山西省吕梁市部分学校2025-2026学年高二年级上册10月夯基考试物理试题（a卷）解析版

2025〜2026学年高二10月夯基考

物理（A卷）

1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。

2.答题前，考生务必用直径0.5亳米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡

上对应题目的答案标号涂黑：非选择题请用直径0.5亳米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的

答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。

4.本卷命题范围：人教版必修第三册第十至十一章。

一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符

合题目要求，每小题4分；第8〜10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6

分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.卜列关十电源、电流、电阻率的说法止确的是（）

A.电源的工作原理是在电源内部把电子从负极源源不断地搬到正极，产生电压

B.根据/=9,通过导体横截面的电荷量越多，电流越大

C.将•根导线剪断后导线的电阻率不变

D.电流具有方向，所以电流是矢量

【答案】C

【解析】A.电源内部通过非静电力做功，将正电荷从负极搬运到正极（或电子从正极到负

极），从而维持电势差。选项A中“电子从负极搬到正极”的描述与实际情况相反，故A错误;

B.电流定义式i=；中，电流大小取决于单位时间内通过的电荷量。若电荷量q大但

时间/更长，电流可能反而小，故B错误；

C.电阻率是材料的固有属性，仅与材料和温度有关，与导体的形状无关。剪断导线仅改变

长度和横截面积，电阻率不变，故C正确；

D.电流虽有方向，但运算遵循代数法则（如直接相加或相减），而非矢量叠加法则，因此

电流是标量，故D错误。

故选C。

2.将三个定值电阻。、氏c分别接入同一电路，测得相应的电流、电压值，并在/-。图像

中描点如图所示。其中阻值最大的是（）

b

o------------------------»u

A.aB.bC.cD.无法确定

【答案】C

【解析】将各点与原点直线连接，可知阻值大小等于图线斜率的倒数，则斜率越小的电阻阻

值越大，故c阻值最大。

故选C。

3.如图所示，一带负电粒子从电场中的。点沿直线运动到8点的过程中，取。点为零电势,

向右为位移正方向，其电势能/随位移x变化的关系图像正确的是（）

bE

【答案】A

【解析】从。到。电场线变得越来越稀疏，电场力逐渐减小，航-x图像的斜率也逐渐减小，

又因粒子带负电，电场力方向从'指向小粒子从电场中的。点沿直线运动到方点的过程中

电场力做负功，电势能增加，故选A。

4.某根导线的横截面积为S,该导线材料密度为夕，每个原子的质量为机，电子电荷量为e,

每个原子只提供•个自由电子，当该导线中自由电子定向移动的平均速率为甘时，导线中通

过的电流大小为（）

B,也

A辿*•

vrninme。代

【答案】B

【解析】在时间f内，电子移动的距离为L=vt,对应体积

V=SL=Svto

体积P对应的质量“二夕/二外宣"，原子数

MpSvt

N=—=-——

mm

每个原子贡献一个电子，总电荷量0=Ne=2电

m

代入/=-,得

/二包

故选Bo

5.如图所示，真空中有一对平行金属板M、N,两板与恒压电源U相连。一带电粒子从M

板处静止释放，仅在电场力作用下运动到N板。若M板固定，将N板向左移动，该粒子仍

从M板处由静止释放，下列说法正确的是（）

A.开关S闭合时，仅将N板向左移动，M板带电荷量不变

B.开关S闭合时，仅将N板向左移动，粒子运动的加速度减小

C.开关S先闭合再断开，仅将N板向左移动，粒子运动的加速度不变

D.开关S闭合时，将粒子固定在两板间某处不动，仅将N板向左移动，粒子电势能增大

【答案】C

【解析】A.开关S闭合时。不变，仅将N板向左移动，即d减小，根据八胡

可知电容c增大；根据2=cu

可知电量。增大，故A错误；

B.开关S闭合时U不变.仅将N板向左移动，即d减小，根据E=§

可知电场强度£增大；根据牛顿第二定律有9七二加。

可知粒子运动的加速度增大，故B错误；

C.开关S先闭合再断开，电量0不变，仅将N板向左移动，即d减小，根据c=一在，

4k7rd

Q=CU,E.

