【高考模拟】 湖北省宜昌市某校高考物理模拟试卷（十）答案与祥细解析

湖北省宜昌市某校高考物理模拟试卷（十）

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，

第14~18题只有一个选项正确，第19~21题有多个选项正确，全部选对的得6分，

选对但不全的得3分，有选错的得0分.

1.如图所示，一根绳的两端分别固定在两座猴山的力、8处，A、B两点水平距离为

16m,竖直距离为2m,4B间绳长为20rH,质量为10kg的猴子抓住套在绳子上的滑

环从4处滑到B处.以4点所在水平面为参考平面，猴子在滑行过程中重力势能最小值

约为（绳处于拉直状态）（）

A34A

A.-1.2x103/B.-7.5x102/C.-6.0x102/D-2.0x102/

2.为了做好疫情防控工作，小区物业利用红外测温仪对出入人员进行体温检测。红外

测温仪的原理是：被测物体辐射的光线只有红外线可被捕捉，并转变成电信号。图为

氢原子能级示意图，已知红外线单个光子能量的最大值为L62W,要使氢原子辐射出

的光子可被红外测温仪捕捉，最少应给处于九二2激发态的氢原子提供的能量为（）

nE/eV

oo.............................0

5-------------------------054

4-------------------------0.85

3-------------------------1.51

2-------------------------3.40

--13.60

A.10.20WB289eVC.2.55eVD.1.89W

3.运动员在水上做飞行运动表演他操控喷射式悬浮飞行器将水带竖直送上来的水反转

180。后向下喷出，令自己悬停在空中，如图所示。已知运动员与装备的总质量为90%,

两个喷嘴的直径均为10cm,已知重力加速度大小g=107n/s2,水的密度p=1.0x

103^/m3,则喷嘴处喷水的速度大约为（）

A.2.7m/sB.5.4m/sC.7.6?n/sD.10.8/n/s

4.如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为11:1,原线圈接入如图乙所示的正弦

式交变电流，4、P均为理想电表，二极管。正向电阻为零,反向电阻无穷大，R是定值

电阻，〃是灯泡，心是热敏电阻（电阻随温度升高而减小）。以下说法正确的是0

A.交变电流的频率为100//Z

B.电压表的示数为1（“

C.当温度升高时，灯泡L变亮

D.当温度降低时，理想变压器输入功率增大

5.如图甲所示，质量为05kg的物块和质量为1kg的长木板，置于倾角为37。足够长的

固定斜面上，£=0时刻对长木板施加沿斜面向上的拉力F,使长木板和物块开始沿斜面

上滑，作用一段时间£后撤去拉力F,已知长木板和物块始终保持相对静止，上滑时速

度的平方与位移之间的关系如图乙所示,sin370=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2,则

下列说法正确的是（）

A.长木板与斜面之间的动摩擦因数为a=0.35

B.拉力”作用的时间为t=2s

C.拉力F的大小为13N

D.物块与长木板之间的动摩擦因数”2可能为。88

6.如图所示，一光滑绝缘足够长的斜面与两个等量同种正点电荷连线的中垂面重合，

。为两点电荷连线的中点.力、B为斜面上的两点，且.一个带电荷量为q、质

量为m,可视为质点的小物块,从4点以初速度必开始沿斜面下滑，到达B点速度恰好

为零.（斜面对电场无影响）以下说法正确的是（）

A.小物块带正电，从小运动到B点，加速度先增大后减小

试卷第2页，总17页

B.小物块带负电，从4运动到8点，电势能先戒小后增大

C.小物块运动到。点时具有最大速度

D.小物块能回到力点，且速度大小等于孙

7.某天文爱好者通过测量环绕某行星做圆周运动的若干卫星的线速度D及轨道半径r.

