高中物理一轮复习专题训练含答案解析

专题一力与运动1.哈利法塔高828m，它是目前世界最高的建筑，游客乘坐世界最快观光电梯经历加速、匀速、减速的过程能够到达观景台，在台上可以鸟瞰整个迪拜全景，颇为壮观。已知某次运行过程中，电梯加速、减速的加速度大小均为1m/s2，通往观景台只用了50s，电梯运行高度为525m。则（）A.电梯匀速运行的时间为15s B.电梯匀速运行的时间为30sC.电梯运行的最大速度为15m/s D.电梯运行的最大速度为21m/s2.电动平衡车具有运动灵活、操作简单、绿色环保等优点，如图所示，下列分析错误的是（）A.电动平衡车运动灵活是因为惯性比较小B.轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车与地面间的摩擦力C.电动平衡车及人受到的重力和地面对其的支持力是一对相互作用力D.地面对平衡电动车的支持力是由于地面发生形变而产生的3.在体育课的娱乐活动中，某同学正在扶正一根竹竿，如图所示（O点的位置不变）。若该同学向左匀速运动扶正竹竿时，手与竹竿接触点的高度不变，则该过程中竹竿（）A.与手接触点的线速度变小 B.与手接触点的线速度变大C.绕O点转动的角速度不变 D.绕O点转动的角速度变小4.如图所示，在水平面上A点正上方O点水平向右以v0＝5m/s的速度抛出一个小球，同时位于A点正前方3m远的B点处，一质量m＝1kg的滑块，在水平向右的恒定拉力F＝8N作用下由静止开始匀加速运动，经时间t＝1s恰好在P点被小球击中。重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，则滑块与水平面间的动摩擦因数μ为（）A.0.3 B.0.4C.0.5 D.0.65.某燃脂腰带如图甲所示，在圈外有一个用杆相连的重力锤。小明不小心将杆弄断了，换了一根细绳绑住重力锤，运动过程中腰带可看作不动，重力锤绕人体在水平面内做匀速圆周运动，细绳与竖直方向的夹角为53°，计数器显示1min内转了40圈，其简化图如图乙所示。已知绳长L＝0.45m，重力加速度取g＝10m/s2，且π2＝10，则以下说法正确的是（）A.若细绳不慎断裂，重力锤将做斜抛运动B.增大转速再次稳定后，腰受到的摩擦力比增速前大C.重力锤匀速转动的向心加速度大小约为7.5m/s2D.细绳悬挂点到腰带中心的距离为0.39m6.如图所示，海洋卫星a、b、c是在地球赤道平面内绕地球做匀速圆周运动的三颗卫星，已知海洋卫星a的周期为12h，海洋卫星b、c是地球同步卫星，此时海洋卫星a、b恰好相距最近，地球自转的周期为24h，则下列说法正确的是（）A.海洋卫星a的运行速度大于第一宇宙速度B.海洋卫星b的机械能一定等于海洋卫星c的机械能C.海洋卫星a在降低轨道的过程中质量保持不变，海洋卫星a的机械能将增加D.海洋卫星a和海洋卫星b下一次相距最近经过时间可能为8h

专题二能量与动量1.“蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是（）A.绳对人的冲量始终向上，人的动量先增大后减小B.人克服绳子拉力做的功等于重力势能的减少量C.绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D.人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力2.我国多次成功使用“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭。如图所示，发射舱内的高压气体先将火箭竖直向上推出，火箭速度接近零时再点火飞向太空。从火箭开始运动到点火的过程中（）A.火箭的加速度为零时，动能最大B.高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能C.高压气体对火箭推力的冲量等于火箭动量的增加量D.高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭动能的增加量3.2023年亚运会在杭州顺利举行，广东中山15岁小将陈烨夺得我国在滑板男子碗池项目的首枚金牌，实现历史性突破，假如某次训练中陈烨以同一姿态沿轨道下滑了一段距离，此过程中重力对他做功为800J，他克服阻力做功为200J，不计其他作用力做的功，则陈烨在此过程中（）A.动能可能不变 B.动能增加了600JC.重力势能减少了600J D.机械能增加了200J4.电动车配有把机械能转化为电能的“能量回收”装置。某次测试中电动车沿倾角为15°的斜坡向下运动，初动能为1.0×105J。第一次让电动车无动力自由滑行，其动能Ek与位移x的关系如图中直线①所示；第二次让电动车无动力并开启“能量回收”装置滑行，其动能Ek与位移x的关系如图中曲线②所示。假设机械能回收效率为90％，取重力加速度g＝10m/s2。下列说法正确的是（）A.图中①对应过程电动车所受合力越来越大B.可求图中②对应过程下滑200m回收的电能C.图中②对应过程下滑100m后不再回收能量D.由题中及图像信息可求出电动车的质量5.用水平拉力F拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，t1时刻撤去拉力，物体做匀减速直线运动直到t2时刻停止，其速度—时间图像如图所示。若α＞β，拉力F做的功为W1，冲量大小为I1；物体克服摩擦阻力f做的功为W2，f的冲量大小为I2。则下列选项正确的是（）A.W1＞W2，I1＞I2 B.W1＜W2，I1＞I2C.W1＜W2，I1＜I2 D.W1＝W2，I1＝I26.原地纵跳摸高是常见的体能测试项目。在某次摸高测试中，一同学从如图（a）所示的静止下蹲状态开始，到脚刚离开地面，如图（b）所示，再到运动到最高点，位置如图（c）所示，三幅图代表同一竖直线上的三个位置，不计空气阻力，关于该同学测试的全过程，下列说法正确的是（）A.从图（a）位置到图（b）位置的运动过程中，该同学因为受地面支持力的位移为零，所以支持力冲量为零B.该同学在图（c）位置的机械能等于在图（a）位置的机械能C.从图（a）位置到图（b）位置的运动过程中，地面对脚的支持力始终大于该同学的重力D.从图（a）位置到图（c）位置的过程中，地面对脚的支持力冲量与该同学的重力冲量等大反向7.（多选）2024年2月5日，在斯诺克德国大师赛决赛，特鲁姆普以10-5战胜斯佳辉获得冠军，如图甲所示。简易图如图乙所示，特鲁姆普某次用白球击打静止的蓝球，两球碰后沿同一直线运动。蓝球经t＝0.6s的时间向前运动x1＝0.36m刚好（速度为0）落入袋中，而白球沿同一方向运动x2＝0.16m停止运动，已知两球的质量相等，碰后以相同的加速度做匀变速直线运动，假设两球碰撞的时间极短且发生正碰（内力远大于外力），则下列说法正确的是（）A.由于摩擦不能忽略，则碰撞过程动量不守恒B.碰后蓝球与白球的速度之比为3∶2C.碰撞前白球的速度大小为2m/sD.该碰撞为弹性碰撞8.（多选）如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙壁上，小球A向左压缩弹簧并锁定，带有四分之一光滑圆弧轨道的滑块B静止放在A的右侧，轨道下端与水平面相切，整个装置位于足够大的光滑水平面上。某时刻解锁，小球被弹出后向右运动，经轨道上升到距水平面的最大高度为h，已知A、B的质量分别为m、3m，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.小球沿B的轨道上升时，A和B组成的系统动量守恒B.弹簧锁定时的弹性势能为43C.小球不可能第二次滑上B的轨道D.滑块B的最大动能为mgh

