江苏省苏北七市（徐、连、淮、宿、通、扬、泰）2026届高三二模物理试卷（含解析）

2026年高考物理调研试卷（一）一、单选题：本大题共11小题，共44分。1.2026年1月，中国“人造太阳”环流器装置(EAST)实现1亿摄氏度、1066秒稳态高约束运行，改装置反应堆中发生的一种核反应方程为： 12H+ 13A.电子 B.正电子 C.中子 D.质子2.一束由红光、蓝光组成的复色光从水中沿PQ方向射入球形气泡中，发生折射的光路如图所示，O为气泡球心，a、b为折射光线。则(

)A.a是红光，在水中a光速度比b的大

B.b是红光，在水中a光速度比b的小

C.a是蓝光，在水中a光速度比b的大

D.b是蓝光，在水中a光速度比b的小3.如图所示，哈雷彗星在近日点与太阳中心的距离为r1，线速度大小为v1；在远日点与太阳中心的距离为r2，线速度大小为v2A.v1=v2 B.v1<4.我国建造的世界上亮度最高的第四代同步辐射光源“未来之光”，和第三代同步辐射光源相比，电子被加速后的能量更高，辐射的X射线穿透能力更强，则(

)A.电子的物质波波长更长、辐射的X射线波长更长

B.电子的物质波波长更长、辐射的X射线波长更短

C.电子的物质波波长更短、辐射的X射线波长更长

D.电子的物质波波长更短、辐射的X射线波长更短5.如图所示，A、B、C是正三角形的三个顶点，O是三角形的中心。A、B处分别放置+q、+3q的点电荷。现在C处放置一点电荷Q，使O点的电场方向平行BC向右，则O的电荷量为(

)

A.+q B.-q C.+3q D.-3q6.如图所示，在研究钢板防御穿甲能力的实验中，一块钢板被锁定在光滑的水平面上，子弹以水平方向的初速度射入钢板，恰好能穿过。现解除锁定，让子弹以相同的初速度射向钢板，假设子弹穿入钢板过程中受到的阻力恒定，子弹射入钢板过程中(

)A.子弹对钢板的水平冲量比锁定时的小 B.子弹对钢板的水平冲量和锁定时的一样大

C.钢板对子弹做的功比锁定时的多 D.钢板对子弹做的功和锁定时的一样多7.四旋翼飞行器每个旋翼提供的升力与机身垂直，增大旋翼转速可以增加升力。飞行器水平悬停时的俯视图如图所示，现改变旋翼转速，可使机身倾斜着水平向右移动的操作是(

)A.增大旋翼2、3转速，减小旋翼1、4转速

B.增大旋翼2、4转速，减小旋翼1、3转速

C.增大旋翼1、3转速，减小旋翼2、4转速

D.增大旋翼1、4转速，减小旋翼2、3转速

8.1834年英国物理学家洛埃设计了洛埃镜实验，如图所示。水平放置的平面镜MN左上方有一点光源S，仅发出单一频率的光，平面镜右侧固定有竖直放置的足够大的光屏，光屏上有明暗相间的条纹。现将镜面向右平移，则条纹(

)A.间距变大 B.间距变小 C.数量变多 D.数量变少9.马年春晚舞蹈《喜雨》技惊四座，舞者头顶斗笠匀速转动时，下列图线中与斗笠边缘的一串串珠实际形态最接近的是(

)A.B.C.D.10.如图所示，倾角为θ的足够长斜面c放置在光滑的水平面上，质量相等的a、b两小滑块与斜面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，μ1<μ2且μ1+μA.b的机械能一直减小 B.c的机械能一直增加

C.a、b、c系统动量守恒 D.a、b、c的总动能一直增加11.某人形机器人关节模组中传动机构的简化模型如图所示，大齿轮固定不动，圆心为O，小齿轮的圆心为C，P为小齿轮边缘上的一点，小齿轮始终紧贴大齿轮匀速滚动。小齿轮的直径与大齿轮的半径相等，则(

)A.图示时刻点P的速度方向指向O

B.图示时刻点P的加速度方向指向C

C.点P的运动周期是点C的两倍

D.PO之间的距离越小，点P的加速度越大二、实验题：本大题共1小题，共15分。12.为测量纽扣电池电动势和内阻，选用以下器材：

A.待测纽扣电池(电动势约3V，内阻约0.5Ω)

B.电压表V(量程为3V，内阻约3kΩ)

C.电流表A(量程为0.6A，内阻约0.2Ω)

D.滑动变阻器R(0～10Ω,2A)

E.定值电阻R0=5.0Ω

F.开关S和导线若干

(1)某实验小组用图甲所示电路进行实验，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于______(选填“左端”或“右端”)；