得到一r图像如图所示，图中。、《、万已知，b未知.引力常量为G,则下列说法正

确的是（）

B.行星的质量为千

C.Oa/lri所图的面积和。/汨以所围的面积相等

D.软道半径为七的卫星所受行星的引力小于轨道半径为小的卫星所受行星的引力

8.如图所示，一磁感强度为8的匀强磁场垂直纸面向里，且范围足够大，纸面上M、N

两点之间的距离为乩一质量为m的带电粒子（不计重力）以水平速度又从M点垂直进

入磁场后会经过N点，已知M、N两点连线与速度％的方向成3（）。角。以下说法正确的

是（）

kXXXX

XXXNx

XX.・••文X

・V0

XXXX

A.粒子可能带负电

B.粒子一定带正电，电荷量为翳

UO

C.粒子从M点运动到N点的时间可能是篝

D.粒子从M点运动到N点的时间可能是整

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题一第32题为必考题，每个试题

考生都必须作答.第33题〜第38题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（II

题，共129分）

如图是“测定匀变速直线为动加速度”实验中得到的一条纸带，从。点开始每5个点取一

个计数点（打点计时器的电源频率是50Hz）,依照打点的先后依次编为1、2、3、4、

5、6,量得Si=1.22cm,s2=2.00cm,s3=2.78cm,s4=3.62cm,s5=4.40cm,s6=

5.18cm

(1)相邻两计数点间的时间间隔为7=s

(2)打点计时器打计数点3时,小车的速度大小内=m/s

(3)计算小车的加速度大小为a=m/s2.

在一次测量定值电阻灯阻值(心、50)的分组实验中，甲、乙两组分别进行了如下实

验过程：

CO—*—

MM

—

ESRc

图甲图乙

(1)甲组可选器材如下：

滑动变阻器品(0〜500/2,100mA)；

滑动变阻器场(0〜5仅2.4)；

电流表4(0~0.6人内阻约2。:0~34、内阻约0.5。)；

电压表V(0〜3八内阻约1.54C:0〜1517、内阻约7.SAG)；

电源E(电动势为3V)；

开关S,导线若干。

①为便于调节和测量，滑动变阻器采用分压接法，应选择(选填“用”或

%”)；

②请根据以上实验器材，在图甲中将实物电路连接完整：

③按以上操作，测得马我________Rx具(填'>"、"=”或y)。

(2)乙组可选器材如下：

电压表V(0〜3V)；

滑动变阻器&(10214)；

电阻箱用(0〜999.99。)，

电源E(电动势为3V)；

开关S。

请根据乙组的电路图乙和以上实验器材在MN处先接按一定的步骤操作后记

下仪表的读数，再换接正确操作后测出网的阻值；若在MN处更换器材时

试卷第4页，总17页

不小心将滑动变阻器的滑片P向左移了一些，测量结果将（填''变大"、"变小”