专题三电场与磁场1.2023年8月15日，游客在新疆吐鲁番的沙漠上游玩时，头发突然竖了起来。当时无风，但头顶乌云密布。下列相关说法正确的是 （）A.这是一种电磁感应现象 B.这是一种静电感应现象C.此时人的头与脚带异种电荷 D.此时人应躺下或蹲下，并向高处撤离2.带有等量异种电荷的一对平行金属板，如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，电场线也不是彼此平行的直线，而是如图所示的曲线，关于这种电场，下列说法正确的是（）A.这种电场的电场线虽然是曲线，但是电场线的分布却是左右对称的，很有规律性，两板之间的电场，除边缘部分外，可以看作匀强电场B.电场内部A点的电场强度小于B点的电场强度C.电场内部A点的电场强度等于B点的电场强度D.若将一不计重力的正电荷从电场中的A点由静止释放，它将沿着电场线方向运动到负极板3.如图所示，O为等量异种点电荷连线的中点，A、B为连线上的点，C、D为其中垂线上的点，且A、B、C、D距O点距离相等，取无穷远处的电势为零。下列说法正确的是（）A.A、B两点电势相等 B.C、D两点电场强度不相同C.O点电势为零，电场强度也为零 D.沿中垂线移动电荷，静电力始终不做功4.如图，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，O为圆心。质量为m、电荷量为q的带负电的粒子沿平行于直径MN的方向射入该区域，入射点P与MN的距离为12R，已知粒子射出磁场与射入磁场时速度方向间的夹角为60°，忽略粒子重力，则粒子的速率为（A.3qBR2mB.2qBRmC5.（多选）某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗，在治疗过程中，来自质子源的质子（初速度为零）先被电场加速到具有较高的能量，然后被磁场引向轰击肿瘤，杀死其中恶性细胞，如图所示。若加速电场可看成单个匀强电场，质子的加速长度为L，加速的末速度为v，质子质量为m，电荷量为e，下列说法正确的是（）A.质子在加速过程中电场力对其做正功，电势能减少B.该加速电场的电场强度大小为E＝mC.若要提高质子飞出时的动能，可在其他条件不变的情况下提高加速电压D.质子击中肿瘤时的速率大于质子进入磁场时的速率6.如图所示，在A处有平行于y轴的虚线，虚线左侧所有空间分布着水平向左的匀强电场，在虚线右侧所有空间分布着垂直纸面向里的匀强磁场，在O点处，某时刻有一带负电的粒子以初速度v0沿y轴正方向运动，粒子从A（L，2L）点进入磁场，在磁场中运动一段时间后恰好又回到O点，已知粒子的质量为m，电荷量大小为q，不计粒子重力，求：（1）电场强度的大小和带电粒子运动到A点的速度；（2）磁感应强度大小和带电粒子从开始运动到恰好回到O点的时间。

专题四电路与电磁感应1.如图所示的电路中，有四个完全相同的小灯泡，不考虑电阻随温度的变化，其中最亮的灯泡是（）A.灯泡L1 B.灯泡L2C.灯泡L3 D.灯泡L42.如图甲所示，有“海上充电宝”之称的南鲲号是一个利用海浪发电的大型海上电站，其发电原理是海浪带动浪板上下摆动，从而驱动发电机转子转动如图乙所示，其中浪板和转子的链接装置使转子只能单方向转动。图乙中此时刻线圈平面与磁场方向平行，若转子带动线圈逆时针转动并向外输出电流，则下列说法正确的是（）A.线圈转动到如图乙所示位置时a端电势低于b端电势B.线圈转动到如图乙所示位置时电流方向发生变化C.线圈转动到如图乙所示位置时感应电流最大D.线圈产生的电动势大小与海浪波动的频率无关3.（多选）如图所示是一种经颅磁刺激的医疗技术，在人体头部上方放置的金属线圈内通以脉冲电流，电流流经线圈产生高强度脉冲磁场，磁场穿过头颅在脑部特定区域产生感应电流，下列说法正确的是（）A.脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电磁感应现象B.变化的磁场会使得脑部特定区域产生感应电场C.若将脉冲电流改为恒定电流，也会持续对脑部产生感应电流D.若脉冲电流最大强度不变，但脉冲电流时间Δt缩短，则在脑部产生的感应电流会增强4.某兴趣小组在校园内进行科学小实验，实验场地所处的磁场可视为方向竖直向下，大小B＝52×10－5T的匀强磁场，兴趣小组使长为3m、宽为1m、匝数为100匝的金属线框以角速度ω＝10rad/s匀速转动，再利用原、副线圈匝数比为1∶100的理想变压器使“12V，9W”电风扇正常工作，线框及导线电阻不计，如图所示。下列说法正确的是（）A.当线框平面与地面平行时产生的电动势最大B.电风扇的内阻为16ΩC.为了使电风扇能正常工作，需把电风扇与一个阻值R＝4Ω的电阻串联D.金属线框感应电动势的峰值为0.15V5.（多选）如图，M为半圆形导线框，圆心为OM，N是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为ON，两导线框在同一竖直面（纸面）内，两圆弧半径相等，过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。现使线框M、N在t＝0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面且过OM、ON的轴，以相同的周期T逆时针匀速转动，则（）A.两导线框中均会产生正弦交流电B.两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等C.两导线框中感应电流的周期都等于TD.在T16时刻，6.（多选）如图甲所示，两间距为L的平行光滑金属导轨固定在水平面内，左端用导线连接，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，一根长度也为L、电阻为R的金属棒放在导轨上，在平行于导轨向右、大小为F的恒力作用下向右运动，金属棒运动过程中，始终与导轨垂直并接触良好，金属棒运动的加速度与速度关系图像如图乙所示，不计金属导轨及左边导线电阻，金属导轨足够长，若图乙中的a0、v0均为已知量，则下列说法正确的是（）A.金属棒的质量为FB.匀强磁场的磁感应强度大小为1C.当拉力F做功为W时，通过金属棒横截面的电荷量为WD.某时刻撤去拉力，此后金属棒运动过程中加速度大小与速度大小成正比

