广东省阳江市阳西县2025年中考二模物理试题（含答案）

第第页广东省阳江市阳西县2025年中考二模物理试题一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．在2025年春晚《秧BOT》节目中，宇树科技的人形机器人H与舞者一同精彩表演，背后蕴涵了许多物理知识。以下对该机器人相关高度的估测，最符合实际情况的是（）A．18cm B．1m C．1.8m D．3m2．在2025年春晚《秧BOT》节目中，宇树科技的人形机器人与舞者一同精彩表演，背后蕴涵了许多物理知识。观众能区分出机器人动作声和舞者歌声，主要是依据声音的（）A．音调 B．响度 C．音量 D．音色3．在2025年春晚《秧BOT》节目中，宇树科技的人形机器人与舞者一同精彩表演，背后蕴涵了许多物理知识。为了增大机器人鞋底与地面之间的摩擦力，下列措施可行的是（）A．给机器人换上更粗糙的鞋底 B．减小机器人对地面的压力C．在机器人的鞋底安装滚轮 D．通过编程让机器人运动更快4．将如图所示的四种光学元件同时放在太阳光下，能点燃纸的是（）A．近视眼镜 B．平面镜C．放大镜 D．玻璃砖5．智能扫地机器人在工作时是通过红外线传感器避障，红外线实质是（）A．水波 B．电磁波 C．次声波 D．超声波6．如图大门的智能锁，它可以通过按指纹（S1）或按密码（SA． B．C． D．7．如图是直流电动机，下列选项图中，其对应的工作原理图是（）A． B．C． D．二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。8．在探索微小粒子的历程中，科学家发现原子是可分的。如图所示，A是；B是；A中带正电的微粒是。（均填微粒的名称）9．如图所示，一个装适量水的小药瓶漂浮在矿泉水瓶的液面上。当挤压水瓶时，小药瓶内气压收缩，水进入小药瓶，此时重力浮力，所以下沉；当松手后，小药瓶内空气膨胀，将多余的水排出，此时重力浮力，所以上浮（以上均选填“大于”“等于”或“小于”）；根据这一原理应用有（填一事物）。10．如图所示，某无人机将100N的货物匀速竖直向上提高6m，该过程中无人机对货物做功为J，货物的动能（选填“变大”“变小”或“不变”）。以无人机为参照物，大地应是运动（选填“竖直向上”或“竖直向下”）。11．如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中，应采用较（选填“厚”或“薄”）的玻璃板代替平面镜。若蜡烛与玻璃板相距5cm，则蜡烛的像与平面镜相距cm。换用更大块的玻璃板，蜡烛的像大小（选填“变大”“变小”或“不变”）。12．嫦娥六号2024年5月3日成功发射，6月25日返回器携带月球样品着陆地球。如题图为嫦娥六号发射的场景，题图为嫦娥六号返回器着陆过程的部分轨迹简图。嫦娥六号随火箭加速升空过程中，火箭燃料选择液态氢是因为它的大。使火箭上升的施力物体是（选填“空气”或“喷出的气体”），该力的方向是的（选填“向上”或“向下”）。13．嫦娥六号2024年5月3日成功发射，6月25日返回器携带月球样品着陆地球。如题图为嫦娥六号发射的场景，题图为嫦娥六号返回器着陆过程的部分轨迹简图。返回器从A到B过程中，重力势能，在BC段机械能（以上两空均选填“变大”“变小”或“不变”）。返回器跳出大气层到最高点时，其动能（选填“为零”或“不为零”）。14．如图甲是一种可以调节音量的电位器结构示意图，滑杆e端相当于乙图滑动变阻器端（选填“1”“2”“3”），将该电位器的铜片B和铜片C接入电路中，则滑杆e逆时针转动时，电位器接入电路的电阻，通过电位器的电流，从而调节音量。（后两空选填“变大”“变小”或“不变”）三、作图题：本题3小题，共7分。15．如图所示，要将轮胎滚上台阶，请画出最小的推力F和轮胎所受重力G（O为轮胎重心）。