2024届高考适应性考试物理试卷含解析

滕州市第一中学2024届高考适应性考试物理试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5亳米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、小明乘坐竖直电梯经过imln可达顶楼，已知电梯在1=0时由静止开始上升，取竖直向上为正方向，该电梯的加速

度。随时间，的变化图像如图所示。若电梯受力简化为只受重力与绳索拉力，则

A.，=4.5s时，电梯处于失重状态

B.在5〜55s时间内，绳索拉力最小

C.E=59,5s时，电梯处于超重状态

D.£=60s时，绳索拉力的功率恰好为零

2、如图所示，水平传送带A、3两端相距x=2m,物体与传送带间的动摩擦因数〃=0.125,物体滑上传送带A端的

瞬时速度UA=3m/s,到达3端的瞬时速度设为PB。8取1。!!］底，下列说法中正确的是（）

A.若传送带顺时针匀速转动，物体刚开始滑上传送带A端时一定做匀加速运动

B.若传送带顺时针匀速转动，物体在水平传送带上运动时有可能不受摩擦力

C.若传送带逆时针匀速转动，则照一定小于2m/s

D.若传送带顺时针匀速转动，则朋一定大于2m/s

3、关于下列核反应方程，以下说法不正确的是（）

①2打hT：Pa+：e②/U+Inr2Ba+累Kr+3；n③:H+；H-；He+

A.方程①中夕衰变产生的Pa处于激发态，会发出/射线B.方程①中夕衰变的发生是自发的过程

C.方程②是裂变反应，应用时产生的废物容易处理D.③是聚变反应，产能效率比裂变反应高

4、在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以V和:的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时

4

的速率是乙球落至斜面时速率的（）

A.2倍B.4倍C・6倍D・8倍

5、如图甲所示的理想变压器，原线圈接一定值电阻Ko,副线圈与一额定电流较大的滑动变阻器R相连接，现在M、

n.L10

N间加如图乙所示的交变电压。已知变压器原、副线圈的匝数比为一="r,定值电阻的额定电流为2.0A,阻值为

为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻值至少为（）

甲乙

A.inB.V2H

C.10。D.1O2Q

6、如图所示，长方形abed长ad=0.6m,宽ab=0-3m,e、f分别是ad、be的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸

面向里的匀强磁场，磁感应强度B=0.25T。一群不计重力、质量m=3xl0：kg.电荷量q=+2xl0-3c的带电粒子以速度

v『5xl（）2m/s从左右两侧沿垂直ad和be方向射入磁场区域（不考虑边界粒子），则以下不正确的是

A.从ae边射入的粒子，出射点分布在ab边和bf边

B.从ed边射入的粒子，出射点全部分布在bf边

C.从bf边射入的粒子，出射点全部分布在ae边

D.从丘边射入的粒子，全部从d点射出

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图，篮球赛中，甲、乙运动员想组织一次快速反击，甲、乙以相同的速度并排向同一方向奔跑，甲运动员要将球