解得小智

可知电场强度E不变，故加速度不变，故C正确；

D.开关S闭合时U不变，则M板的电势不变，将粒子固定在两板间某处不动，N板向左

移动，M板到粒子固定在两板间某处的电势差减小，粒子所在位置电势降低，粒子带正电,

则电势能减小，故D错误。

故选C。

6.如图所示，也4BC为等边三角形,在力点固定一电荷量为+夕的点电荷，将另一电荷量也

为+q的点电荷M从无穷远处移到C点，此过程电场力对其做功为力o,再将M沿直线移动

到8点并固定，最后将一电荷量为-4g的点电荷N从无穷远处移到。点，取无穷远处电势

为零，下列说法正确的是（）

夕可

/、

//、、

/\

//、

/\

//、、

/\

B---------------------<

A.最终。点的电势为空

q

B.最终c点的电势为3九

q

C.M从C点移动到B点的过程中电势能不变

D.N从无穷远处移动到。点的过程，电场力做功为-8%

【答案】D

【解析】AB.根据电场力做功与电势能变化的关系式勿=与1一与2

可知当取无穷远处电势为零时.，将电荷量为+g的点电荷M从无穷远处移到C点，电场力做

功为%贝悟%=0-4°

解得%=-匕

又因为Ep=q（p,所以4点的点电荷在C点产生的电势为。=生=一丝

qq

将电荷M沿直线移动到8点并固定时，由于电荷M所带电量与力点的点电荷所带电量相同，

所以电荷M在。点产生的电势与1点的点电荷在C点产生的电势相等，所以最终C点的电

势为%=28=-也，放AB错误；

q

C.由于夙C到4点的距离相等，根据点电荷周围电势分布特点可知，/点的点电荷在尻

C两点产生的电势相等。但是M从C点移动到8点的过程中，电势先升高后降低，电势能

先增大后减小，故C错误；

D.根据%二夕。

可知N从无穷远处移动到C点时，电场力做功为

W=-AqUx=_4q（0-0）=-4q[--誓]]=>故D正确。

故选D。

7.如图所示，质量均为用、带电荷量均为+夕的两小球P、Q置于光滑水平地面上，空间中

存在水平向左、大小为£二2区的匀强电场，重力加速度为g。现对小球P施加一水平向右

q

的恒力R使P、Q一起向右做匀速直线运动，某时刻撤去R从撤去尸至P减速为零的过

程中，下列说法正确的是（）

E

FPQ

A.恒力厂的大小为3mg

B.该过程小球P的最大加速度大小为2g

C.小球Q的动能先减小后增大

D.两球间的距离先增大后减小

【答案】B

【解析】A.P、Qi起向右做匀速直线运动，以P、Q为整体，根据平衡条件可知恒力厂

的大小为尸=2gE=2〃?g,故A错误；

B.P、Q一起向右做匀速直线运动，以Q为研究对象，根据平衡条件可知此时P、Q间的

库仑斥力大小为五斥=qE=mg

某时刻撤去RP、Q均向右做减速运动，但P的加速度大于Q的加速度，所以P、Q间的

距离逐渐增大，库仑斥力逐渐减小，所以撤去?瞬间小球P的加速度最大，则有

F斥+qE

%=-----=2g故B正确:

m

C.由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以P的速度先减为0,则从撤去户至

P减速为零的过程中，Q一直做减速运动，动能一直减小，故C错误；

D.由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以从撤去产至P减速为零的过程中,

P的速度一更小于Q的速度，则在该过程中，两球间的距离一直增大，故D错误。

故选Bo

8.一灵敏电流计G的满偏电流为lOO^A,内阻为90。o将它改装成07mA与0〜3mA的

两量程电流表，电路如图所示。下列说法正确的是（）

A.开关接。时是。〜3mAA程

B.4阻值为火2阻值为"c

13-3

C.将图中4与火2的位置互换，小量程不变，大量程变化

D.若将该灵敏电流计与4、与串联改装为电压表，则最大量程为0.1V

【答案】AC

/,（凡+凡）

卫一-/.，开关接

【解析】A.开关接4,量程为/〃=1+4

JD

量程为可得开关接〃时为大量程，是。〜3mA量程，故A正确:

B.『口等）+仆3><1。,2悬

RR+R

可得4+&=g=ioo,与二士广

联立解得与二号。，/?2=yfl,故B错误;

C.根据A选项可知，对调4，R,小量程不变，大量程变化，故C正确:

D.改装后电压表量程U=/g4+/g（K+&）=0.01V,故D错误。故选AC。

9.如图所示，P、。为固定的等量正电荷，图中虚线为二者连线和中垂线，一对带异种电荷

的小球M、N用绝缘杆连接，并与中垂线对称放置，将M、N从无穷远处沿中垂线移动到P、

。连线处，已知加球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，取无穷远处电势为零，下列说

法正确的是（）

+-

MQH~Q）N

㊉…£+十I-£-+…㊉

pM:NQ

A.M、N两球的电势能都增大BM、N两球电势能之和增大

C.M球移动路径上各点电势升高D.电场力对N球一直做负功

【答案】BC

【解析】C.根据同种等量电荷的电场线分布.，如图所示

根据沿着电场线方向，电势不断降低，而M、N两球移动的路径是逆着电场线运动的，故M、

N两球移动路径上各点电势都升高，故C正确：

A.正电荷在电势越高的地方电势能越大，负电荷在电势越高的地方电势能越小，故M球

的电势能增大，N球的电势能减小，故A错误：

B.由题知，〃球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，根据综=48

可知加球增加的电势能大于N球减小的电势能，故河、N两球电势能之和」曾大，故B正确；

D.在移动过程，N球的电势能减小，故电场力对N球做正功，故D错误。

故选BCo

10.如图所示，电源输出电压不变，R。、R、火2为定值电阻，鸟为滑动变阻器，电流表

示数为/,电压表示数为U,电流表和电压表示数变化尾的绝对值分别为△/、AU,电容

器所带电荷量为。，通过&的电流为右，电表均视为理想电表，开关S闭合，将6的滑片

向左缓慢滑动，下列关于/、，2、U、A/、、。的关系图像正确的是（）

【解析】A.由于0=cq=c〃?i

故。一/图像为过原点的直线，故A错误;

B.根据U+/R°=U总

即U=U总一%/,故B正确；

c.根据9g=凡

A/

可得斜率不变，故C正确：

D.根据欧姆定律可得八及2+/（凡+凡）=〃总

则八二/一（凡:&）/，故D错误。

■R2R?

故选BCo

二、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.在“观察电容器的充、放电现象”实验中。实验装置如图甲所示：电源、电容器、电阻箱、