专题五振动与波光与电磁波1.第五代移动通信技术简称5G，5G应用3300MHz～5000MHz频段的无线电波传送信号，5G将帮助世界开启万物互联新时代。下列关于电磁波谱的说法正确的是（）A.红外线的波长比无线电波的波长更长B.遥控器是利用无线电波工作的C.X射线的频率比γ射线的频率小D.医院里常用X射线对病房和手术室进行消毒2.（多选）如图，轻弹簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖直方向做简谐运动。以竖直向上为正方向，物块做简谐运动的表达式为y＝0.1sin2.5πt（m）。t＝0时刻，一小球从距物块h高处自由落下；t＝0.6s时，小球恰好与物块处于同一高度。取重力加速度的大小g＝10m/s2。以下判断正确的是（）A.h＝1.7mB.简谐运动的周期是0.8sC.0.6s内物块运动的路程是0.2mD.t＝0.4s时，物块与小球运动方向相反3.下列关于光学现象的说法，正确的是（）A.如图甲使光信号在光导纤维中发生全反射，内芯的折射率小于外套的折射率B.观看3D电影时需要佩戴特殊的眼镜，此过程利用了光的偏振现象，光是横波C.让激光束通过一个狭缝，可能观察到光屏上出现丙图且波长越大，条纹间距越大D.在丁图中激光束沿液流传播，若改用折射率更小的液体，则实验现象更明显4.一列沿x轴传播的简谐横波，t＝0时刻的波形图如图1所示，P、Q是介质中的两个质点，图2是质点Q的振动图像。下列说法正确的是（）A.该波沿x轴正方向传播B.该波的速度为0.5m/sC.此时刻质点P沿y轴负方向运动D.质点Q在2s内运动的路程为20cm5.图甲为太阳光穿过转动的六角形冰晶形成“幻日”的示意图，图乙为太阳光穿过六角形冰晶的过程，a、b是其中两种单色光的光路，则在冰晶中（）A.a的折射率比b的大 B.a的频率比b的大C.a的传播速度比b的小 D.a的波长比b的大6.（多选）如图所示为一半圆柱形透明体横截面，横截面的圆心为O，半圆柱的半径为R，P1为直径AB上的点，OP1＝23R，透明体的折射率为2。现有一细光束MP1以入射角θ＝45°从P1点射入半圆柱，则（A.细光束MP1经两次折射后会从弧面AB射出B.细光束MP1经AB面折射，在弧面AB发生两次全反射后再从AB面射出透明体C.细光束第一次射出透明体时，折射角为45°D.细光束第一次射出透明体时，折射角为30°7.（多选）如图甲所示，OP＝s，t＝0时刻质点O开始振动，产生沿O、P所在直线向右传播的简谐横波，图乙为质点P从t＝t1时刻开始振动的图像（t1为波刚传到质点P的时刻），则以下说法正确的是（）A.t＝0时刻质点O的振动方向沿y轴负方向B.t2时刻质点P振动速度最大，方向沿y轴负方向C.该波与另一频率为1tD.若某障碍物的尺寸为s2t1（t2－t

专题六热学1.关于分子动理论的规律，下列说法正确的是（）A.分子直径的数量级为10－15mB.压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体分子间存在斥力C.某气体密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则该气体分子之间的平均距离为3D.气体体积是指所有气体分子的体积之和2.“拔火罐”是我国传统医学的一种治疗手段。操作时，医生用点燃的酒精棉球加热一个小罐内的空气，随后迅速把小罐倒扣在需要治疗的部位，冷却后小罐便紧贴在皮肤上，如图所示。小罐倒扣在身体上后，在罐中气体逐渐冷却的过程中，罐中气体质量和体积均可视为不变。若罐中气体可视为理想气体，下列说法正确的是（）A.罐中气体的压强不变B.罐中气体的内能不变C.罐中气体分子的平均动能不变D.罐中单位体积内气体分子数不变3.下列说法错误的是（）A.液晶是一种特殊的化合物，光学性质具有各向异性B.非晶体没有规则的几何形状，但有确定的熔点C.液体浸润固体是由于附着层分子间的距离比液体内部小D.在完全失重状态下，一固定容器中装有能浸润其器壁的液体时，必须用盖子盖紧，否则容器中的液体将会沿器壁流散4.（多选）如图所示，某一种减震垫，上面布满了圆柱状薄膜气泡，每个气泡内均充满一定质量的理想气体。当平板状物品平放在气泡上时，气泡被压缩。假设在压缩过程中，气泡内气体温度保持不变。下列说法正确的是（）A.压缩后气泡内气体的压强变大B.压缩过程气泡内气体对外做正功C.压缩过程气泡内气体吸收热量D.压缩过程气泡内气体的内能不变5.如图是一定质量的理想气体由状态A经过状态B变为状态C的V-T图像。已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa。下列说法正确的是（）A.气体在状态A的温度为200KB.气体在状态C的压强为3×105PaC.从状态A到状态B的过程中，气体的压强越来越大D.从状态B到状态C的过程中，气体的内能保持不变6.（多选）如图所示为卡诺逆循环过程（制冷机）的p-V图像，该循环由两个等温过程和两个绝热过程组成，全过程以理想气体为工作物质，工作物质与低温热源和高温热源交换热量的过程为等温过程，脱离热源后的过程为绝热过程。图中虚线T1、T2为两条等温线。下列说法中正确的是（）A.一个循环过程中，外界对气体做的功大于气体对外界做的功B.a→b过程气体压强减小只是由于单位体积内分子数减少导致的C.a→b过程气体对外界做的功等于c→d过程外界对气体做的功D.d→a过程气体向外界释放的热量等于b→c过程从低温热源吸收的热量7.（多选）如图所示，一个固定在水平面上的绝热容器被隔板A分成体积均为V1＝750cm3的左右两部分。面积为S＝100cm2的绝热活塞B被锁定，隔板A的左侧为真空，右侧中一定质量的理想气体处于温度T1＝300K、压强p1＝2.04×105Pa的状态1。抽取隔板A，右侧的气体就会扩散到左侧，最终达到状态2。然后解锁活塞B，同时施加水平恒力F，仍使其保持静止。当电阻丝C加热时，活塞B能缓慢滑动（无摩擦），电阻丝C放出89.3J的热量时气体达到温度T2＝350K的状态3。已知大气压强p0＝1.01×105Pa，隔板厚度不计，下列说法正确的是（）A.气体从状态1到状态2是不可逆过程，分子平均动能减小B.水平恒力F的大小为10NC.状态3气体的体积为1750cm3D.气体从状态1到状态3内能增加63.8J