16．如图所示是已矫正好的近视眼，请完成光路图。17．如图所示，根据电流方向标出通电螺线管的磁感线方向、小磁针静止时右端的磁极名称和电源右端的极性。四、实验题：本题共3小题，第16小题6分，第17、18小题各7分，共20分。18．（1）如题图甲，被测量木块的长度为cm。如图乙所示为用天平正确测量物体质量后所用砝码的规格和标尺上游码的位置，则该物体的质量为g。（2）如题图所示，为小明家11月底的电能表的示数，为kW·h，12月底，小明家电能表的示数为91.6kW·h，小明家12月用了度电。（3）小明同学在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。如题图所示，实验前，杠杆静止在支架上，为了使杠杆在水平位置平衡，他们应将杠杆右端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，在实验过程中，C处、D处弹簧测力计的示数分别为F1、F2，则F119．小明利用如图甲装置探究水沸腾前后温度变化的特点。（1）根据图甲安装实验装置时，应（选填“自上而下”或“自下而上”）操作，正确安装完成后，点燃酒精灯加热，记录温度计示数；（2）当水沸腾时，图乙所示中，图（选填“a”或“b”）是水沸腾时气泡的情况；（3）根据本次实验测得数据描绘图像，如图丙所示，水在沸腾前温度，在沸腾时温度（以上两空选填“升高”“降低”或“不变”），沸点为℃；（4）撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续；（5）实验后小明进行深度思考：为什么水的沸点没有达到100℃？请帮他写出原因：。20．在探究“电流与电压、电阻关系”的实验中，小明选用器材有：学生电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻R、开关S、导线若干和滑动变阻器：（1）设计实验时，小明制定了探究的总体思路：保持电阻不变，探究电流与电压的关系；保持电压不变，探究电流与电阻的关系；物理学上，把这种科学探究的方法叫做；（2）如图甲所示，小明将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合开关S，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻（选填“断路”或“短路”）；排除故障后，缓慢移动滑片P到某位置时，如图乙所示，电流表示数为A；（3）在“探究电流与电阻的关系”的过程中，小明将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，直接读出电流值，你认为这种做法是（选填“正确”或“错误”），理由是；（4）小明根据实验数据绘制了如图丙所示I—R的图像，由图像可知，小明控制定值电阻两端的电压为V，使用滑动变阻器的规格可能是。A.10Ω2AB.20Ω1AC.50Ω0.5A五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。21．2024年3月22日我国自主研制的全球首款XCA4000起重机完成首吊，顺利将风电的风机吊装到位，如图所示。某次作业中，将质量为4×10（1）配件竖直上升过程的平均速度；（2）配件的重力；（3）配件上升过程中起重机对配件做的功和功率。22．如图甲是具有高温、低温两挡的电热饭盒，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻，R1的阻值为200Ω，R2的阻值是R1的4倍。求：（1）高温挡的电流；（2）高温挡加热5min，产生多少热量；（3）低温挡的功率。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．