四川省成都市多校2025-2026学年高一年级上册期末物理试卷（解析版）

高一物理阶段性定时训练

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的。

1.下列单位不属于国际单位制中基本单位的是（）

A.牛顿（N）B.秒（s）C.千克（kg）D.米（m）

【答案】A

【解析】在力学部分，国际单位制中基本单位有米（m）、千克（kg）和秒（s）o

故选A。

2.关于下列四幅图的叙述正确的是（）

A.图甲中，公路上对各类汽车都有限速，是因为汽车速度越大惯性越大

B.图乙中，马拉着车在水平路面上做加速运动，则马对车的拉力大于车对马的拉力

C.图丙中，伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律，是为了“冲淡”重力，便于测量运

动时间

D.图丁中，伽利略利用“斜面实验”装置，结合逻辑推理，来验证力是维持物体运动的原因

【答案】C

【解析】A.质量是惯性大小唯一量度，速度与惯性大小无关，选项A错误；

B.马对车的拉力和车对马的拉力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律知，其大小相

等，选项B错误：

C.伽利略的“斜面实验”是为了“冲淡”重力，便于测量运动时间，选项C正确；

D.伽利略利用“斜面实验”装置，结合逻辑推理，说明力是改变物体运动的原因，选项D

错误。

故选C。

3.A、B两个物体在同一直线上运动的位移一时间图像如图所示，下列说法正确的是

)

A.，=5s时，A、B速度相同

B.。〜5s内，A的路程等于B的路程

C.。〜5s内，A的平均速度大于B的平均速度

D.()〜5s内，物体A的速度先减小后增大

【答案】D

【解析】A.在/一，图像中，图像的斜率表示物体的速度，在，=5s时，显然A、B两个

物体的图像斜率不同，所以A、B物体的速度不同，故A错误。

B.由尤一/图像可知，在。〜5s物体A的路程为6m,物体B的路程为2m,所以路程不

相等，故B错误。

-Y

C.由大一/图像可知，在0〜5s内，物体A、B位移相等，所用的时间相等，根据丫=一

t

可知，A的平均速度等于B的平均速度，故C错误。

D.由工一，图像可知，在0~5s内，物体A的图像斜率先减小后增大，所以物体A的速度

先减小后增大，故D正确。

故选D。

4.如图所示，当车厢向右加速行驶时，一质量为机的物块紧贴在车厢壁上，相对于车厢壁

静止，随车一起运动，则下列说法正确的是()

///////////Z/z//

A.以车厢为参考系，则物块是运动的

B.车厢壁对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是一对平衡力

C.若车厢的加速度变大，车厢壁对物块的摩擦力一定不变

D.车厢壁对物块的弹力，是由于物块发生形变产生的

【答案】C

【解析】A.物块相对于车厢静止，故以车厢为参考系，物块是静止的，故A错误；

B.车厢壁对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是相互作用力（作用在两个物体上），而平

衡力需要作用在同一物体上，故B错误：

C.物块在竖直方向受力平衡，其所受摩擦力始终等于自身的重力，与水平方向的加速度

无关，因此加速度变大时，车厢壁对物块的摩擦力一定不变，故c正确；

D.弹力是由施力物体的形变产生的，所以车厢壁对物块的弹力是车厢壁发生形变产生

的，而非物块，故D错误。

故选C。

5.如图所示，当装卸车的车厢从水平缓慢倾斜到一定角度时，车厢上的货物开始滑下，之

后车厢的倾角还继续增大到•定角度，最后货物从车厢滑离。下列说法正确的是（）

A.整个过程中，货物所受摩擦力一直增大

B.车厢倾斜角度越大，货物对车厢的压力越大

C.车厢倾斜角度越大，货物与车厢的动摩擦因数越小

D.货物滑动前，车厢对货物的作用力不变

【答案】D

【解析】C.动摩擦因数只与接触面的材料和粗糙程度有关，所以车厢倾斜角度越大，货

物与车厢的动摩擦因数不变，故C错误；

A.开始时，货物与车厢相对静止，货物与车厢之间为静摩擦力，根据平衡条件可知

f=mgsina

随着a增大，静摩擦力增大；当货物与车厢相对滑动时，滑动摩擦力大小为

f="mgcosa

随着a增大，滑动摩擦力减小。所以整个过程中，货物所受摩擦力先增大后减小，故A错

误；

B.在垂直车厢方向，根据平衡条件可知，车厢对货物的支持力大小为

根据牛顿第三定律可知FE=FN=mgcosa

随着a增大，货物对车厢的压力减小，故B错误；

D.货物滑动前，根据平衡条件可知，车厢对货物的作用力始终与货物的重力等大反向，

即车厢对货物的作用力不变，故D正确。

故选D。

6.如图所示，两个质量分别为肛=3kg、m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用

轻质弹簧测力计连接。大小为尸=50N的水平拉力作用在盯上，弹簧测力计始终在弹性限

度内，当系统稳定后，下列说法正确的是（）

加2-Fvwwwwvl—m\—

////////////zzz//////

A.弹簧测力计的示数是30N

B.在突然撤去产的瞬间，加2的加速度为lOm/s?