专题七近代物理1.我国于2024年1月研发出全球首款民用核电池，该核电池利用半衰期约为100年的镍63来工作，其衰变方程为

2863Ni→2963Y＋X，A.X是电子 B.X是α粒子C.Y与Ni是同位素 D.Y的中子数为292.位于我国广东江门的中微子实验室正在有序建设中，中微子是科学家在研究β衰变过程中预言并发现的一种粒子，对人类了解物质的微观结构和宇宙的起源与演化具有重要意义。以下核反应方程属于β衰变的是（）A.92238U→90B.90234Th→91C.12H＋13HD.92235U＋01n→561443.“嫦娥三号”探测器在月球软着陆并释放了玉兔号月球车，玉兔号配备的核电池是我国自主研发的放射性钚238（94238Pu）电池，其在发生α衰变过程中放出能量，通过热电偶产生电能给月球车上的设备供电，给休眠中的月球车保温，并维持与地面的通讯。已知钚238的半衰期为88年，下列说法正确的是（A.其衰变后的原子核内质子数比中子数多50个B.衰变后原子核的质量与α粒子的质量之和等于衰变前钚238的质量C.经过一段时间，随着钚238的减少，电池内钚238的半衰期变短D.经过88年，该核电池内的钚238还剩一半4.如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n＝4的激发态，向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光。关于这些光，下列说法正确的是（）A.这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光B.粒子性最强的光是由n＝2能级跃迁到n＝1能级产生的C.最容易发生衍射的光是由n＝4能级跃迁到n＝1能级产生的D.这群氢原子发出的光子中，能量的最大值为12.75eV5.某烟雾报警器结构和原理如图甲、乙所示。光源S向外发射某一特定频率的光，发生火情时有烟雾进入报警器内，由于烟雾对光的散射作用，会使部分光进入光电管C从而发生光电效应，于是有电流输入报警系统，当电流大于I0就会触发报警系统报警。某次实验中，当滑动变阻器的滑片P处于图乙所示位置，烟雾浓度增大到n时恰好报警。假设烟雾浓度越大，单位时间内光电管接收到的光子个数越多。已知元电荷为e，下列说法正确的是（）A.光电管内单位时间激发出的光电子数为I0e时B.将滑片P向左移动，当烟雾浓度小于n时有可能报警C.仅提高光源S发出光的强度，光电子的最大初动能将增大D.报警器报警时，将滑片P向左移动警报有可能会被解除6.（多选）2023年6月10日，四川省文物考古研究院对外公布：三星堆遗址祭祀区再现两件跨坑拼对成功的大型青铜器。利用14C衰变的测年技术可进行考古研究，其衰变方程为

614C→714N＋－10e，已知14C的半衰期为5730年，若

614C、714N、－10e的质量分别为m1、A.

－1B.614C的比结合能小于

C.全球变暖会导致半衰期变短D.该核反应中释放的能量为（m1－m2－m3）c27.（多选）如图所示，图甲为研究光电效应的电路图，入射光紫光的频率大于K极板的极限频率，图乙是光电管中光电流与电压的关系图像，图丙是原子核的比结合能与质量数之间的关系图像。下列判断正确的是（）A.图甲中提高紫光入射光强度，遏止电压一定增大B.图乙中，a光光子的动量大于b光光子的动量C.由图丙可知，钡原子核

56144Ba比氪原子核

D.由丙图可知，24He核子的平均质量比

专题八物理实验1.位移传感器经常用在力学实验中，并且可以很好的与计算机结合，快速解决普通方法难以解决的问题。为了测量小物块与木板间动摩擦因数μ，某小组设计了如图甲所示的实验，将粗糙长木板（厚度不计）的下端置于铁架台水平底座上的挡板P处，上部架在横杆上，横杆的位置可在竖直杆上调节。竖直杆OO1与水平底座垂直，Q为长木板与竖直杆交点，位移传感器安装在粗糙长木板的右端。（1）现测得OP的长度如图甲，OP的长度l＝cm。（2）调节横杆，当OQ高度h＝12.00cm时，轻推在斜面上的小物块，物块到位移传感器的距离x与时间t的关系如图乙所示，则小物块与粗糙长木板间的动摩擦因数μ＝。（3）再次调节横杆，小物块无初速度轻放在斜面上，物块到位移传感器的距离x与时间t的关系如图丙所示，测得OQ高度h＝18.00cm，则当地的重力加速度g＝。（保留3位有效数字）2.碳纤维板是将碳素纤维使用树脂浸润硬化形成的碳纤维板材，具有强度高、重量轻、耐腐蚀等良好性能，它还具有较好的导电性，在一些高端器械上被广泛使用。小明为了探究碳纤板的导电性能，找了一块长20cm、宽2cm、厚约为2mm的碳纤板来测量其电阻率。实验步骤如下：（1）先用游标卡尺测出板的厚度如图1所示，其读数为d＝mm。（2）再用图2所示的电路测量碳纤板的电阻，电路中定值电阻R0＝20Ω，电压表可视为理想电压表。闭合开关S，单刀双掷开关打到a时，电压读数为2.0V，单刀双掷开关打到b时，电压读数为4.5V。由此求得碳纤板的电阻R＝Ω。碳纤板的电阻率ρ＝Ω·m。（结果均保留两位有效数字）3.在如图甲所示的光具座上组装成双缝干涉实验装置，用以测量红光的波长。（1）将测量头的分划板中心刻线与某亮条纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图乙所示，然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，记下此时图丙中手轮上的读数为mm，求得相邻亮纹的中心间距为mm。（2）已知双缝间距d＝2.0×10－4m，测得双缝到光屏的距离l＝0.700m，由计算式λ＝，求得所测红光波长为m。4.某实验小组要测量当地的重力加速度，三位同学分别设计了如下方案：（1）甲同学用弹簧测力计粗测重力加速度。将一个质量为165g的物体挂在校准后的竖直弹簧测力计下端，静止时指针如图1所示，则重力加速度为m/s2（结果保留2位有效数字）。（2）乙同学用如图2所示的装置测量重力加速度。打点计时器的打点周期为T。让重物从静止开始下落，打出一条清晰的纸带，其中的一部分如图3所示。A、B、C、D、E为纸带上5个连续打下的点。根据纸带可得重力加速度g＝（用h1、h2、h3、T表示）。（3）丙同学利用图4装置测量重力加速度。摆线上端固定在O点，下端悬挂一小钢球，通过光电门传感器采集摆动周期。①组装好装置后，用毫米刻度尺测量摆线长度L，用螺旋测微器测量小钢球直径d。螺旋测微器示数如图5所示，小钢球直径d＝mm，记摆长l＝L＋d2②多次改变摆线长度，在小摆角下测得不同摆长l对应的小钢球摆动周期T，并作出l-T2图像，如图6所示。已知图线斜率为k，可得重力加速度g＝（用k、π表示）。5.（2024·江苏南通市二模）物理兴趣小组利用手机测量当地的重力加速度。如图甲所示，他们将一根木条平放在楼梯台阶边缘，小球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击打木条使其转开后，小球下落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声和小球落地的撞击声，算出时间间隔t，多次测量不同台阶距离地面的高度h及对应的时间间隔t。（1）现有以下材质的小球，实验中应当选用。A.乒乓球B.钢球C.橡胶球（2）某次记录下声音振幅随时间变化曲线如图乙，第一、第二个尖峰的横坐标分别对应打击声和落地撞击声，小球下落的时间t＝s。（3）作出如图丙所示的2h-t2图线，可得到重力加速度g＝m/s2。（结果保留两位有效数字）（4）若敲击木条侧面时小球获得一个较小的水平速度，对实验测量结果（选填“有”或“没有”）影响。（5）在实验中，小明将手机放在木条与地面间的中点附近进行测量，而小红为了方便将手机放在地面A点测量，你认为哪位同学的方法更合理，并简要说明理由。6.某实验兴趣小组，根据以下器材想要精确测量电压表V1的内阻，其量程为3V，内阻大约为2kΩ，除此以外提供的器材有：A.电源E（电动势9V，内阻忽略不计）B.电压表V2（量程15V，内阻约为5kΩ）C.电流表A1（量程0.6A，内阻约为5Ω）D.滑动变阻器R1（阻值范围为0～10Ω）E.滑动变阻器R2（阻值范围为0～1500Ω）F.定值电阻R3＝5kΩG.定值电阻R4＝500ΩH.开关一个，导线若干（1）实验过程中，为了减小实验误差，要求电表示数至少要达到量程的13，同时方便电路调节，滑动变阻器应选择，实验所需的另一个电表应选择，定值电阻应选择（均选填器材前的字母代号（2）请在虚线框内画出实验电路图；（3）将电压表V1的示数记为U1，将另一个电表的示数记为X2，将所选定值电阻的阻值记为R，在获得多组U1、X2的值后建立坐标系，绘制X2-U1图像，拟合得到线性图像的斜率为k，则电压表V1的内阻RV＝（用k、R）表示。7.某同学利用实验室已有的器材设计了如图甲所示的电路，用来测量某一太阳能电池的电动势和内电阻，已知电源的电动势大约为5.8V，内电阻大约为几十欧，实验中用到的其他器材有：A.电压表V1（量程为3V，内阻约为5000Ω）B.电压表V2（量程为15V，内阻约为10000Ω）C.电流表G（量程10mA，内阻rg待测量）D.定值电阻R0＝200ΩE.保护电阻R1＝100ΩF.电阻箱（量程0～99.99Ω）G.开关两个，导线若干（1）为了使电压表指针在实验的过程中有更大的移动范围，电压表应选择（选填选项字母）；（2）将电阻箱的阻值调整到最大值，闭合开关S1、S2，缓慢调节电阻箱阻值大小，使表头的示数为4mA。此时电压表示数为满偏的23，则表头的电阻rg＝Ω（3）断开开关S2，多次改变电阻箱的阻值，记录阻值大小为R，同时记录对应的电流表的电流值为I，建立1I-1R图像，描点连线得到如图乙所示的线性图像。根据图中的数据，可得该太阳能电池的电动势E＝，内电阻r＝Ω（