水碓的发明是我国古代劳动人民智慧的结晶，水碓一般设置在溪流江河的岸边，利用水流推动进行工作。水碓的构造有水轮、连接水轮的横轴，横轴上穿着三根短横木（和轴成直角）（如图所示）。水碓工作时，水流冲击使水轮转动，短横木转动时碰到碓捎的末端，把它压飞，短横木转了过去，翘起的碓头就落下来，一起一落地舂米。（1）水碓利用了杠杆原理，其中碓捎的部分属于（选填“省力”或“费力”）杠杆；（2）碓头的石杵落下是受到力的作用效果，落下过程中石杵的重力势能；（选填“变大”“变小”或“不变”）（3）水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，水流具有能，在此过程中，能量发生了（选填“转移”或“转化”）；（4）若要提高水碓的工作效率，你的建议是。24．小明发现太阳能热水器的玻璃管都是黑色的，物体的吸热本领与颜色有关吗？为了探究这个问题，小明找来两个完全相同的透明塑料瓶，外壁均匀涂上相同厚度的黑白涂层，分别装入适量的水后置于太阳光下，如图所示。每隔3min测一次瓶中水的温度，测得数据如下表所示：日照时间/min036912161821242730白色瓶水温/℃2324252526272728292930黑色瓶水温/℃2325262728293031323334（1）两个相同的瓶内应装入质量和相同的水。（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水变热，这是通过的方式改变内能。（3）小明通过观察来比较水吸收热量的多少。（4）通过对上述数据的分析，可初步得出结论：。（5）若黑色瓶中水的体积为2×10−4m3，其从初温升至30℃吸收的热量是J。[（6）本次实验的结论在实际生活中的应用非常广泛，请你列举一例：。25．阅读短文，回答问题刀片式磷酸铁锂电池我国新能源汽车电池技术全球领先，目前我国新能源汽车所用电池主要有磷酸铁锂电池和三元锂电池。“刀片电池”是我国新一代磷酸铁锂电池的一个名称，如图所示，刀片电池延续了磷酸铁锂的技术路线，通过改变电芯的形状优化了磷酸铁锂电池的性能。测试结果发现，这款电池在电池的空间利用率、能量密度、电池结构强度、电池轻量化、电池安全性等方面具有更优化的设计，电池的能量密度是指电池平均单位体积或质量所能储存的电能。电池的能量密度一般分质量能量密度和体积能量密度两个维度，如图所示。电池质量能量密度=储存的电能电池体积能量密度=储存的电能多片“刀片电池”串联起来就组装成电池组，国内某车型所安装的电池组的相关数据如表所示。电池组满电时储存的电能76.8kW·h体积能量密度442Wh/L质量能量密度170Wh/kg稳定的放电电压384V包含“刀片电池”数量120片（1）该电池组在充电过程中主要将电能转化为能。（2）从表中数据可知，单片“刀片电池”稳定的放电电压为V。单片“刀片电池”满电时储存的电能为kW·h。（3）若利用充电功率恒为100kW的充电桩对该电池组进行充电，可在0.5h内将该电池组从电量为30%充至80%，此过程中的充电效率是。（4）从表中数据可知，这个磷酸铁锂电池的平均密度为kgm3，通常情况下，三元锂电池的平均密度大约是4500−5000kg①空间利用率②能量密度③电池结构强度④电池轻量化⑤电池安全性（5）测试人员对安装了上述电池组的车型进行测试，充满电后，测试人员驾驶该车在平直公路上匀速行驶1h，电池组的电量减少了12.5%，已知测试过程中该汽车的能量转化效率为80%，此过程该车牵引力做功的功率是W。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】由图可知，机器人的身高比舞者的身高略高，成年人的身高在1.7m左右，所以机器人的高度约为1.8m，故ABD错误，C正确。故选C。