或“不变”）O

（3）比较甲乙两组测量结果，________组更接近真实值：填“甲"或‘'乙。

三、解答题（共2小题，满分32分）

如图所示，金属圆环轨道MN、PQ竖直放置，两环之间48。。内（含边界）有垂直纸

面向里的匀强磁场，磁感应强度为B°,水平且与圆心等高，CD竖直且延长线过圆

心。电阻为叱长为21的母质金属杆，一端套在内环MN上，另一端连接质量为m的带

孔金属球，球套在外环PQ上，且都与轨道接触良好。内圆半径勺=1,外圆半径Q=31,

PM间接有阻值为R的电阻，让金属杆从4R处无初速释放，恰好到达EF处，E尸到圆心

的连线与竖直方向成。角。其它电阻不计，忽略一切摩擦，重力加速度为外求：

（1）这一过程中通过电阻R的电流方向和通过R的电荷量。；

（2）金属杆第一次即将离开磁场时，金属球的速率〃和R两端的电压以

如图所示，光滑水平面上有一被压缩的轻质弹簧，左端固定，质量为成.=1kg的滑块

4紧靠弹簧右端（不拴接：，弹簧的弹性势能为殳=32/.质量为my=Mg的槽3静止

放在水平面上，内壁间距为L=0.6m,槽内放有质量为me=2kg的滑块C（可视为质

点），。到左侧壁的距离为d=0.1m,槽与滑块C之间的动摩擦因数4=0.1.现释放弹

簧，滑块月离开弹簧后与嘈8发生正碰并粘连在一起。已知槽与滑块C发生的碰撞为弹

性碰撞“求：

（D滑块力与槽碰撞前、后瞬间的速度大小；

（2）槽与滑块C最终的速度大小及滑块。与槽的左侧壁碰撞的次数；

（3）从槽开始运动到槽和滑块C相对静止时各自对地的位移大小。

（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每

题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题

号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学

科按所设的第一题计分。[物理--选修3-3]（15分）

如图所示，圆筒形容器/I、B用细而短的管连接，活塞F与容器4的内表面紧密接触，

且不计摩擦。初始”关闭4中有温度为了。的理想气体，8内为真空，整个系统对外绝

热。现向右缓慢推动活塞F,直到4中气体的体积与/7的容积相等时，气体的温度变为

A，则此过程中气体内能将（填',变大"、“不变”、"变小”）。然后固定活塞不

动，将K打开，使4中的气体缓慢向8扩散，平衡后气体的温度变为介，那么

T2/（填“>”、"二"、“v”）。

如图甲所示，/1端封闭、8端开口、内径均匀的玻璃管长L=100cm,其中有一段长八

=15cm的水银柱把一部分空气封闭在玻璃管中。当玻璃管水平放置时，封闭气柱力长

LA=4Qcma现把玻璃管缓慢旋转至竖直，如图乙所示，再把开口端向下插入水银槽中,

直至力端气柱长人=30cm为止，这时系统处于静止平衡,，已知大气压强Po=75cmHg,

整个过程温度不变，试求：

[物理-选修3-4]（15分）

如图所示，有两束细单色光P、q射向置于空气中的三棱镜表面，此时三棱镜的右侧表

面只有一束光线射出（不考虑反射的情景），则两束光在三棱镜中的传播速率

%%（填“>”、”=”、"V”），若一束为黄光，一束为红光，则是红

光（填"P”或。

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一列简谐横波的波源振动一个周期时波形如甲图所示，乙图为质点Q从该时刻计时的

振动图像，P、Q分别是平衡位置为。=O.Sm和9=2m处的质点。

参考答案与试题解析

湖北省宜昌市某校高考物理模拟试卷(十)

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，

第14~18题只有一个选项正确，第19~21题有多个选项正确，全部选对的得6分，

选对但不全的得3分，有选错的得。分.

1.

【答案】

B

【考点】

重力势能

相似三角形法在动态平衡问题中的应用

【解析】

猴子下滑过程中，只有动能和重力势能相互转化，机械能守恒，动能最大时重力势能

最小；合力为零时速度最大，结合几何关系得到最低点位置，求解最小的重力势能.

【解答】

解：设平衡时绳子与竖直方向的夹角为仇此时猴子受重力和两个拉力而平衡，故：

，左sin®+，右sin。=d,

其中”=%+1右.

故sin®=彳=1=0.8,6=53。；

4B两点的竖直距离为故［右cos。一［且:os®=2m,

而11左+1方=20m,

故，石cos。=7m,

故以4点所在水平面为参考平面，猴子在滑行过程中重力势能最小值约为：

Ep=-mgl^cose=-10x10x7/=-700/=-7x102/

考虑绳子有晟小的形变，故猴子实际最低点可能的重力势能为-7.5x102/故AC。错

误，8正确.

故选：8.

2.

【答案】

C

【考点】

氢原子的能级公式和跃迁

【解析】

根据题意，氢原子在跃迁时辐射能量的最小能量要大于L62eV,才能被红外测温仪捕

捉。因此几=2激发态的氢原子吸收最小能量跃迁到更高能级，再向低能级跃迁时，辐

射能量最小值人于1.62W即可。

【解答】

由氢原子能级示意图可知,最少应给处于n=2激发态的氢原子提供的能量，

若使其跃迁到〃=4激发态，然后氢原子从n=4激发态向低能级跃迁时，所辐射光子能

量最小值为：

Emin=-O.85eiz-(-l.SlelZ)=0.66W<1,62eV,

同理，若氢原子从n=3激发态向低能级跃迁时，所辐射光子能量最小值为：

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Emin=-l.SleV-(-3.4W)=1.89eV>1.62eV.

红外线单个光子能量的最大值为1.62W,要使氢原子辐射出的光子可被红外测温仪捕

捉，

因此最少应给处于〃=2激发态的氢原子提供的能量，跃迁到九=4激发态满足条件，

那么提供的能量为：△E=E4-E2=-0・85eV-(-3.4eV)=2.55e匕故C正确，48。错

误。

3.

【答案】

C

【考点】

动量定理的理解

【解析】

选择△m的水为研究对象，结合动量定理求出喷水时水的速度.

【解答】

设飞行器对水的平均作用力为匕根据牛顿第三定律可知，水对飞行器的作用力的大小

也等于匕对飞行器，则：尸=Mg

设水喷出时的速度为也在时间e内喷出的水的质量：△m=pW=2pS比

t时间内质量为△山的水获得的冲量：/="「二△mu

联立②@®可得：v=Jg=：：：.=7.6m/s

J2X10QX0052

则C正确，48。错误

4.