专题一力与运动针对训练1.C设电梯匀速运行的时间为t，最大速度为v，则vt＋2×12v×50－t2＝525m，v＝a×50－t2，将a＝1m/s2代入解得t＝20s，v＝2.C由于电动平衡车的质量较小，所以其惯性较小，运动状态容易改变，故A正确；轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大车与地面之间的粗糙程度，进而增加运动时的摩擦力，故B正确；电动平衡车及人受到的重力和地面对其的支持力是一对平衡力，故C错误；地面对电动平衡车的支持力是由于地面发生形变而产生的，故D正确。3.B设该同学的速度为v，某一时刻竹竿与地面的夹角为θ，将同学的速度v，沿杆和垂直于杆的方向分解如图所示，则由几何关系得与手接触点的线速度为v2＝vsinθ，由于竹竿与地面的夹角θ不断变大，由上式可知与手接触点的线速度变大，故B正确；设手与竹竿接触点的高度为h，则手与竹竿接触点到O点的距离为r＝ℎsinθ，绕O点转动的角速度为ω＝v2r＝vsin2θℎ，由于竹竿与地面的夹角θ不断变大，所以绕4.B由题意可知，小球做平抛运动的时间为1s，则其水平位移为xAP＝v0t＝5m，由位移公式x＝12at2可知，滑块的加速度为a＝2xt2＝2×（xAP－xAB）t2＝4m/s2，对滑块受力分析，由牛顿第二定律可得F－μmg＝ma，得μ5.D若细绳不慎断裂，重力锤抛出时的速度方向水平，其将做平抛运动，故A错误；若增大转速，腰带始终不动，受力是平衡的，根据竖直方向的受力分析可知，腰带所受摩擦力（方向竖直）等于腰带和重力锤的总重力，总重力不变，则摩擦力不变，由牛顿第三定律知B错误；对重力锤受力分析，合力提供其做圆周运动所需的向心力，则水平方向有mgtan53°＝ma，解得a＝403m/s2，故C错误；重力锤的向心加速度a＝ω2r＝4π2n2r，其中n＝4060r/s＝23r/s，r＝Lsin53°＋l，代入数据解得l＝0.39m，6.D第一宇宙速度是人造卫星的最大环绕速度，所以海洋卫星a的运行速度小于第一宇宙速度。故A错误；由机械能表达式可得E＝mgh＋12mv2，虽然两颗卫星的高度和线速度大小相等，但质量关系不明确，所以二者的机械能不一定相等，故B错误；海洋卫星a在降低轨道的过程中需要外力对其做负功，所以海洋卫星a的机械能将减小，故C错误；若海洋卫星a和海洋卫星b反向运行，设下一次相距最近经过时间t，则有2πTa＋2πTbt＝2nπ，（n＝1，2，3，…），解得t＝8nh（n＝1，2，3，…），当n＝1时，专题二能量与动量针对训练1.A由于绳对人的作用力一直向上，故绳对人的冲量始终向上；由于人在下降过程中速度先增大后减小，所以人的动量先增大后减小，故A正确；从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程，由动能定理有WG－WF＝0－12mv2，则人克服绳子拉力做的功等于重力势能的减少量与动能的减少量之和，故B错误；绳子恰好伸直时，绳子的形变量为零，弹性势能为零，但合力向下，还要继续加速，此时人的动能不是最大，故C错误；人在最低点时，速度减小至0，此时绳子的拉力大于人的重力，故D2.A火箭从发射舱发射出来，受竖直向下的重力、竖直向下的空气阻力和竖直向上的高压气体的推力作用，且推力大小不断减小，刚开始时向上的高压气体的推力大于向下的重力和空气阻力之和，故火箭向上做加速度减小的加速运动，当向上的高压气体的推力等于向下的重力和空气阻力之和时，火箭的加速度为零，速度最大，接着向上的高压气体的推力小于向下的重力和空气阻力之和，火箭接着向上做加速度增大的减速运动，直至速度为零，故当火箭的加速度为零时，速度最大，动能最大，故A正确；根据能量守恒定律可知，高压气体释放的能量转化为火箭的动能、火箭的重力势能和内能，故B错误；根据动量定理可知，合力冲量等于火箭动量的增加量，故C错误；根据功能关系，可知高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭机械能的增加量，故D错误。3.B设他克服阻力做功为Wf，由动能定理可得WG－Wf＝ΔEk，可得动能增加了ΔEk＝600J，故A错误，B正确；重力做正功，重力势能减少，减少的重力势能等于重力做的功，即ΔEp＝－WG，故重力势能减少了800J，故C错误；除了重力、系统内弹力以外的其他力做的功等于机械能的变化量，即ΔE＝W其他，解得ΔE＝－Wf＝－200J，故机械能减少了200J，故D错误。4.B由动能定理知F合x＝ΔEk，可见，Ek-x图线的斜率为合外力，图中①对应过程电动车所受合力不变，有F合＝mgsin15°－μmgcos15°＝200×103－100×103200N＝500N，故A错误；在电动车自由下滑200m时WG＋Wf＝（200－100）×103J，开启能量回收模式下滑200m时有WG＋Wf＋WF＝（64－100）×103J，则回收的电能为E＝－WF×90％＝1.224×103J，故B正确；图中②对应过程下滑100m后动能不变，但是重力势能减少，机械能减少，即还是继续回收能量，故C错误；5.D物体在水平拉力作用下由静止开始运动到最终静止的过程，只有拉力F和摩擦阻力f做功，故由动能定理有W1－W2＝0，得W1＝W2；由动量定理有I1－I2＝0，得I1＝I2。故D正确，A、B、C错误。6.D该同学从用力蹬地到刚离开地面的起跳过程，先向上加速，地面支持力大于重力；当地面支持力等于重力时速度最大；之后脚与地面作用力逐渐减小，该同学开始减速；当脚与地面作用力为零时，离开地面。此过程地面对脚的支持力的冲量不为零，A、C错误；蹬地起跳过程中，该同学消耗体内的化学能转化为机械能，图（b）位置的机械能大于在图（a）位置的机械能，从图（b）位置到图（c）位置的运动过程中机械能守恒，则该同学在图（c）位置的机械能大于在图（a）位置的机械能，B错误；从图（a）位置到图（c）位置的过程中，应用动量定理有I支＋IG＝0，所以地面对脚的支持力冲量与该同学的重力冲量等大反向，D正确。