C.在突然撤去月的瞬间，弹簧测力计的示数变为0

D.若地面粗糙，系统仍称定匀加速运动，则弹簧测力计示数一定变大

【答案】B

【解析】A.将如和〃?2作为整体，根据牛顿第二定律

F=（明+m-y）a

再以初为研究对性，根据牛顿第二定律

T=m2a

联W可得弹簧测力计的示数即加速度的大小

T=20N,tz=10m/s2

A错误；

BC.若突然撤去产的瞬间，弹簧的弹力不能突变，大小仍为20N,〃%的受力不变，加速

度仍为lOm/s2,B正确，C错误；

D.若地面粗糙，设地面的动摩擦因数为〃，将如和碇作为整体，根据牛顿第二定律

F-+叫）g=（/+m2）ci

再以mi为研究对性，根据牛顿第二定律

T'-jutn2g=m2a

解得弹簧测力计示数

r=20N

弹簧测力计的示数保持不变，D错误。

故选B。

7.如图甲所示，在倾角为30。足够长的光滑固定斜面上，有一质量为〃z=0.1kg的物

体，受到沿斜面方向的力尸作用，力/按图乙所示规律变化（图中纵坐标是尸与"吆的比

值，力尸沿斜面向上为正）。则物体运动的速度v随时间，变化的规律是下列选项图中的

（物体的初速度为零，速度沿斜面向上为正方向，重力加速度g取10m/s2）（）

【解析】在0~1s,物体的加速度为4，根据牛顿第一定律，得=/-"zgsin30c

其中尸=mg,解得q=5m/s2

在1〜2s,物体的加速度为生，根据牛顿第二定律，得〃7%二尸一sin30。

其中尸=0,解得/=-5111/$2

在2~3s,物体的加速度为由，根据牛顿第二定律，得小令二尸一〃?gsin300

其中尸二一〃?g,解得43=T5m/s2

根据u-f图线的斜率表示加速度可知，C选项的图像符合物体运动的速度v随时间r变化

的规律。

故选C。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，

有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.商场的自动扶梯会在无人使用的时候待机以节约电能，当人接近时会触发其感应装置并

启动。小明刚踏上自动扶梯的水平踏板，扶梯开始斜向上做匀加速直线运动，如图所示。

下列说法正确的是（）

A.小明处于超重状态

B.小明处于失重状态

C.踏板对小明的静摩擦力水平向左

D.踏板对小明的无摩擦力作用

【答案】AC

【解析】AB.小明随扶梯一起斜向上做匀加速直线运动，则小明的加速度斜向上，设此加

速度大小为。，将加速度分解到水平和竖直方向，水平方向，则有〃,=acosO

方向水平向左：竖直方向，则有4,二〃sin。

方向竖直向上，小明具有方向竖直向上的分加速度，则小明处于超重状态，故A正确,B

错误；

CD.结合上述分析，根据牛顿第二定律可知，小明水平方向受静摩擦力作用

f=ina=macos0

JAr

方向水平向左；根据牛顿第三定律可知，小明对踏板的静摩擦力水平向右，故C正确，D

错误。

故选ACo

9.如图所示，小物块质量为町=3kg,放在长木板上，长木板质量为，%=2kg,物块和

木板之间动摩擦因数〃=0.2,已知地面光滑，（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，木板

足够长，g取10m/s2）则下列说法正确的是（）

,网，

I团2i

A.当0vPK6N时，小物块保持静止

B.当尸=10N时，小物块、木板发生了相对滑动

C.若使小物块、木板发生相对滑动，尸至少为15N

D.当户二18N时，小物块的加速度为4m/s2

【答案】CD

【解析】A.由题意地面光滑可知，当尸＞0时，小物块和木板将向右加速运动，故A错

误；

BC.当小物块和木板间的摩擦力达到最大静摩擦力时，小物块、木板发生相对滑动。此时

对小物块卬%g=m2a

解得a=3m/s2

对小物块和木板组成的整体F=（叫+m2）a

解得b=15N

即当尸＞15N时，小物块、木板才发生相对滑动，故B错误，C正确；

D.当尸=18N＞15N,此时小物块、木板发生了相对滑动，对小物块，根据牛顿第二定

律可得歹-〃/〃q=〃仔'

