等于重物的重力，已知OA和OB

的关系，根据杠杆平衡条件计算出B端受到拉力大小；

（2）根据动力臂与阻力跑的关系对杠杆进行分类。

【解答】解：由题知，OA：OB=3：1,则OA=3OB,

当重物刚离开地面时，则A端受到的拉力FA=G=200N,

由杠杆平衡条件可得：FAXOA=FXOB,

则B点的拉力：F=，FAX.A=20°N><3=6OON；

OB1

图中杠杆的动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆。

故答案为：600N；费力。

22.（2022春•德城区校级）如图所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F

的作用，F的大小与时间t的关系如图甲所示，物体的速度v与时间t的关系如图乙所示。

第1秒物体受到的摩擦力是LN;第3秒物体受到的摩擦力是?N；第4・6秒

推力做功的功率是8Wo

【答案】1:2；81）

【分析】根据内图判断物体在不同时间段的运动状态，根据乙图分析物体在不同时间段

时受到的力，物体静止和匀速直线运动时受力平衡：

滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动状态无关；

根据计算功率。

P=1=FS=FV

tt

【解答】解：由丙图知物体在第1秒时处于静止状态，摩擦力等于推力，由乙图知此时

推力F=1N,则摩擦力f=F=IN；

由丙图知物体在第4-6秒时做匀速直线运动，摩擦刀等于推力，

由乙图知此时推力F'=2N,则滑动摩擦力f'=F'=2N,

第3秒物体在加速运动，推力大于摩擦力，由于物体在运动过程中，对地面的压力和接

触面的粗糙程度都没变，则滑动摩擦力不变，所以第3秒物体受到的滑动摩擦力是2N；

第4-6秒推力做功的功率为P=F'v'=2NX4m/s=8W0

故答案为：1;2；8。

三.解答题（本题共8小题，共46分）

23.（2022秋•旺胎县）在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。

A

【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力情越长越省力，而支

点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂

直十力臂的动力不意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。

【解答】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；

由图示可知，以0A为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA,从A点做0A

的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：

【分析】要求的是最省力的绕绳方法，已知图中只有一个动滑轮，绳子的有效股数最多

有3条，根据“偶定奇动”的方法进行绕线即可。

【解答】解：图中滑轮组有一个动滑轮和一个定滑轮组成，要求最省力，绳子先系在动

滑轮的固定挂钩上，然后绕过右边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示:

F

25.（2022秋•湘潭）为了测定食用油的比热容，某小组同学用如图（甲）所示两套完全相

同的装置进行实验，装置中液体A和水的质量相等，初温均为2O"C。

（1）选用两套完全相同的装置分别给这两种液体加热，这样做的目的是.相同时间内液

体A和水吸收相同的热量。

（2）为了使两杯液体均匀受热，还需添加的实验器材是搅拌器。

（3）同时加热一段时间后，液体A和水的温度分别达到60℃和7（）℃,则液体A的比热

容为0.8c水。（水的比热容用c水表示）。

（4）如果要选择一种液体作为汽车发动机的冷却剂，你选择液体A（液体A/水）。

（5）该小组同学还利用此装置对煤油和水进行了比较研究（已知煤油的比热容小于水的

比热容），并绘制了如图（乙）所示的温度随加热时间变化的图象，表示煤油的图象是上

（甲/乙）。

【答案】（1）相同时间内液体A和水吸收相同的热量；（2）搅拌器；（3）0.8c水；（4）液

体A；（5）乙。

【分析】（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫

转换法。

（2）为了使两杯液体均匀受热，要用到搅拌器不断搅拌：

（3）由题意得出同时加热一段时间后A液体和水升高温度，根据c=_g_,在质量和

mAt

吸热热量相同的情况下，比热容与开岛的温度成反比求液体A的比热容;

（4）根据Q=cm»t分析；

（5）比较物质吸热能力的2种方法:

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热

量多的吸热能力强

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度

变化小的吸热能力强。

【解答】解：（1）选用两套完全相同的装置分别给这两种液体加热，根据转换法，这样

做的目的是相同时间内液体A和水吸收相同的热量o

（2）为了使两杯液体均匀受热，还需添加的实验器材是搅拌器。

（3）A和水的初温均为20℃,同时加热一段时间后，吸热的热量相同，液体A和水的

温度分别达到60℃和70℃,升高的温度分别为40℃和50℃,A液体和水升高温度之比

401c「4

根据c=Q在质量和吸热热量相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，故液体

mAt

A的比热容为:

A

CA="Xc水=O.8c水；

5

（4）由（3）知，A液体的比热容大，如果要选择一种液体作为汽车发动机的冷却剂,

根据Q=cmAt,质量相同的水和这种液体降低相同的温度，A液体吸收的热量多，选择

A液体效果好；

（5）已知煤油的比热容小「水的比热容，即煤油的吸热能力弱，根据比较吸热能力的第

2种方法，加热相同的时间，煤油升温大，根据如图［乙）所示的温度随加热时间变化的

图象，表示煤油的图象是乙。

故答案为：（1）相同时间内液体A和水吸收相同的热量：（2）搅拌器；（3）0.8c水；（4）

液体A；（5）乙。

26.（2022秋•淄博）小华小组做“探究并联电路中电流的规律”实验。

（1）图甲是他们设计的电路图，连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，

原因是电流表正负接线柱接反了。（2）图丙是他们解决上述问题后，测量电流时连

接的实验电路，此时电流表测量的是C（选填“A”“B”或"C”）处的电流。

（3）请在图丙中移动一根导线，测量通过灯Li的电流。在移动的导线上画“X”，并用

笔画线代替导线连接F确的电路。

（4）如表是他们实验过程中测出A、B、C三处的一组实验数据，小华根据数据得出一

个初步结论IC=IA+IB（只写表达式）。同组小红指出，为了使得出的规律更有普遍

性，应当进行多次实验，操作方法是选取几组规格不同的灯泡重新做实验，反复测

量A、B、C三处电流至少三次，看看是否还有同样的关系。

位置ABC

电流/A0.300.240.54

【答案】（1）电流表正负接线柱接反了；（2）C；（3）如图所示；（4）IC=IA+IB；选取

几组规格不同的灯泡重新做实验。

【分析】（I）电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电表指针反向偏转，

根据图乙所示分析答题；

（2）根据图丙搞清电流表的连接位置是干路还是支路，据此判断；

（3）使电流表与灯Li串联；

（4）分析表中数据得出结论，并联电路中，干路电流等于支路电流之和。为得出普遍性

的结论要换用不同规格的灯泡多次测量。

【解答】解：（1）由图乙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负

接线柱接反了造成的。

（2）由图丙可知，经过LL2的两股电流均经过电流表后再回到电源的负极，对照甲图

可知，电流表测的是干路C点电流；

（3）原来电流表在干路上，要测通过灯Li中的电流，电流表要与灯Li串联，将连接电

流表右接线柱与灯L2的左接线柱之间的连线去掉，在电流表的左接线柱与灯L2的左接

线柱之间连线，如下图所示；

（4）分析表中数据中，可得出关系式：IC=IA+IB。为得出普遍性的结论要换用不同规格

的灯泡多次测量。

故答案为：（1）电流表正负接线柱接反了；（2）C；（3）如图所示；（4）IC=IA+IH；选

取几组规格不同的灯泡重新做实监。

27.（2022秋•惠城区校级）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，

实验装置如图所示：

实验钩码重钩码上升绳端拉绳端移机械效

次数量G/N高度h/m力F/N动距离s/m率n

140.12.70.274%

240.11.80.374%

380.13.10386%

480.12.580%

（1）实验中应沿竖直方向&1缓慢拉动弹簧测力计，某同学在该实验中加速向上

提升重物，所测滑轮组的机械效率会偏小（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。

（2）通过比较1、2（填实验次数的序号）两次实验数据得出结论：使用同一滑轮

组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；比较2、3两次实验得出结论:

同一滑轮组，物滑越大,滑轮组的机械效率越高。

（3）表格中第4次实验空格中数值：绳端移动距离s=0.4m：通过比较3、4两次实

验数据可得出结论；不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越

（填“高”或"低”）;