传给乙运动员，不计空气阻力，则（）

A.应该让球沿着3的方向抛出

B.应该让球沿着2的方向抛出

C.两运动员对球的冲量大小和方向都是相同的

D.当乙接着球后要往身体收，延长触球时间，以免伤害手指

8、下列说法正确的是（）

A.显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性

B.物体内能增加，温度不一定升高

C.物体的温度越高，分子运动的速率越大

D.气体的体积指的不是该气体中所有气体分子体积之和，而是指该气体中所有分子所能到达的空间的体积

E.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零

9、某单位应急供电系统配有一小型发电机，该发电机内的矩形线圈面积为S=0.2m\匝数为N=100叵、电阻为r=5.0Q,

线圈所处的空间是磁感应强度为B=Y2T的匀强磁场，发电机正常供电时线圈的转速为n=2丝r/min.如图所示是

2万

配电原理示意图，理想变压器原副线圈的匝数比为5：2,Ri=5.0n.R2=5.2H,电压表电流表均为理想电表，系统正常

运作时电流表的示数为I=10A,则下列说法中正确的是

A.交流电压表的示数为720V

B.灯泡的工作电压为272V

C.变压器输出的总功率为2720W

D.若负载电路的灯泡增多，发电机的输出功率会增大

10、我国正在建设北斗卫星导航系统，根据系统建设总体规划，计划2018年，面向“一带一路”沿线及周边国家提供基

本服务，2020年前后，完成35颗卫星发射组网，为全球用户提供服务。2018年1月12日7时18分，我国在西昌卫

星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第26、27颗北斗导航卫星，将与前25颗卫星联网运

行.其中在赤道上空有2颗北斗卫星A、B绕地球做同方向的匀速圆周运动，其轨道半径分别为地球半径的§和5,且

43

卫星B的运动周期为T。某时刻2颗卫星与地心在同一直线上，如图所示。则下列说法正确的是

A.卫星A、B的加速度之比为3

9

B.卫星A、B的周期之比为是

C.再经时间t=3（8G9）T,两颗卫星之间可以直接通信

148

D.为了使赤道上任一点任一时刻均能委收到卫星B所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要4颗卫星

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学利用如图所示的装置来测量动摩擦因数，同时验证碰撞中的动量守恒。竖直平面内的一斜面下端与

水平面之间由光滑小圆弧相连，斜面与水平面材料相同。第一次，将小滑块A从斜面顶端无初速度释放，测出斜面长

度为1,斜面顶端与水平地面的距离为人小滑块在水平桌面上滑行的距离为为（甲图）；第二次将左侧贴有双面胶的

小滑块B放在圆弧轨道的最低点，再将小滑块A从斜面顶端无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，测出整体

沿桌面滑动的距离为（图乙）。已知滑块A和B的材料相同，测出滑决A、B的质量分别为〃打、加2,重力加速度为g。

⑴通过第一次试验，可得动摩擦因数为〃二;（用字母/、h、表示）

⑵通过这两次试验，只要验证_________,则验证了A和B碰撞过程中动量守恒。（用字母机〃⑵山、X2表示）

12.（12分）如图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图.图中E是电池；Ri、&、&、&和凡是固定电阻,

他是可变电阻;表头G的满偏电流为250MA,内阻为480。.虚线方框内为换挡开关,4端和B端分别与两表笔相连.该

多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压IV挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆挡.

表头

图(a)

（1）图（a）中的4端与（填“红”或“黑”）色表笔相连接.

⑵关于扁的使用，下列说法正确的是________（填正确答案标号）.

A.在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置

B.使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整心使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置

C.使用电流挡时，调整治使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置

⑶根据题给条件可得描+&2=Q,&=

（4）某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示.若此时6端是与“1”相连的，则多用电表读数为;若此时

8端是与“3”相连的，则读数为；若此时B端是与“5”相连的，则读数为.（结果均保留3位有效数字）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13,（10分）将电容器的极板水平放置分别连接在如图所示的电路上，改变滑动变阻器滑片的位置可调整电容器两极

板间电压。极板下方三角形ABC区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，其中N3=3（）c、NC=90"，底边AB平行于极板,

长度为心磁感应强度大小为瓦一粒子源O位干平行板电容器中间位置.可产生无初速度、电荷量为+q的粒子.在

粒子源正下方的极板上开一小孔F,OFC在同一直线上且垂直于极板。已知电源电动势为E,内阻忽略不计，滑动变

阻器电阻最大值为R,粒子重力不计，求：

⑴当滑动变阻器滑片调节到正中央时，粒子从小孔尸射出的速度；

⑵调整两极板间电压，粒子可从A8边射出。若使粒子从三角形直角边射出且距离C点最远，两极板间所加电压应是

多少。

14.（16分）如图所示，长木板的左端用一较链固定在水平面上，一可视为质点的小滑块放在长木板上的A点调节长

木板与水平方向的夹角〃为37。时，小滑块由A点开始下滑，经时间f滑到长木板的最底端夹角〃增大为53。时，小滑

块由A点经时间,滑到长木板的最底端。已知§加37。=0.6,cos37o=0.8。求：

2

⑴两次小滑块的加速度之比以及两次小滑块到达长木板底端时的速度之比；

⑵小滑块与长木板之间的动摩擦因数。

15.（12分）如图所示，滑块在恒定外力尸=2〃吆的作用下从水平轨道上的A点由静止出发，到8点时撤去外力，又

沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C,滑块说离半圆形轨道后又刚好落到原出发点4,求同〃

段与滑块间的动摩擦因数.（取g=10mH）

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.电梯在U1时由静止开始上升，加速度向上，电梯处于超重状态，此时加速度a>l.U4.5s时，a>l,电梯也处于

超重状态。故A错误。

B.5〜55s时间内，«=1,电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，应大于电梯失重时绳索的拉力，所以这段时