解得d=4in/s2，故D正确。

故选CD。

10.如图所示，轻弹簧竖直立在地面上，物块A放在轻弹簧上，物块B叠放在物块A上，

用绕过两定滑轮的轻绳将物块B、C连接，用手托着物块C,使滑轮两边的轻绳刚好沿竖

直方向伸直，已知物块A、B、C的质量分别为机、相、2〃?，弹簧的劲度系数为七重力加

速度为g，不计空气阻力，弹簧在弹性限度内，开始时物块B到滑轮的距离足够远，快速

撤去手，则下列判断正确的是（）

〃〃〃/〃〃〃〃

-c

"

Bn

A/

w

w

w

\//

7777//z

A.撤去手的一瞬间，物块C的加速度为0

B.撤去手的一瞬间，AXTB的作用力大小为:〃吆

C.撤去手后，物块B向上运动过程中加速度先减小后不变

D.当物块A、B刚好分离时，物块A上升的高度为幽

3k

【答案】BC

【解析】A.由题意可知，撤去手之前绳子上得拉力为0,此时，对AB整体受力分析得

2，ng=

撤去手得一瞬间，弹簧上弹力不变，A、B、C三个物体加速度大小相等，对C受力分析得

2〃7g—F=Ima

对AB整体受力分析，由牛顿第二定律得

/+依）-2"7g=Ima

联立解得撤去手的一瞬间，物体C的加速度大小为

1

此时绳上的拉力突变，大小为

F=mg

故A错误；

B.撤去手的一瞬间，对物体B受力分析，由牛顿第二定律得

F+FXB-mg=ma

代入数据得此时A对B的作用力大小为

L1

%=Q磔

故B正确；

C.撤去手之后AB分开前，对A、B、C系统受力分析，由牛顿第二定律得

2mg+kx-2，ng=4mu

随着A向上运动，弹簧的形变量减小，可知加速度减小；A、B分开后，B、C两个物体由

绳连接加速度大小一样，对C受力分析由牛顿第二定律可知

2mg-F'=2ma

对B受力分析，由牛顿第二定律可知

F-mg=ma

联立解得B、C的加速度大小为

,1

加速度不再变化，故C正确；

D.A、B分开时，5B=。，此时A、B、C加速度大小相等，设此时弹簧的形变量为

为，对A、B、C系统受力分析解得

2mg+3-2mg=Ama

隔离A,受力分析由牛顿第二定律得

kx}-mg=ma

联立解得，此时弹簧形变量为

_4〃7g

二W

故当物块A、B刚好分离时，物块A上升的高度为

_2mg

力二%—玉"3F

故D错误。

故选BCo

三、实验题

II.在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，桌上放一块方木板，用图钉把一张白

纸钉在方木板上，再用图钉把橡皮条一端固定在板上的A点，如图甲所示，在橡皮条另一

端栓上两条细绳形成结点。，细绳的另•端系着绳套，先用两个弹簧测力计分别钩住冤

套，互成角度地拉橡皮条；再用一个弹簧测力计通过细绳套拉橡皮条。

（1）判断力尸单独作用与力巴、K共同作用效果相同的依据是o

A.尸的大小等于死与用的大小之和

B.使橡皮条OA的长度相同

C.使橡皮条上的结点。到达同一位置

（2）实验中需要标记或者记录的信息有o

A.橡皮条的原长B.橡皮条拉长后结点的位置

C.力尸的大小和方向D.力鸟、鸟夹角的大小

（3）在该探究实验中，老师先用两个成一定角度的弹簧测力计拉悬挂的橡皮条，使橡皮条

由。点伸长到E点（如图乙所示），现保持橡皮条伸长后的位置E点不动，使弹簧测力计

的拉力的方向不变，将另一个弹簧测力计的拉力吊的方向由水平方向顺时针转过90。，

该过程中片和鸟将.

A.E保持不变，K先减小后增大B.6逐渐减小，F?先减小后增大

C.6逐渐增大，K先增大后减小D,6保持不变，K先增大后减小

【答案】（1）C（2）BC（3）B

【解析】（1）判断力尸单独作用与力6、K共同作用效果相同的依据是使橡皮条上的结

点到达同一位置。

故选C。

（2）实验中需要标记或者记录的信息有用弹簧测力计通过细绳套拉橡皮条后结点。的位

置、力产的大小和方向、力片、入的大小和方向。

（3）保持弹簧伸长后的位置七点不动，则拉力々和鸟的合力不变，使弹簧测力计的拉力

片的方向不变，则根据力的三角形定则，作出拉力耳和工及匕和鸟的合力尸的示意图

如图所示

可知，将另一个弹簧测力计的拉力巴的方向由水平方向顺时针转过90。的过程中，片逐渐

减小，尸2先减小后增大。

故选B.