电压表、电流表、单刀双掷开关以及导线若干。

（1）实验时，先将单刀双掷开关S与“1”端相接，稳定后再将单刀双掷开关S与“2”端相接。

从开关S与“2”端相接瞬间开始计时，得到电压表示数与时间的图像如图乙所示，已

知图线与坐标轴围成的面积为S。，电阻箱阻值为H,电流表内阻为〃，根据该图像可以粗

测出实验中电容器的电容C°=（用题中已知物理量R、八Um、*表示）。

（2）若将电阻箱的阻值调大重复实验，则得到的U-E图像中，4将（填“增大”“减

小”或“不变”）。

（3）重复实验得到电流表示数的/-，图像，若图线与坐标轴围成的面积为S「仍用上述方

S

法测出电容器的电容G=7TL的值应孰（填"大于"小于”或“等于”）。

【答案】⑴谭沅

（2）增大（3）小于

U

【解析】（1）根据。=〃=

R+r

结合图乙可知，电容器放电时的U-1图像与坐标轴围成的面积为£3=S。

可得电容器放电电荷量0=含；

根据。=齐

口m

解得c=f

（2）若将电阻箱的阻值调大，则放电电流/减小，根据。=C0m

可知总电量保持不变，根据

可知放电时间增大

（3）根据。二〃

可知/-，图像与时间轴围成的面积表示电荷量，即S为电荷量，由于电压表的分流，则&

小于真实电量0，故G小于。0。

12.某同学做“测金属丝电阻率”的实验。

（1）用游标卡尺测量金属丝长度示数如图甲所示，其值为/=mm；

（2）先用多用电表欧姆挡的“xl”倍率粗测金属丝的电阻，后应进行的操作是（选填”机

械调零”或“欧姆调零”），示数如图乙所示，其阻值约为R=。；

（3）请将下列实物电路连线，要求电表的示数变化范围较大，己知电压表内阻很大，电流

表内阻约

国区j

中⑸

（4）从实验原理上看，待测电阻测量值（填“大于”“小于”或“等于“）其真实值。以

电压表示数U为纵轴，电流表示数/为横轴作出线性图像的斜率为五金属丝氏度为/，直

径为4则它的电阻率夕=（用/、d、4字母表示）。

【答案】（1）137.50（2）欧姆调零13或13.0

nd2k

（4）小于

~4F

【解析】（1）20分度游标卡尺的精度为0.05mm,游标卡尺读数为

/=137mm+0.05mmxl0=137.50mm

（2）多用电表欧姆挡选择挡位后应进行欧姆调零，倍率为“xi”，则读数为13。

（3）如下图，因要求电表示数变化范围较大，故电路采用分压接法O因电压表内阻很大,

故采用电流表外接。

(4)口］由于电压表的分流影响，测量值实际上是待测电阻和电压表并联后的阻值，该阻值

小于待测电阻阻值，可知测量值小于真实值。

［2］根据火=冬===%，S=—

S14

itd2k

可得夕二一丁

13.如图所示，电源输出电压恒为20V,定值电阻A=10Q,R2=20Q,凡=10。，滑

动变阻器6最大阻值为60C,竖直正对放置的平行板电容器间距d=0.2m,电容

C=1X10-3FO将一质量〃7=0.01kg,带电荷量q=2x10-3(3的小球用绝缘细线悬挂在平

行板间，缓慢滑动变阻器的滑片使小球恰好静止，此时细线与竖直方向的夹角为45。，重力

加速度g取IOm/s2o求：

(1)此时«上的电压；

(2)此时变阻器&的接入阻值。

(3)将滑动变阻器的滑片从该位置滑到最右端，电容器所带电荷量的变化量是多少？

【答案】(1)=10V(2)&=20。(3)=0.002C

【解析】(1)对小球分析可知此时Eq="?g

电容器间电势差等于用上的电压，故有U3=Ed

联立解得q二iov

则H=20V—10V=10V

(2)由上可知此和％并联后的阻值为I。。

则有栽二皿

解得%=20。

(3)原来所带电荷量。=CU3=°,01C

滑片滑到最右端时R并'=15Q

U；=12V

0=cq'=ooi2C

故A0=Q'—Q=O.OO2C

14.如图所示，竖直平面内固定一个四分之三光滑圆形轨道，半径为R。竖直直径8力右侧有

水平向右的匀强电场，一质量为，〃、带正电荷量为q的小球从与圆心等高的/点静止释放，

已知匀强电场的场强大小后二学，重力加速度为g,以8点电势为零，sin37°=0.6,求:

(1)小球在电场中运动的最大速率;

(2)小球对轨道的最大压力大小；

(3)小球速率最大时具有的电势能。

【答案】（1）v=⑵&=3.75〃7g（3）Ep=~mgR

【解析】（1）由等效重力场可知，等效重力方向向右下方与4。夹角37。

,5

mg=~tnS

设小球在等效最低点速度为V

则有；wv2=mgRcos37°+EqRsin37°

（2）由舔一rngf=m彳

解得/=3.75;«g

根据牛顿第三定律，最大压力号；=氏=3.75〃7g

（3）由上可知，0-0=ERsin37°

9

故Ep=（pq==mgR

15.如图中所示，两平行金属板水平正