7.BC由题意知两球碰撞的时间极短，碰撞过程中产生极大的内力，两球与桌面间的摩擦力远小于内力，所以该碰撞过程的动量守恒，A错误；碰后，蓝球做匀减速直线运动且刚好落入袋内，由匀变速直线运动的规律得x1＝v12t，解得蓝球碰后瞬间的速度为v1＝2x1t＝1.2m/s，又两球的加速度大小相等，则由公式v2＝2ax得v12v22＝x1x2，解得碰后瞬间白球的速度大小为v2＝0.8m/s，则碰后蓝球与白球的速度之比为3∶2，B正确；碰撞过程中两球组成的系统动量守恒，则mv0＝mv1＋mv2，代入数据解得v0＝2m/s，C正确；两球碰前的动能为Ek1＝12mv02＝2m，两球碰后的总动能为Ek2＝12mv12＋12m8.BCD系统在竖直方向上外力矢量和不为零，故动量不守恒，只是在水平方向上动量守恒，A错误；设小球A与B作用前的速度为v0，小球上升到最大高度h时，A、B的共同速度为v，则系统在水平方向上动量守恒，有mv0＝（m＋3m）v，解得v＝14v0，由能量守恒定律得12mv02＝12（m＋3m）v2＋mgh，解得12mv02＝43mgh，故弹簧的弹性势能为Ep＝43mgh，B正确；A、B分离时，设A的速度为v1，B的速度为v2，以初速度v0的方向为正方向（水平向右），由动量守恒定律得mv0＝mv1＋3mv2，由能量守恒定律得12mv02＝12mv12＋12×3mv22，解得v1＝－12v0，v2＝12v0，二者速度大小相等，方向相反，当A与弹簧碰后再次分离时，A、B均以相同的速度向右匀速运动，二者不可能相碰，C正确；A、B分离时，滑块B的速度最大，动能最大，即Ekmax＝12×3m专题三电场与磁场针对训练1.B游客在沙漠上游玩时，头顶乌云密布，头发突然竖了起来。这是由于乌云带电，人体产生了静电感应现象，头与云带异种电荷，由于脚与大地接触，脚不带电，此时人应躺下或蹲下，并向低洼处撤离，避免发生尖端放电现象。故选B。2.D由于题图中平行金属板形成的电场除边缘外的电场线之外，其余的也不是等间距的平行直线，所以不能看作匀强电场，选项A错误；从电场线分布看，A点的电场线比B点密，所以A点的电场强度大于B点的电场强度，选项B、C错误；A、B两点所在的电场线为一条直线，将一正电荷从电场中的A点由静止释放，它将沿着电场线方向运动到负极板，选项D正确。3.DAB连线上的电场强度向右，沿电场线方向，电势逐渐降低，所以A点电势大于B点电势，故A错误；C、D两点到两点电荷的距离相等，由点电荷的电场强度公式与电场的叠加原理可知，C、D两点电场强度大小相等、方向相同，故B错误；等量异号电荷连线的中垂线是等势线，中垂线上O点的电势与无穷远处的电势相等且为零，沿中垂线移动电荷，静电力始终不做功，但O点的电场强度不为零，电场强度方向向右，故C错误，D正确。4.B粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系可知∠OPO'＝60°，∠AO'P＝30°，∠POO'＝90°，则粒子的运动半径为r＝2R，根据qvB＝mv2r，得粒子的速率为v＝2qBRm5.ABC质子在加速过程中，速度增大，电场力对其做正功，电势能减少，故A正确；根据动能定理有eEL＝12mv2，解得E＝mv22eL，故B正确；根据动能定理可知eU＝12mv2，则若要提高质子飞出时的动能，可在其他条件不变的情况下提高加速电压，故C正确；质子进入磁场后，洛伦兹力不做功，则质子的速率不变6.（1）mv022Lq2v0，方向与（2）mv0解析：（1）作出粒子运动轨迹，如图所示粒子在电场中做类平抛运动，则有2L＝v0t1，L＝12at12，解得E＝m粒子在A点时，沿x轴正方向的速度vx＝at1＝v0粒子在A点的速度vA＝v02＋v方向与x轴正方向成45°角向上。（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，则有qvAB＝mv解得r＝2由几何关系可知r＝22L解得B＝m设粒子做匀速圆周运动的时间为t2，则有T＝2πmqB＝4πLv0，所以粒子从开始运动到回到O点的时间t＝2t1＋t2＝2×2Lv0＋3专题四电路与电磁感应针对训练1.A根据图中电路关系知L3与L4串联，通过的电流相同，设为I，又L2与L3和L4并联，因为电流与电阻成反比，所以通过L2的电流为2I，又L1在干路上，所以通过L1的电流为3I，故最亮的灯泡是L1，故选A。2.C根据右手定则，图乙位置的感应电流从a端流出，可知a端为等效电源的正极，即线圈转动到如图乙所示位置时a端电势高于b端电势，故A错误；图乙所示位置，穿过线圈的磁通量为0，该位置与中性面垂直，电流只有在经过中性面位置时，电流方向才发生变化，即线圈转动到图乙所示位置时电流方向不发生变化，故B错误；结合上述分析，图乙位置穿过线圈的磁通量为0，感应电动势最大，感应电流最大，故C正确；根据正弦式交流电产生的原理可知，从图乙所示位置计时的感应电动势为e＝BSωcosωt＝2πBSfcos2πft，可知线圈产生的电动势大小与海浪波动的频率有关，故D错误。3.BD脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电生磁，是电流的磁效应，故A错误；脉冲磁场对脑部特定区域产生感应电流是磁生电，是电磁感应现象，即变化的磁场会使得脑部特定区域产生感应电场，故B正确；将脉冲电流改为恒定电流，不会产生变化的磁场，不会产生感应电流，不可持续对脑神经产生电刺激作用，故C错误；若脉冲电流最大强度不变，但缩短脉冲电流时间，则产生的磁场变化的更快，在脑部产生的感应电场及感应电流会增强，故D正确。4.C当线框平面与地面平行时，此时穿过线框的磁通量最大，但磁通量变化率为0，产生的电动势为0，故A错误；电风扇正常工作，则有P＝UI＞I2r，可得电风扇的内阻满足r＜UI＝U2P＝1229Ω＝16Ω，故B错误；金属线框感应电动势的峰值为Em＝NBSω＝100×52×10－5×3×1×10V＝0.152V，则变压器原线圈的输入电压有效值为U1＝Em2＝0.15V，变压器副线圈的输出电压有效值为U2＝n2n1U1＝1001×0.15V＝15V，为了使电风扇能正常工作，副线圈电流为I2＝PU＝912A＝0.75A，根据部分电路欧姆定律可知，与电风扇串联的电阻阻值为R＝U25.CD设两圆弧半径长度为L，磁感应强度为B，转动角速度为ω，线框M、N转动，半径切割磁感线产生的感应电动势E＝12BL2ω，由于导线框匀速转动，进入磁场时，产生的感应电动势是恒定的，两导线框中均不会产生正弦交流电，故A错误；以转动T4为时间元分段分析可知，M线框在转一周内感应电流的方向是逆时针、逆时针、顺时针、顺时针。N线框中的感应电流是逆时针、零、顺时针、零，所以两导线框的周期相等，都为T，则C正确；根据有效值的定义，对M线框，E2RT＝IM2RT，对N线框，只有一半时间有感应电流，E2R×12T＝IN2RT，则IM＝2IN，故B错误；在t＝T16时刻，对M导线框，感应电动势为12BL2ω，对N6.ABD由题意可知F－B2L2vR＝ma，得a＝Fm－B2L2mRv，结合图像可知Fm＝a0，B2L2mR＝a0v0，解得m＝Fa0，B＝ma0RL2v0＝1LFRv0，故A、B正确；当拉力F做功为W时，金属棒运动的距离为s＝WF，专题五振动与波光与电磁波针对训练1.C红外线的波长比无线电波的波长短，故A错误；遥控器是利用红外线工作的，故B错误；根据光谱分布规律可知，X射线的频率比γ射线的频率小，故C正确；医院里常用紫外线对病房和手术室进行消毒，故D错误。