12.用如图所示装置“验证牛顿第二定律”，保持小车质量一定，验证小车加速度〃与合力厂

的关系。

电火花

（1）除了电火花计时器、小车、祛码、祛码盘、细线、附有定滑轮的长木板、垫木、导线

及开关外，在下列器材中必须使用的有（）（选填选项前的字母）。

A.220V、50Hz的交流电源

B,电压可调的直流电源

C.刻度尺

D.秒表

E.天平（附祛码）

（2）某同学得到如图所示的纸带，每5个点取一个计数点，测得相邻计数点间的距离如图

所示（单位cm）。由此可得小车加速度的大小。=m/s2（保留三位有效数字）。

••••••••••••••••

U_________J

1.702.914.12

（3）在本实验中认为细线的拉力尸等于祛码和硅码盘的总重力〃吆，己知三位何学利用实

验数据做出的4—尸图像如图中的1、2、3所示。下列分析正确的是（）（选填选项前

A.出现图线1的原因可能是没有平衡摩擦力

B.出现图线2的原因可能是硅码和祛码盘的质量不合适

C.出现图线3的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大

（4）在本实验中认为细线的拉力〃等于捺码和祛码盘的总重力机g,由此造成的误差是

（选填"系统误差'域"偶然误差”）。若所有阻力完全被平衡，设拉力的真实值为

七，小车的质量为M，为了使二"％,应当满足的条件是一<_____。

F真M

【答案】（1）ACE（2）1.21（3）B（4）系统误差5%

【解析】

【小问1解析】

AB.电火花计时器需要220V、50Hz的交流电源，故A正确，B错误；

C.用刻度尺测量纸带上点迹的距离，故C正确；

D.纸带上点迹间的时间可以由打点间隔计算不需要秒表，故D错误：

E.实验中需要用天平测量小车的质量，故E正确。

故选ACEo

【小问2解析】

相邻计数点间的时间间隔为T="=O.ls

根据逐差法，可得。=±»=1.21m/s2

2T-

【小问3解析】

A.根据图像1可知，当没有挂祛码、祛码盘时，小车产生了加速度，因此说明平衡摩擦

力时木板倾角太大，故A错误；

B.根据图像2可知，随着F的增大，即祛码、祛码盘的质量增大，不再满足祛码、破码

盘质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故B正确；

C.根据图像3可知，当挂上祛码、跌码盘时，小车的加速度还是为零，说明没有平衡摩

擦力或平衡的不够，故C错误。

故选B。

【小问4解析】

在本实验中认为细线的拉力F等于祛码和祛码盘的总重力/咫，由此造成的误差是系统误

差；

对小车，根据牛顿第二定律得产此=加。

对整体，根据牛顿第二定律得，〃g=(M+m)。

又跑二工5%

七

解得色＜5%

M

四、计算题(要有必要的文字和公式)

13.汽车A以i，A=4m/s的速度向右做匀速直线运动，发现前方相距xo=7m处、以】生=10

ni/s的速度同向运动的汽车B正开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大

小。=2m/s?,从此刻开始计时。求：

(1)A追上B前，A、B间的最远距离是多少？

⑵经过多长时间A恰好追上B?

【答案】(1)16米；(2)8秒

【解析】(1)设经过时间。两车相距最远

L=%一劭

解得

/,=3s

两车间的最远距离是

1

Ar=VBZ1-2^'-V./.+r,.=16m

I1/

(2)刹车时间

设经过时间12两车相遇

VB4-0

VAZ2—Z0=^0

解得

t2=8s

14.如图所示，可视为质点的质量〃?=2.2kg的物块放在质量〃%=4.4kg、足够长的长木板

上，长木板放置在水平地面上。物块通过轻质弹簧连接水平天花板，当弹簧与水平方向的

夹角为37。且弹簧长度《二20cm时，对长木板施加水平向左的拉力/=20N,长木板恰好

做匀速直线运动，物块相对于地面静止。已知弹簧的劲度系数攵=100N/m、原长

/()=10cm,弹簧始终处「弹性限度内，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大

小g取lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:

(I)弹簧弹力的大小:

(2)物块与长木板间的动摩擦因数必；

（3）长木板与水平地面间的动摩擦因数42。

【答案】⑴币二10N（2）//,=0.5⑶"2=0.2

【解析】

小问1解析】

根据胡克定律可得内单=kx=kd）=10N

【小问2解析】

对物块受力分析，受重力、支持力、弹簧拉力和摩擦力作用，如图

由于长木板恰好做匀速直线运动时，物块相对于地面静止。所以/=%cos37。

又/=4/=从（〃7g一。sin37°）

解得从=0.5

【小问3解析】

对长木板受力分析，受重力〃?og、支持力6/、物块的压力尸任、拉力尸、物块的摩擦力

r和地面的摩擦力力作用，如图

由于对长木板施加水平向左的拉力尸=20N,长木板恰好做匀速直线运动，所以

F=kf'

由牛顿第三定律可知/'=/

地面对长木板的摩擦