间内绳索拉力不是最小。故B错误。

C.U59.5$时，电梯减速向上运动，a<\,加速度方向向下，电梯处于失重状态，故C错误。

D.根据。图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由几何知识可知，61s内〃“图象与坐标轴所围的面积为1,

所以速度的变化量为1,而电梯的初速度为1,所以U61s时，电梯速度恰好为1,根据尸二网可知绳索拉力的功率恰

好为零，故D正确。

2、B

【解析】

A.若传送带顺时针匀速转动，若传送带的速度小于3m/s,则物体在传送带上做匀减速运动，故A错误；

B.若传送带顺时针匀速转动，若传送带的速度等于3m/s,则物体在传送带上做匀速运动，所以物体可能不受摩擦力,

故B正确；

C.若传送带逆时针匀速转动，加速度大小

a="mg-=1.25m/s2

tn

减速到零所用的时间为

v3..

L=—A=-----s=2.4s

a1.25

发生的位移为

v.+033彳今/八

s=-----L=—x2.4m=3.6m>2m

22

说明物体在传送带上一直做匀减速运动，由速度位移公式有

即

2x(-1.25)x2=v^-32

解得

vB=2m/s

故C错误；

D.若传送带顺时针匀速转动且速度为2m/$,则物体速度减速到与传送带速度相同时发生的位移为

22-32)

s.=-------------m=2m=x

2x(-1.25)

说明物体到达传送带B端时速度与传送带速度相等即为2ni/s,故D错误。

故选Bo

3、C

【解析】

AB.由题可知，核反应方程①是衰变，衰变的发生是自发的过程，在。衰变后的新核处于激发态，所以会发出丫

射线。故AB正确，不符合题意；

C.方程②是裂变反应，应用时产生的废物具有一定的放射性，不容易处理。故C不正确，符合题意；

D.根据核反应的特点可知，方程③是聚变反应，在聚变反应中产能效率比裂变反应高。故D正确，不符合题意。

故选C。

4、B

【解析】

设斜面倾角为。，小球落在斜面上速度方向偏向角为6,甲球以速度了抛出，落在斜面上，根据平抛运动的推论可得

tan9=2tan。

所以甲乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等

对甲有

勺末

cos。

对乙有

V

Vz*=------

4cos0

所以

以末

故ACD错误B正确。

故选B。

5、A

【解析】

由题意可知，定值电阻/在额定电流情况下分得的电压为:

U&、=//?o=2.OxlOV=2OV

则原线除输入电压:

Ui=220V-20V=200V

由变压器的工作原理:

幺

U2“2

可知:

U2=—x200V=20V

/10

允许电流最大时原线圈的输入功率为:

Pi=UJ=200x2W=400W

由变压器输出功率等于输入功率可得:

尸2=Pi=400W

又由公式可知

R

可得:

U2202

P24(X)

故A正确，BCD错误。

6、C

【解析】

粒子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：一，代入数据解得粒子轨道

口口内=若

半径：二二=二；

AB、若匀强磁场为矩形磁场，从e点垂直射入的粒子，由于做匀速圆周运动的半径等于圆形磁场的半径，则刚好从b

点射出，所以从e点垂直射入的粒子出射点落在bf边上；从ae边垂直射入的粒子，从圆弧af上射出，出射点分布在

ab边和bf边；从ed边射入的粒子，出射点全部分布在bf边，故A、B正确；

CD、若匀强磁场为圆形磁场，由于做匀速圆周运动的半径等于圆形磁场的半径，从be边射入的粒子，全部从d点射

出，所以从bf边射入的粒子，出射点全部分布在ad边，从fc边射入的粒子，全部从d点射出，故C错误，D正确；

错误的故选Co

【点睛】

关键计算出半径后找到圆心，分析可能出现的各种轨迹，然后找出射点。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

AB.甲和乙相对静止，所以甲将球沿着对方抛出，即沿着3方向抛出，就能传球成功，A正确，B错误；

C.根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化量，可知两运动员接球时速度的变化量大小相等、方向相反，动量

的变化量等大反向，所以两运动员对球的冲量等大反向，C错误；

D.当乙接着球后要往身体收，根据动量定理可知，相同的动量变化量下，延长作用时间，减小冲击力，以免伤害手

指，D正确。

故选AD,

8、ABD

【解析】

A.布朗运动反映了液体分子的无规则运动，A正确；

B.物体的内能是分子动能和分子势能的总和，内能增加可能是分子势能增加了，此时物体的分子动能可能会减小，

温度可能降低，所以B正确；

C.温度越高，分子平均动能越大，但是个别分子的动能可能会减小，c错误；

D.气体的体积是所有气体分子占有空间的总和，而不是所有气体分子的体积之和，D正确；

E.气体的压强来自于气体分子对容器壁的不断撞击，与气体的重力无关，E错误。

故选ABD.