(2)实验中，测得电压表示数U和对应的电流表示数I，根据图乙中已描出的各点作出U-I图像；

(3)由图像可得，该纽扣电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω。(结果均保留两位有效数字)

(4)小明同学用图丙所示电路进行实验，将电压表接在a、b间测得电压U1，再将电压表接在b、c间测得的电压为U2，改变滑动变阻器的滑片位置多次测量，根据测得的多组数据在图丁中作出U2-U1图像。已知图线的横截距为d，纵截距为e。则该纽扣电池的电动势E=______，r=______。(用字母d、e和R0表示)

(5)在(4)问中，小李同学认为测得U1后将电压表接在a、c间测得电压U2'三、计算题：本大题共4小题，共41分。13.我国考古发现的“长信宫灯”示意图如图所示，灯罩内灯芯点燃后产生的烟气沿着右臂管道进入灯体内，经灯体底部的水盘过滤烟尘，清洁空气。假设灯罩内气体的体积为V，灯芯点燃前气体的密度为ρ，温度为T0，气体的压强保持不变。

(1)求灯芯点燃前，灯罩内气体的质量m1；

(2)灯芯点燃后，灯罩内气体温度为T，求灯罩内气体的质量m214.如图甲所示，细线的一端系一小球，另一端固定于O点，小球绕O点在竖直平面内做圆周运动。传感器同时测得细线拉力大小F、细线与竖直方向夹角θ，拉力F随θ变化的曲线如图乙所示。已知小球做圆周运动的半径r=0.4m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。求：

(1)小球运动过程中的最小速度v；

(2)小球的质量m。15.如图所示，在倾角θ=30°的足够长光滑斜面上，宽度为d的阴影区域内存在垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，相邻磁场间的距离为2d。一质量为m的金属矩形线框ABCD放在斜面上端，AB中点系有平行于斜面的轻绳，轻绳绕过斜面底端的轻质定滑轮与一重物相连。现将线框由静止释放，此后通过每个磁场区域的时间都相等，运动过程中线框AB边始终与磁场边界平行，重物未落地。已知金属线框的电阻为R，AB边长为L、BC边长为d，重物的质量为m，重力加速度为g。

(1)求AB边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量q；

(2)求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减小的动能ΔEk和线框产生的焦耳热Q；

(3)若线框通过任意一个磁场区域过程中速度减小量为Δv，求该过程所用的时间t。16.如图所示，xOy坐标系的第一象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m、电荷量为+q的粒子，从P(-2L,L)处以初速度v0沿+x方向运动，经磁场偏转后垂直x轴射出。粒子的重力不计。

(1)求磁场的磁感应强度B的大小；

(2)若第二象限加平行y轴方向的匀强电场，其他条件不变，使粒子穿出电场后能进入第一象限，求电场强度E的大小满足的条件；

(3)在(2)问条件下，若匀强电场的电场强度大小为E0，求粒子的运动轨迹与未加电场时粒子运动轨迹交点的纵坐标y，并分析交点的位置特点。

1.【答案】C

【解析】解：根据质量数和电荷数守恒，X的质量数为2+3-4=1，电荷数为1+1-2=0，即X为中子 01n，故C正确，ABD错误。

故选：C2.【答案】A

【解析】解：由图可知，a光的偏折程度比b光小，则a光的折射率比b光小，a是红光，b是蓝光。由v=cn分析知在水中a光速度比b的大，故正确，BCD错误。

故选：A。

根据光的偏折程度判断折射率大小，再确定光的颜色，由v=3.【答案】C

【解析】解：AB.根据开普勒第二定律，彗星在近日点的速率最大，在远日点的速率最小，因此v1>v2，故AB错误；

CD.根据开普勒第二定律，结合微元法，可得12r1v1⋅Δt=12r2v2⋅Δt4.【答案】D

【解析】解：根据德布罗意物质波公式λ=hp=hmv，其中h为普朗克常量，p为电子动量，电子能量越高，动量p越大，因此物质波波长λ更短；X射线的穿透能力由光子能量决定，光子能量越高，穿透能力越强，根据光子能量公式E=hν=hcλ，光子能量E越高，频率ν越大，波长λ更短，故ABC错误，D正确。5.【答案】B