（4）若每个滑轮的质量为100g,第三次实验中克服摩擦做的额外功为（）.03J（不计

绳重）。

甲乙内丁

【答案】（1）匀速;变小；（2）1、2：物重;（3）0.4；低；（4）0.03o

【分析】（I）实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处「平衡状态，

拉力大于等于测力计示数；某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，

据此分析滑轮组的机械效率变小化；

（2）研究同一滑轮组的机械效率与绳子段数的关系时，要控制提升物体的质量相同，改

变绳子的有效段数：

比较2、3两次实验的相同和不同量，结合表中数据得出结论；

（3）由图丁可知绳子的有效段数，根据s=nh求出绳端移动的距离；对比3、4两次实

验的相同和不同量，结合表中数据得出结论；

（4）根据W为=Gh求出有用功，根据W6=Fs求出总功，根据G=mg和W动=6动11

求出克服动滑轮自重，不计绳重，再根据W恿=W豺W有和W颤=W"j+W除擦求出克服

摩擦做的额外功。

【解答】解：（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体匀速升高，此时系统

处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；

某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，总功变大，而有用功不变，

故滑轮组的机械效率变小；

（2）比较I、2两次的实验数据，同一滑轮组，绳子段数不同，机械效率相同，可得出

结论：使用同一滑轮组提升重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关：

比较第2、3次的实验数据，同一滑轮组提升不同重物，物重不同，机械效率不同，可得

出结论：同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高；

（3）由图丁可知绳子的有效段数为4,绳端移动距离：s4=4h4=4X0.1m=0.4m；

比较第3、4次的实验数据，不同滑轮组提升相同重物，动滑轮重不同，机械效率不同，

可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低；

（4）由表中数据可知，第三次实验中，有用功：Wff3=G3h3=8NXO.lm=O.8J,

总功：W总3=F3s3=3.1NXO.3m=0.93J,

动滑轮的重力：G^=m^g=100X10-3kgX10N/kg=lN,

则克服动滑轮重力做的功：W^=G^h3=lNX0.1m=0.1J,

不计绳重，由W怂=Wjfi+Wf「和W额=W/W庠擦可得，克服摩擦做的额外功：W^=

W总3-W有3-W动=0.93J-0.8J-0.1J=0.03Jo

故答案为：（1）匀速;变小；（2）1、2；物重；（3）0.4；低；（4）0.03.

28.（2022秋•息县）如佟所示的电路中，电源电压恒定不变，当S闭合，Si断开时，电压

表的示数为3V,电流表的示数为0.4A；当S、Si都闭合，电流表的示数为1A；求：

（1）电源电压是多少？

（2）当S、Si都闭合时，R2两端的电压是多少？

（3）当S、Si都闭合时,通过Ri的电流是多少？

【答案】（I）电源电压为3V；

（2）R1两端的电压为3V；

（3）通过Ri的电流是0.6A。

【分析】（1）当S闭合，Si断开时，只有R2连入电路，电压表测电源电压，电流表测通

过R2的电流；

（2）（3）当S、Si都闭合，Ri与R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根

据并联电路电流特点可求出通过R1的电流。

【解答】解：（1）当S闭合，Si断开时，只有R2连入电路，电压表测电源电压，则电源

电压为3V；

（2）当S、Si都闭合，Ri与R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，

因并联电路各支路两端的电压相等，则Ri两端的电压Ui=U=3V,

（3）因并联电路两电阻互不影响，则通过R2的电流仍为0.4A,

则此时通过Ri的电流为：h=I-h=lA-0.4A=0.6Ao

答：（1）电源电压为3V；

（2）Ri两端的电压为3V；

（3）通过Ri的电流是0.6A。

29.（2022秋•岳阳）汽车出厂前需要测试，某次检测过程中，汽车保持恒定功率在水平路

面做直线运动，汽车运动中所受阻力不变，发动机效率为40%,加速至2s时牵引力为

4000N,10s后油箱还剌10L汽油（汽油热值q=3.3Xl（）7j/L）。求：

（1）10s内牵引力做的功；

（2）10s后该车最多还能继续行驶的路程。

【答案】（1）10s内牵引力做的功为6X1（）5J；

（2）10s后该车最多还能继续行驶的路程为66km。

【分析】（1）根据P=tJS=Fv求出功率的大小；

tt

汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，利用W=Pt求1〜10s内牵引力做的功；

（2）由图知，汽车在10s后做匀速直线运动，由P