9、CD

【解析】

厂NBS①

(1)根据七二飞「求出电动势的有效值

(2)根据闭合回路欧姆定律求出原线圈的电压

I.加U.n.

(3)利用广二一及7TL二」求出副线圈的电压

(4)根据电路结构求电动机的输出功率

【详解】

A、根据题意电流表的示数为10A,根据3=上解得原线圈的电流为4A,线圈在磁场中产生电动势的有效值为

=720V

则电压表的读数为U=E1-6=720—4x5=700V，故A错；

/、an,

BC、原线圈的电压为H=七一/1(厂+4)=720-4xl0=680V根据贰=:~可以求出副线圈上的电压为

U2=272V,所以副线圈上的功率为P=/2t/2=272x10=2720V

此时灯泡上的电压为U'=272-l()x5.2=22()V故B错；C对

D、把发电机外的所有用电器等效为一个电阻为R的电阻，根据题意可知，若负载电路的灯泡增多，则等效电

阻R减小，根据电源输出功率与电阻之间关系的函数图像可知，此时发电机的输出功率会增大，故D对；

故选CD

【点睛】

此题比较复杂，对于原线圈中有用电器的变压器问题来说，一般做题的方向是利用前后功率相等来求解的.

10、AD

【解析】AB、由万有引力提供向心力有丝丝=相。二竺"1,解得。="，卫星A、B的加速度之比为

厂T~r

GM

H一16T

幺=U7=V=¥，故A正确；解得r=J把乙，卫星A、B的周期之比为2二,故B错

%丝％9GMT

>B

误;

（国）

「生—至、1=兀，又〃=『〃=挛T,解得f=389

C、再经时间t两颗卫星之间可以直接通信，则有---------------1,

8148

故C错误;

D、由B卫星的分布图求的所辐射的最大角度，cosa=0.6,则a=53。，则辐射的最大角度为2a=106。，需要的

卫星个数」36上0°>3,为了使赤道上任一点任一时刻均能接收到卫星B所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要4颗卫

106°

星，故D正确；

故选AD,

【点睛】万有引力提供向心力.由牛顿第二定律求出加速度、周期之比.由几何关系为了使赤道卜.任一点任一时刻均

能接收到卫星B所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要颗数卫星。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

町嘉二(见+生)后

【解析】

(1)[1].对小滑块下滑到停止过程，据动能定理得

J/?一/

m】gh-4叫g•/-〃机Xg1=0

解得

_h

〃尸一h2+x

(2)[2].对小滑块A滑到斜面最低点的速度为以，在水平桌面上时，据牛顿第二定律得

pm\g=m\a

解得

a=〃g

据速度位移关系公式得

设A与B碰撞后速度为外，同理得

ip®1gxi

根据4、"碰撞过程动量守恒得

miv\=(mi+m2)V2

联立解得

平嘉二(小+〃％)后

12、黑B1608801.47mA1.10xl03Q2.95V

【解析】

(1)[1]欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，即红进黑出，4端与电池正极相连，电流从A端流出,

4端与黑表笔相连；

⑵⑵由电路图可知氏6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电

流档时也不需要调节&；

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析相符，故B正确；

C.与分析不符，故C错误；

(3)[3]4端与“1”“2”相连时，该多用电表挡位分别为直流2.5mA挡、直流1mA挡，如图所示

由电表的改装原理可知8端与“2”相连时，有:

GR\+R

解得:

4+&=160。

[4]笈端与“4”相连时，如图所示

多用电表为直流电压IV挡，表头并联部分电阻:

扭4=4；"6=880。

(4)[5]8端与“1”相连时，电表读数为1.47mA；

⑹3端与“3”相连时，多用电表为欧姆xlOOQ挡，读数为：

11.0x1000=1.lOxltfQ

⑺3端与“5”相连时，多用电表为直流电压5V挡，读数为:

147

—x5V=2.95V

250

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

…樽⑵喏

【解析】

D

⑴当滑动变阻器调到一时，两极板