【分析】根据人的身高判断出机器人的身高。2．【答案】D【解析】【解答】观众能区分出机器人动作声和舞者歌声，主要是依据声音的音色，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。

【分析】音色是指声音的特色或品质，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。3．【答案】A【解析】【解答】A．给机器人换上更粗糙的鞋底，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A符合题意；B．减小机器人对地面的压力，可以减小摩擦力，故B不符合题意；C．在相同条件下，滚动摩擦力远小于滑动摩擦力，所以在机器人的鞋底安装滚轮，可以减小摩擦力，故C不符合题意；D．通过编程让机器人运动更快，运动速度的大小并不影响摩擦力的大小，故D不符合题意。故选A。

【分析】增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；

在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；

变滚动摩擦为滑动摩擦。4．【答案】C【解析】【解答】当太阳光通过光学元件后，能将太阳光会聚到一点，即对光有会聚作用，焦点处的温度升高，达到纸的着火点，纸会被点燃。

A.近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，故A不符合题意；B．平面镜的作用是反射光线，它只能改变光线的传播方向，而不能将光线会聚，故B不符合题意；C．放大镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故C符合题意；D．玻璃砖是由玻璃制成的透明物体，它对光线主要起折射作用，光线通过玻璃砖时会发生折射，改变传播方向，但不会将光线会聚到一点，故D不符合题意。故选C。

【分析】凸透镜对光有会聚作用，凹透镜对光有发散作用。5．【答案】B【解析】【解答】智能扫地机器人通过红外线传感器避障，红外线实质是电磁波，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。

【分析】红外线属于电磁波，机器人利用红外线可以躲避障碍物。6．【答案】B【解析】【解答】A．图中，两开关和电动机串联，必须同时闭合两个开关，电动机才能工作，故A不符合题意；B．图中两个开关并联后再和电动机串联，闭合任意开关都可以单独控制电动机，从而打开门锁，故B符合题意；C．图中，两个开关串联后再和电动机并联，电动机直接接到电源的两极，开关不能控制电动机，故C不符合题意；D．图中开关S2和电动机串联，开关S1并联在开关S2和电动机两端，开关S1闭合，电源短路，电动机不工作，故D不符合题意。故选B。

【分析】多个开关分别控制用电器工作，开关并联，再和电动机串联。7．【答案】A【解析】【解答】直流电动机的原理：通电导体在磁场中受到力的作用；A．该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，与直流电动机的工作原理相同，故A符合题意；BC．该装置可以探究电磁感应现象，是发电机的原理，故BC不符合题意；D．该装置说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，故D不符合题意。故选A。

【分析】1.电动机的原理：通电导体在磁场中受到力的作用；

2.发电机的原理：电磁感应现象（闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流）；

3.电磁铁的磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，线圈匝数相同时，电流越大，电磁铁磁性越强；电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。8．【答案】原子核；（核外）电子；质子【解析】【解答】A是原子核，B是（核外）电子，共同组成原子。原子核是由带正电的质子与不带电的中子组成，A中质子带正电。

综上第1空、原子核；第2空、（核外）电子；第3空、质子。

【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。9．【答案】大于；小于；潜水艇【解析】【解答】当挤压水瓶时，小药瓶内气压收缩，水进入小药瓶，小药瓶内水的重力增加，当重力大于浮力时，小药瓶下沉。

当松手后，小药瓶内空气膨胀，将多余的水排出，小药瓶内水的重力减小，当重力小于浮力时，小药瓶上浮。

根据这一原理应用有潜水艇，潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的。

【分析】1.根据浮沉条件进行分析，当浮力大于重力时，物体上浮；当浮力小于重力时，物体下沉；

2.潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的。10．【答案】600；不变；竖直向下【解析】【解答】某无人机将100N的货物匀速竖直向上提高6m，该过程中无人机克服货物的重力做功，所以无人机对货物做功为：

W=Fs=Gh=100N×6m=600J

货物匀速竖直向上运动，货物的速度和质量都不变，所以货物的动能不变。无人机匀速竖直向上运动过程中，大地相对于无人机的位置在不断向下变化，所以以无人机为参照物，大地是竖直向下运动的。

【分析】1.已知货物的质量和上升的高度，根据W=Fs=Gh求出无人机对货物做功；

2.物体的动能与物体的质量和速度有关，据此进行分析；

3.判断物体的运动和静止，需要选取参照物，如果物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；如果物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的。11．【答案】薄；5；不变【解析】【解答】实验时，如果使用较厚的玻璃板，玻璃板的两个表面都会反射光线，从而形成两个虚像，所以为便于找到像的位置，应采用较薄的玻璃板代替平面镜。

平面镜所成的像与物到平面镜的距离相等，所以当蜡烛与玻璃板像距5cm时，蜡烛的像与平面镜相距5cm。平面镜所成的像与物的大小相等，平面镜的大小无关，所以换用更大块的玻璃板，蜡烛的像大小不变。