【答案】

B

【考点】

交变电流的图象和三角函数表达式

变压器的构造和原理

【解析】

根据图乙可知原线圈输入的交流电的频率c

二极管具有单向导电性，根据电流热效应求解交流电的有效值，根据变压比得到电压

表示数。

温度变化，热敏电阻阻值变化，结合欧姆定律进行分析，分析输出功率的变化，得知

输入功率的变化。

【解答】

4、分析图乙可知，原线圈接入的正弦式交变电流的最大值为4：=220匕周期：7=

0.02s,则频率：/=/=50"z,故人错误；

B、二极管具有单向导电性，根据电流热效应求解输入电E的有效值，(患)244=

U〉9T,解得：出=110匕根据变压比可知，副线圈输出电压：4=詈为=10匕

则电压表示数为10V,故B正确；

C、温度升高，热敏电阻小阻值减小，根据欧姆定律可知，电流表示数增大，电阻R两

端电压增大，副线圈输出电压不变，则灯泡两端电压减小，灯泡L变暗，故C错误；

。、温度降低，热敏电阻凡阻值增大，根据欧姆定律可知，电流表示数减小，副线圈

输出功率减小，则理想变压器的输入功率减小，故。错误。

5.

【答案】

D

【考点】

v-t图像(匀变速直线运动)

匀变速直线运动的概念

非常规图像

滑动摩擦力

牛顿第二定律的概念

x-t图像(匀变速直线运动)

动摩擦因数

【解析】

由速度位移的关系式：M=2QX与图形对比得到物体的最大速度、撤去产前的加速度大

小、撤去F后的加速度大小、撤去尸时发生的位移，再依据牛顿第二定律、速度公式依

次求解即可。

【解答】

设物块的质量为772=0.5k?,长木板的质量为M=1kg；

由速度位移的关系式：/=26与图形对比得：物体的最大速度说=8(m/s)2,

撤去F前的加速度大小Qi=兽=2m/s?=l?n/s2,

22

撤去F后的加速度大小。2=暮=—-m/s=8?n/so

“、撤去产前由牛顿第二定律得：F-(m+M)gsin37。-的(m+M)gcos37。=(m+

MM

撤去产后由牛顿第二定律得：(?n+M)gsin37。+4-M)gcos37。=(m+M)a2.

联立解得：尸二13.5N,〃i=0.25,故AC错误；

B、力尸作用时物体做加速运动，由速度公式得：%=Q〃，解得：32缶,故8错误；

。、以物块为研究对象，加速上升过程中根据牛顿第二定律可得〃2mgcos37。-

m^sin370>maL,解得出N0875,物块与长木板之间的动摩擦因数〃2可能为。88.

故。正确，

6.

【答案】

B.D

【考点】

带电粒子在垂力场和电场中的运动

【解析】

根据电场线的分布可以知道沿斜面方向的电场的特点，进而判断小物块沿斜面运动必

然是先加速后减速，可以判断小物块的电性，以及小物块电势能的变化；当小物块受

力平衡时速度最大；根据能量守恒定律可以判断返回到4点时的速度大小。

【解答】

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解：4.根据等量同种电荷的电场线的分布特点可知，。点的场强为零，电场线方向沿

04、08方向，沿斜面方向电势先升高后降低，小物块以一初速度沿斜面下滑,到8点

速度为零，整个过程中有重力和电场力做功，重力做正功，电场力做负功，所以小物

块带负电，故人错误；

B.小物块带负电，沿斜面从4到0,电势升高，电势能减小，从。到丛电势降低，电

势能增大，故小物块从4点运动到8点，电势能先减小后增大，故8正确；

C.当小物块受力平衡时，速度最大，当小物块运动到。点时，所受电场力为零，合力

为重力沿斜面向下的分力，其加速度不为零，还将继续加速下滑，故。错误；

D,小物块到B点时速度为零，此时所受沿斜面向上的电场力大于沿斜面向下的重力的

分力，不能保持静止，所以，小物块将沿斜面向上运动，因为整个过程中只有重力和

电场力做功，所以只有机械能和电势能之间的相互转化，根据能量守恒定律，当物块

返回到力点时，重力和电场力做功为岑，则小物块的动能不变，速度大小不变，故D止

确.

故选80.

7.

【答案】

B.C

【考点】

万有引力定律及其应用

【解析】

根据卫星绕行星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力得到线速度与半径的关系，由

图即可知Q、b的关系、行星的质量；由表达式可知图像所围的面积含义，由于卫星质

量未知，故引力大小无法比较.