【解析】解：设O到A、B、C的距离均为r。A在O点的场强EA=kqr2

垂直BC向下。B在O点的场强EB=3kqr2

垂直BC方向的分量EBy=EBsin30°=3kq2r2，EA=kqr2<EBy，

想要O点场强方向与BC平行，C在O点的场强EC必须有垂直BC向下的分量，因此C必须是负电荷。EC大小满足ECsin30°=EBy-E6.【答案】A

【解析】解：设子弹的初速度大小为vo，子弹所受的阻力大小为f，钢板的厚度为d，钢板被锁定时，对子弹，由动能定理：-fd=0-12mv02

解得v0=2fdm

钢板解除锁定时，假设子弹不能射穿钢板，其射入钢板的深度为x，对子弹和钢板组成的系统，由动量守恒定律：mv0=(M+m)v

由能量守恒定律：-fx=12(M+m)v2-12mv02

7.【答案】A

【解析】解：A.旋翼2、3位于左侧，1、4位于右侧，增大2、3转速可提升左侧升力，减小1、4转速可降低右侧升力，使左侧升力大于右侧升力，机身向右倾斜，升力的水平分力向右，可实现水平向右移动，故A正确；

B.增大2、4转速、减小1、3转速，无法使左侧升力大于右侧升力，不能让机身右倾获得向右的分力，故B错误；

C.增大1、3转速、减小2、4转速，会使右侧升力大于左侧升力，机身向左倾斜，产生向左的分力，故C错误；

D.增大1、4转速、减小2、3转速，右侧升力大于左侧升力，机身左倾，分力向左，故D错误。

故选：A。

要使四旋翼水平向右移动，需让左侧升力大于右侧升力使机身右倾，产生向右的水平分力，据此调整各旋翼的转速。

本题以四旋翼飞行器为实际情境，考查力的分解与受力分析，将物理知识与生活应用结合，能有效检验学生的知识应用与分析能力。8.【答案】D

【解析】解：效于实光源S与虚像S'的双缝干涉，镜面向右平移时，两相干光源间距、到光屏距离均不变，故条纹间距不变；反射光照射范围减小，直接光与反射光的重叠区域变小，条纹数量变少，故D正确，ABC错误。

故选：D。

洛埃镜干涉等效于实光源S与虚像S'的双缝干涉，根据Δx=Ld9.【答案】B

【解析】解：对斗笠边缘垂下的珠串进行受力分析。设珠串上任一位置与竖直方向的夹角为θ，该点到转轴的距离为r，其下方所有珠子的总质量为M。

对于该点及以下部分整体而言，受到上方绳子的拉力T和总重力Mg。在竖直方向有Tcosθ=Mg；在水平方向，由于珠串在做匀速圆周运动，其合力提供向心力。

由于珠串各部分半径不同，离转轴越远的地方需要的向心加速度ω2r越大。

从上往下观察，越靠下的珠子旋转半径越大，单位质量需要的向心力越大。越靠下的位置，需要支撑的重力越小。根据tanθ=F向Mg可知，随着位置下移，分子(向心力需求)增大而分母(总重力)减小，因此夹角θ必然逐渐增大。这意味着珠串在顶部(靠近斗笠边缘)时较为竖直，越往末端摆动得越开，形状变得越趋于水平。

对比各选项：

A、直线表示各点θ相等，故A错误；

B、图线起始段较陡(θ小)，末端较平缓(θ大)，故B正确；

C、图线起始段较平缓，末端较陡，故C错误；

D、形状不规则，不符合匀速转动的规律，故D错误。10.【答案】D

【解析】解：设a、b质量均为m。a与b对斜面的滑动摩擦力方向均沿斜面向下，大小分别为fa=μ1mgcosθ.fb=μ2mgcosθ

a与b对斜面的压力方向均垂直斜面向下，大小均为N=mgcosθ

fa与f，在水平方向分力均向左，之和为F左=(fa+fb)cosθ=(μ1+μ2)mgcos2θ

由于μ1+μ2=2tanθ

可得F左=2mgcosθsinθ

两个N水平方向分力均向右，之和为F右=2Nsinθ=2mgcosθsinθ，可以发现F左=F右，说明只要两个滑块在斜面上滑动，斜面在水平方向受力就为0，不会左右移动。由于μ1<μ2且μ1+μ2=2tanθ，那么一定有μ1<tanθ，μ2>tanθ，因此初始时，a向下加速，b向下减速，c不动，这是过程①；

当b减速为0后，c将向右加速，b相对c静止，这是过程②，过程②中，系统只是水平方向动量守恒，过程①中，11.【答案】A

【解析】解：由题意可知，小齿轮的直径2r等于大齿轮的半径R，即R=2r，这符合“卡当圆”模型。在该模型下，小齿轮边缘上任意一点P的运动轨迹均为大齿轮的一条直径，即点P在大齿轮的某条直径上做简谐运动，其平衡位置位于大齿轮中心O。