【分析】1.实验时用较薄的玻璃板代替平面镜，便于找到像的位置；

2.平面镜成像特点：平面镜成正立的虚像，像与物的大小相等，像与物到平面镜的距离相等，像与物的连线与镜面垂直。12．【答案】热值；喷出的气体；向上【解析】【解答】热值是燃料的一种特性，完全燃烧质量相同的不同燃料，热值较大的燃料放出的热量较多，所以火箭燃料选择液态氢是因为它的热值大。

火箭向下喷出燃气，产生向下的力，由于物体间力的作用是相互的，喷出的气体对火箭产生向上的力，所以使火箭上升的施力物体是喷出的气体，改力的方向是向上的。

【分析】1.热值是燃料的一种特性，完全燃烧质量相同的不同燃料，热值较大的燃料放出的热量较多；

2.物体间力的作用是相互的，相互作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上。13．【答案】变大；不变；不为零【解析】【解答】当返回器从A到B过程中，质量不变而高度增加，所以重力势能变大。BC段在大气层外，所以返回器在BC段动能和重力势能之间的转化，机械能守恒，所以机械能不变。当返回器跳出大气层到最高点时，动能最小，但不为零。

【分析】1.物体重力势能的大小与物体的质量和高度有关，物体动能的大小与物体的质量和速度有关，据此进行分析；

2.物体的动能和势能之和为机械能；

3.只有在重力（或弹簧的弹力）做功的情形下，物体的重力势能（或弹性势能）和动能发生相互转化，但总机械能保持不变。14．【答案】3；变小；变大【解析】【解答】滑杆e端可绕定点旋转，可以改变接入电路中的长度，相当于滑动变阻器的滑片，即图乙中的3。铜片B和铜片C接入电路中，滑杆e逆时针转动时，电位器接入电路的电阻变小，通过电位器的电流变大。

【分析】电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当变阻器滑片时，接入电路中的阻值变化，导致电路中的电流变化。15．【答案】【解析】【解答】过轮胎的重心O，沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，标上符号G；

要将轮胎滚上台阶，轮胎绕A点转动，为支点，过A点作出轮胎的直径AB，当AB为动力臂时，动力臂是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力最小，过B点作垂直于AB向上的最小动力F，如图所示：

【分析】1.根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心作竖直向下的力，并标上字母G；

2.根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。16．【答案】【解析】【解答】近视眼的晶状体太厚，对光的折射能力太强，成像在视网膜的前方，用凹透镜制成的近视镜眼镜，在光线进入眼睛以前就先发散一些，这样就能使像成在视网膜上，如图所示：

【分析】近视眼是由于晶状体太厚或者眼球前后方过长引起的，像成在视网膜的前面，要用发散透镜即凹透镜来矫正。17．【答案】【解析】【解答】电源外部，电流从电源正极流出，经用电器后回到电源负极，由图可知，电流从电源左端流出，为电源正极，则电源右端为负极；根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，右端是S极；磁体周围的磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极，所以磁感线方向是向右的；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端是S极，如图所示：

【分析】1.在电源外部，电流从电源的正极出发，经过用电器，回到电源负极；

2.根据安培定则判定定通电螺线管的极性；

3.根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的磁极；

4.磁体周围的磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极，据此判断A点处的磁感线方向。18．【答案】（1）2.75；36.2（2）31.6；60（3）右；>【解析】【解答】（1）图甲刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端在4.00cm刻度线处，物体右端在6.75cm处，则被测量木块的长度为：

L=6.75cm-4.00cm=2.75cm

图乙中，砝码总质量为20g+10g+5g=35g，天平标尺的分度值为0.2g，游码示数为1.2g，则该物体的质量为：

m=35g+1.2g=36.2g（2）如题图所示，为小明家11月底的电能表的示数，为31.6kW·h。

小明家12月份用电为：

W=91.6kW·h-31.6kW·h=60kW·h=60度（3）如图所示，实验前，杠杆静止在支架上，右端较高，说明杠杆左端较重，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；

由图可知，在实验过程中，C处动力臂小于D处的动力臂，根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越小，则动力越大，所以F1＞F2。