【解答】

4、若干卫星绕行星做匀速圆周运动，有：G等=加=，即卓=讲，对图中A、8两

点，有：

GM

----=a

n

GM

----=b

r2

解得：匕=乜见故4错误；

r2

8、对图中力点有：G?=a,则：M=等，故8正确；

nG

C、由4选项可知，所围的面积均为：S=aq=hr2=GM,放C正确；

D、卫星所受行星的引力F=G等，卫星的质量未知，则引力大小未知.故。错误；

8.

【答案】

BCD

【考点】

向心力

带电粒子在匀强磁场中的运动规律

【解析】

由于从M点垂直进入磁场后会经过N点，结合左手定则可得知粒子的带电性；根据粒子

的运动轨迹作出图像，结合几何关系得出运动轨迹半径，再由q为B=等得出粒子电

A

荷量；粒子从M点做匀速圆周运动，整个圆周运动的周期不发生变化，根据周期性可

以得出粒子从M点运动N点的时间可能值。

【解答】

B、根据圆心与M点连线必垂直速度外的方向，圆心在M、N两点连线的中垂线上，作

图确定圆心0,已知M、及两点连线与速度为的方向成30。角，如图所示：

XXXX

由几何关系可得：乙MOA=30。，由几何关系可得粒子做圆周运动的半径：R=片荷=

d,由勺火口二噌可得：4=鬻=翳，故B正确（1）CD、粒子做圆周运动的周期：

KUK（ID

7=平=誓由4MON=60°=M解得粒子第一次经过N点的运动时间为：t1=Tx

工=；=翳，第九次经过N点的时间为：G=Q+5—l）T=d+n-D等，当〃=3

O3^0OVo

时，匕=等，故CD正确（2）故选：8C。。

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题〜第32题为必考题，每个试题

考生都必须作答.第33题一第38题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（II

题，共129分）

【答案】

0.1

0.32

0.80

【考点】

利用打点计时器研究匀变速直线运动

打点计时渊系列实验中纸带的处理

【解析】

根据匀变速直线运动的推论公式△x=可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运

动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速

度大小

【解答】

由于从。点开始每5个点取一个计数点（打点计时器的电源频率是50Hz）,所以相邻的

计数点间有5个时间间隔，即7=0.1s；

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3

点时小车的瞬时速度大小；

S3+$40.0278+0.0362

%==----------------------m/s=0.32m/s

4/U・乙

试卷第12页，总17页

根据匀变速直线运动的推论公式△%=。厂可以求出加速度的大小，

2

得：=3atT

2

S5-S2=3a2T

S6~S3=3a3产

为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值

/日.1z,、(£18+4.40+3.62-2.78-2-1.22)X10-2.2

得：Q=式。1+。2+。3)=：---------------------------------------------——小〃？=0.80771/S2

【答案】

RB，＜

心岛，变小

乙

【考点】

伏安法测电阻

【解析】

(I)①滑动变阻器采用分压接法，为了便于调节和测量，选择最大阻值较小的滑动变

阻器。

②根据网与北方关系判断电流表的接法，然后连接实物弱。

③根据R=彳和测量值分析测量结果。

(2)乙组是利用的等效替代的思想，在MN处先接灯,闭合开关，调节滑动变阻器到

电压表合适的示数，记下电压表表的读数，再换接Ro,调节变阻箱至电压表读数和接

R想时示数相等，此时变阻箱的读数即为彩的阻值。

(3)根据以上分析知哪一组测量更接近真实值“

【解答】

①被测电阻约5仅为了便于调节和测量，滑动变阻器采用分压接法，选择最大阻值较

小的滑动变阻器，即心；

②因为&V费而，所以电流表外接，滑动变阻器采用分压接法，连接实物图，如图。

③利用电流表外接，由于电压表的分流，测得电流偏大，根据R=£知被测电阻偏小，

即即vRx真。

乙组是利用的等效替代的思想，在MN处先接心,闭合开关，调节滑动变阻器到电压

表合适的示数，记下电压表表的读数，再换接Ro.调节变阻箱至电压表读数和接R想

时示数相等，此时变阻箱的读数即为心的阻值；若在MN处更换器材时，不小心将滑

动变阻器的滑片P向左移了一些，总电阻变小，电流变大，根据/?=蓝知测量结果将变

小。

根据以上分析知乙组测量更接近真实值。

三、解答题(共2小题，满分32分)

【答案】

这一过程中通过电阻R的电流方向为M-P,通过R的电荷量为噜；

金属杆第一次即将离开磁场时，金属球的速率为J6g/(l-cos6),R两端的电压为

6gl(l-cosG)