2.AB由小物块做简谐运动的表达式可知2πT＝2.5π，解得T＝0.8s，故B正确；0.6s内物块运动了34个周期，故路程应为0.3m，C错误；t＝0.4s时物块运动了半个周期，正向下运动，与小球运动方向相同，故D错误；t＝0.6s时，物块的位移为－0.1m，小球下降的高度H＝12gt2＝1.8m，由题意可知h＝H－0.1m＝1.7m3.B如图甲使光信号在光导纤维中发生全反射，内芯的折射率大于外套的折射率，故A错误；观看3D电影时需要佩戴特殊的眼镜，此过程利用了光的偏振现象，光是横波，故B正确；图丙是双缝干涉图样，让激光束通过一个狭缝，不可能在光屏上观察到等间距条纹，故C错误；在丁图中激光束沿液流传播，若改用折射率更大的液体，光发生全反射时，临界角越小，光在液体中的路程更长，实验现象更明显，故D错误。4.D由图2质点Q的振动图像知，Q点在t＝0时刻向y轴负方向振动，根据同侧法知，该波沿x轴负方向传播，A错误；由图知，该波λ＝8m，T＝4s，则波速为v＝λT，代入得v＝2m/s，B错误；该波沿x轴负方向传播，由同侧法知，此时刻质点P沿y轴正方向运动，C错误；质点Q在2s内运动半个周期，其路程为s＝2A＝20cm，D5.D由图乙可知，太阳光射入冰晶时，a光的偏折程度比b光的偏折程度小，则a的折射率比b的小，a的频率比b的小，a的波长比b的大；根据v＝cn可知在冰晶中a的传播速度比b的大。故选D6.BC作出光路如图所示，根据折射率表达式有n＝sinθsin∠1，解得∠1＝30°，由于∠2＝90°－∠1＝60°，在△P1OP2中，根据正弦定理可得∠3＝45°，设透明体的临界角为C，则有sinC＝1n，可得C＝45°，由于∠3＝C，所以P1P2光在P2点发生全反射，又由于OP2＝OP3，可得∠5＝∠4＝45°，则P2P3光在P3点发生全反射，最后从AB面射出，故B正确，A错误；由于P1P2∥P3P4，∠P3P4B＝∠2＝60°，则P3P4光的入射角为30°，根据光路的可逆性可知其折射角为45°，故C正确7.CDt＝0时刻振源O的振动方向与质点P的起振方向相同，均沿y轴正方向，选项A错误；t2时刻质点P运动到平衡位置，振动速度最大，方向沿y轴正方向，选项B错误；该波周期为T＝t2－t1，频率为1t2－t1，根据干涉现象的产生条件可知，该波与另一频率为1t2－t1的同类波叠加能产生稳定的干涉现象，选项C正确；该波波长为λ＝vT＝st1（t2－t1），根据产生明显衍射现象的条件知，若某障碍物的尺寸为s专题六热学针对训练1.C分子直径的数量级为10－10m，A错误；压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体压强的原因，气体分子间距离大于10r0，分子间的相互作用力几乎为零，B错误；设气体分子之间的平均距离为d，1mol气体分子占据的体积为NAd3＝Mρ，可得d＝3MρNA，C正确；气体体积是指所有气体分子占据的体积之和2.D罐中气体质量和体积均可视为不变，根据pVT＝C可知，气体逐渐冷却的过程中，压强逐渐减小，内能降低，平均动能减小，由于气体质量和体积均可视为不变，则罐中单位体积内气体分子数不变。故选D3.B液晶是一种特殊的化合物，光学性质具有各向异性，A正确，不符合题意；非晶体没有确定的熔化温度，B错误，符合题意；附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润，C正确，不符合题意；在完全失重状态下，一固定容器中装有能浸润其器壁的液体时，必须用盖子盖紧，否则容器中的液体将会沿器壁流散，D正确，不符合题意。4.AD由理想气体状态方程pVT＝C可知，压缩过程中气泡内气体温度保持不变，体积变小，则气泡内气体的压强变大，故A正确；压缩过程气泡内气体对外做负功，故B错误；压缩过程中气泡内气体温度保持不变，则ΔU＝0，体积变小，则W＞0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知Q＜0，压缩过程气泡内气体放出热量，故C错误，D5.A从状态A到状态B过程中，气体的体积与热力学温度成正比，所以气体发生等压变化，压强保持不变，即pA＝pB＝1.5×105Pa，根据盖—吕萨克定律得VATA＝VBTB，代入数据解得TA＝200K，故A正确，C错误；从状态B到状态C过程中，气体发生等容变化，根据查理定律得pBTB＝pCTC，代入数据解得pC＝2×105Pa，故B错误；从状态6.AC根据p-V图像与横轴围成的面积表示做功可知，c→d→a外界对气体做的功大于a→b→c气体对外界做的功，故一个循环过程中，外界对气体做的功大于气体对外界做的功，故A正确；如图所示，由理想气体状态方程可得p1V1T1＝p2V2T2，由图像可以看出p1V1＞p2V2，所以T1＞T2，即a→b过程气体压强减小是由于单位体积内分子数减少和温度降低导致的，故B错误；因为两个过程是绝热过程，由热力学第一定律ΔU＝Q＋W可知，a→b过程气体对外做的功等于c→d过程外界对气体做的功，故C正确；等温过程内能变化为零，则由ΔU＝W＋Q可知｜W｜＝｜Q｜，由图像可知d→a过程外界对气体做的功大于b→c过程气体对外做的功，所以d→7.BCD根据热力学第二定律可知，气体从状态1到状态2是不可逆过程，由于隔板A的左侧为真空，可知气体从状态1到状态2，气体不做功，又没有发生热传递，所以气体的内能不变，气体的温度不变，分子平均动能不变，故A错误；气体从状态1到状态2发生等温变化，则有p1V1＝p2·2V1，解得状态2气体的压强为p2＝p12＝1.02×105Pa，解锁活塞B，同时施加水平恒力F，仍使其保持静止，以活塞B为研究对象，根据受力平衡可得p2S＝p0S＋F，解得F＝（p2－p0）S＝（1.02×105－1.01×105）×100×10－4N＝10N，故B正确；当电阻丝C加热时，活塞B能缓慢滑动（无摩擦），使气体达到温度T2＝350K的状态3，可知气体做等压变化，则有2V1T1＝V3T2，可得状态3气体的体积为V3＝T2T1·2V1＝350300×2×750cm3＝1750cm3，故C正确；该过程气体对外做功为W＝p2ΔV＝p2（V3－2V1）＝1.02×105×（1750－2×750）×10－6J＝25.5J，根据热力学第一定律可得ΔU＝－专题七近代物理针对训练1.A根据电荷数守恒、质量数守恒知镍63的衰变方程是