A、由于点P沿直径做直线运动，其速度方向始终在该直径所在的直线上。根据图示时刻小齿轮的转动方向，点P正朝向圆心O运动，因此其速度方向指向O，故A正确；

B、点P做简谐运动，其加速度方向始终指向平衡位置，即大齿轮中心O，而非指向小齿轮中心C，故B错误；

C、点C绕O做匀速圆周运动的周期为T=2π(R-r)vC，点P完成一次往复运动，即简谐运动的一个周期，所需时间与小齿轮中心C绕O旋转一周的时间相等，因此两者的运动周期相同，故C错误；

D、点P做简谐运动，其加速度大小为a=ω2⋅PO，其中ω是点C绕O运动的角速度。可见PO之间的距离越小，加速度a也越小，故D错误。

故选：A。

该题描述小齿轮紧贴大齿轮匀速滚动，小齿轮直径与大齿轮半径相等，形成特定运动关系。需明确小齿轮边缘上点P的运动轨迹是沿大齿轮某条直径的直线往复运动，其速度方向始终沿该直径方向，加速度方向指向平衡位置即大齿轮中心O。点P的运动周期与小齿轮中心C绕大齿轮中心O做圆周运动的周期相同，两者角速度相等，点P的加速度大小与PO距离成正比。分析时需结合小齿轮纯滚动的约束条件，理解点P做简谐运动的特征，从而判断各选项关于速度方向、加速度方向、周期关系及加速度变化规律的表述是否正确。

本题以卡当圆模型为背景，综合考查了圆周运动、简谐运动、速度与加速度的方向及大小变化规律等多个知识点。题目计算量不大，但需深刻理解小齿轮边缘点P的运动本质是沿大齿轮直径的直线简谐运动，而非绕自身圆心C的圆周运动，这要求学生具备较强的物理建模与运动分解能力。本题亮点在于将看似复杂的齿轮滚动问题转化为简谐运动模型，有效考查了学生对运动合成与分解、加速度与位移关系等核心规律的灵活应用。正确解题关键在于识别点P12.【答案】左端

2.8;0.60

e;eR0d-R【解析】解：(1)由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于左端。

(2)让尽可能多的点过直线，不能过直线的点对称分布在直线两侧，根据坐标系内描出的点作出图像如图所示

(3)由闭合电路的欧姆定律得U=E-I(r+R0)，由图示U-I图像可知，电源电动势E=2.8V，图像斜率的绝对值k=r+R0=ΔUΔI=2.80.5Ω=5.6Ω，解得电源内阻r=0.60ΩΩ

(4)由闭合电路的欧姆定律得U2=E-I(r+R0)=E-U1R0(r+R0)，即U2=E-r+R0R0⋅U1，由U2-U1图像可知，图像的纵轴截距e=E，图像斜率的绝对值k=r+R0R0=ed，解得r=13.【答案】灯芯点燃前灯罩内气体的质量为ρV

灯芯点燃后灯罩内气体的质量为ρVT【解析】解：(1)根据密度公式m=ρV，解得灯芯点燃前灯罩内气体的质量m1=ρV。

(2)灯罩内气体的压强保持不变，由理想气体状态方程可知m1T0=m2T，解得灯罩内气体的质量m2=ρVT0T。

答：(1)灯芯点燃前灯罩内气体的质量为ρV。

(2)灯芯点燃后灯罩内气体的质量为ρVT0T。

(1)灯芯点燃前，灯罩内气体处于初始状态，其质量由气体的密度与体积直接决定。已知灯罩内气体体积为V，密度为ρ，根据质量的定义，可直接建立两者关系求得灯罩内气体的质量m114.【答案】小球运动过程中最小速度大小为2m/s，水平向右

小球的质量为0.1kg

【解析】解：(1)由乙图可知小球在最高点时，拉力为零，根据竖直平面内圆周运动绳模型的特点，可知其此时速度最小，结合牛顿第二定律，可得：mg=mv2r，解得：v=2m/s，由乙图可知，其顺时针转动，即其在最高点时速度方向水平向右；

(2)小球从最高点到最低点的过程，应用动能定理，可得：mg⋅2r=12mv22-12mv2；小球在最低点时，根据牛顿第二定律，可得：Fm-mg=mv2215.【答案】AB边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量为BLdR

求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减小的动能为32mgd，线框产生的焦耳热为92mgd

【解析】解：(1)AB边穿过磁场区域过程，由法拉第电磁感应定律可得E-=BLdΔt，又I-=E-R，所以q=I-Δt=BLdR；

(2)线框通过每个磁场区域的时间相等，则线框每次进入磁场时速度相等.线框穿过磁场区域过程中，

系统减少的动能等于线框在相邻磁场间