3(W+r)

【考点】

单杆切割磁感线

感生电动势

闭合电路的欧姆定律

【解析】

(1)根据右手定则判断电流方向；根据电荷量的计算公式结合法拉第电磁感应定律、

闭合电路的欧姆定律进行求解；

(2)金属杆第一次离开磁场到EF,由动能定理求解速度，根据法拉第电磁感应定律

求解感应电动势，再根据闭合电路的欧姆定律求解电压。

【解答】

金属杆从48处无初速释放，向下转动的过程中切割磁感应线，根据右手定则可知通过

杆的电流方向B-4则通过R的电流方向由M指向P；

金属杆从48滑动到CD的过程中，通过R的电荷量q=/Ar.

根据闭合电路的欧姆定律可得：7=三，

该过程的平均感应电动势：下=詈=誓=吗警=警，

则通过R的电荷量勺=喏；

设金属杆离开磁场时金屈杆的角速度为助第一次离开磁场到E凡由动能定理得：

—mg-31(1—cos0)=0-1mv2,

解得：u=J6g«l-cosU),

由于"3皿解得3=29"；：刖；

金属杆第一-次离开磁场瞬间产生电动势为：E=B。•21万=B。•21•”产.

根据闭合电路的欧姆定律可得U=总K~rf•R='惆叱:震+

【答案】

(1)滑块力与槽碰撞前速度为8m/s、后瞬间的速度为4m/s；

(2)槽与滑块C最终的速度大小为2m/s及滑块C与槽的左侧壁碰撞的次数为4次；

(3)从槽开始运动到槽渭■块C相对静止时，槽对地的位移大小为3.9根和滑块C对地的

位移大小为4.1m。

【考点】

动量守恒定律的综合应用

能量守恒定律的应用

【解析】

试卷第14页，总17页

(1)根据能量守恒求出碰撞前的速度大小，碰撞过程中动量守恒，根据动量守恒定律

列式即可求解速度；

(2)对整体根据动量守恒定律求出9、C相对静止时速度大小，根据能量守恒定律求

出C、B间的相对路程，然后求出碰撞次数；

(3)设凹槽与物块碰前的速度分别为外、v2.碰后的速度分别为外'、刈'.根据动量

守恒定律及能量守恒定律到式可知，故可用匀变速直线运动规律求时间，根据动量守

恒定律以及两物体的位移关系可求出该时间内物块运动的位移大小。

【解答】

(1)设滑块A与槽碰撞前、后瞬间的速度分别为北、VL对弹簧将/弹开的过程，由

能量守恒定律得殳=》叫评

解得%=8m/s

4与8发生完全非弹性碰撞.由动量守恒定律得7叫%=(m4+巾8)%

解得巧=4m/s

(2)最终滑块。与A、B共速，设最终速度大小为牝，由动量守恒定律得：

(mA+mB}vx=(mA+m3+mc)v2

解得艺=2m/s

设滑块C与槽相对运动的路程为s.由能量守恒定律得

Rmcgs="(小人+mB)vl+

解得5=4m

设C与槽的左侧壁碰撞次数为n,则有九=察+1

解得〃=4.25,取n=4

(3)设槽和滑块力碰后一起运动的加速度大小为由,滑块C的加速度大小为a2,由牛

顿第二定律，对力、8整体有〃me。=(犯1+巾8)%

对C有〃=mc^2

22

解得%=lm/s,a2=lm/s

槽(含滑块4)和滑块C的质量相等，发生弹性碰撞后互换速度，最终以共同速度以=

2zn/s一起向右运动

设从4与槽碰后到槽和C共速的时间为to,则亡0=£

解得％=2s

作出4、8整体与。的b-i图象如图所示

*s*)

由V-£图线与坐标轴所围图形的面积表示位移可知，

槽B的位移前=9。2哈+4+3乙

代入数据解得SB=3.9m

滑块C的位移Sc=\a2tl4-3L+(s-d-6L)

代入数据解得8=4.1m

(-)选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每

题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题

号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学

科按所设的第一题计分。[物理--选修3-3](15分)

【答案】

变大,=

【考点】

气体的等温变化

【解析】

根据热力学第一定律分析内能的变化情况。

【解答】

当K关闭时，用力向右推活塞，外界对气体做功，整个系统绝热，根据热力学第一定

律，内能变大；

固定活塞，打开K,右侧为真空，气体进入8中，但不做功，