2863Ni→2963Cu＋－10e，故A正确，B错误；同位素是质子数相同，中子数不同的同一元素的不同原子，Y的质子数是29，与Ni不是同位素，Y的中子数为A－Z＝63－29＝2.BA项，核反应方程属于α衰变；B项，核反应方程属于β衰变；C项，核反应方程属于核聚变；D项，核反应方程属于核裂变，故选B。3.Dα衰变使钚238减少两个质子和两个中子，变为新核。则质子数变为92，中子为234－92＝142，可知衰变后的原子核内质子数比中子数少50个，故A错误；由于衰变过程中有质量亏损，所以衰变后原子核的质量与α粒子的质量之和不等于衰变前钚238的质量，故B错误；半衰期由元素种类决定，随着钚238的减少，半衰期不会变短，故C错误；经过一个半衰期，大约一半的钚衰变为其他元素，该核电池内的钚238还剩一半，故D正确。4.D这些氢原子总共可辐射出C42＝6种不同频率的光，故A错误；氢原子从m能级跃迁到n能级放出的能量Em－En＝hν＝hcλ（m＞n），粒子性最强的光，频率最大，光子能量最大，故粒子性最强的光是由n＝4能级跃迁到n＝1能级产生的，故B错误；最容易发生衍射的光波长最长，光频率最小，光子能量最小，是由n＝4能级跃迁到n＝3能级产生的，故C错误；这群氢原子发出的光子中，由n＝4能级跃迁到n＝1能级产生的光子能量最大，能量的最大值为E＝E4－E1＝（－0.85eV）－（－13.6eV）＝12.75eV，5.D光电管内单位时间激发出的光电子数为I0e时，会受到两端电压的限制，在阴极产生的光电子不一定全部到达A极，故不一定能让报警系统的电流达到I0，不一定能触发报警，故A错误；将滑片P向左移动，光电管两端所加的正向电压减小，单位时间内到达A极的光电子个数减少，则要使报警系统的电流达到I0，单位时间内光电管接收到的光子个数就要增大，烟雾浓度增大，即当烟雾浓度大于n时才有可能报警，故B错误；根据爱因斯坦光电效应方程Ek＝hν－W0，可知光电子的最大初动能与光的频率有关，与光的强度无关，故仅提高光源S