【分析】（1）认清刻度尺的分度值再读数；

物体质量等于砝码质量加游码示数；

（2）电能表计数窗最后一位为小数位，单位为W·h；

消耗的电能等于一段时间内两次电能表的示数之差；

（3）实验前，为忽略杠杆自身重力的影响，应将平衡螺母向较高的一端移动；

由图可知动力的大小，根据杠杆平衡条件进行分析比较。（1）[1]如图甲，刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端与4.00cm对齐，右端的示数为6.75cm，被测量木块的长度为L=6.75cm-4.00cm=2.75cm[2]如图乙标尺的分度值为0.2g，则该物体的质量为m=20g+10g+5g+1.2g=36.2g（2）[1][2]如图2所示，电能表计数窗最后一位为小数位，示数为31.6kW·h。12月底，小明家电能表的示数为91.6kW·h，小明家12月份用电W=91.6kW·h-31.6kW·h=60kW·h=60度（3）[1][2]如图3所示，实验前，杠杆静止在支架上，左低右高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；在实验过程中，C处、D处弹簧测力计的示数分别为F1、F2，C处动力臂小于D处的动力臂，在阻力和阻力臂一定时，则F1＞F2。19．【答案】（1）自下而上（2）a（3）升高；不变；98（4）吸热（5）当时气压低于标准大气压【解析】【解答】（1）实验时应使用酒精灯的外焰加热，所以应自下而上组装。（2）水沸腾前的现象是有少量的气泡产生，气泡上升不断变小；沸腾时有大量的气泡产生，气泡上升不断变大，到水面破裂，所以图a是水沸腾时气泡的情况。（3）由丙图可知，水在沸腾前温度升高，在沸腾时温度不变，沸点为98℃。（4）撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续吸热。（5）液体沸点随气压的减小而降低，水的沸点没有达到100℃，说明当时气压低于标准大气压。

【分析】（1）实验中为了确保使用酒精灯的外焰加热，组装实验器材时应按自下而上组装；

（2）水沸腾前的现象是有少量的气泡产生，气泡上升不断变小；

沸腾时有大量的气泡产生，气泡上升不断变大，到水面破裂；

（3）水沸腾时的特点：吸热，温度保持不变，水沸腾时的温度叫做沸点；

（4）水沸腾的条件：达到沸点，持续吸热；

（5）液体沸点随气压的减小而降低，据此进行分析。（1）实验中为了确保使用酒精灯的外焰加热，组装实验器材时应按自下而上组装。（2）水沸腾时，有大量的水蒸气产生，气泡由小到大上升到液体表面破裂开来，因此a是水沸腾时气泡的情况。（3）[1]据丙图可知，水沸腾前随吸收热量，温度逐渐升高。[2][3]在沸腾时，温度保持不变，丙图中温度为98℃保持不变，说明水的沸点是98℃。（4）撤去酒精灯后，水不满足吸收热量，水很快停止沸腾，说明水沸腾时需要吸收热量。（5）液体的沸腾与气压有关，且气压越低液体的沸点越低，因此水的沸点没有达到100℃，说明当时气压低于标准大气压。20．【答案】（1）控制变量法（2）断路；0.4（3）错误；没有控制定值电阻两端的电压不变（4）2；C【解析】【解答】（1）保持电阻不变，探究电流与电压的关系；保持电压不变，探究电流与电阻的关系；物理学上，把这种科学探究的方法叫做控制变量法。（2）图甲中，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，测定值电阻两端的电压，电流表串联在电路中，测电路中的电流；电流表无示数，可知电路可能出现断路，电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源之间是通路，是与电压表并联的定值电阻发生了断路。

图乙电流表使用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。（3）在“探究电流与电阻的关系”时，应控制定值电阻两端的电压不变，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据串联分压规律可知，10Ω电阻两端电压会变大，所以直接读出电流值的做法是错误的，理由是没有控制定值电阻两端的电压不变。（4）由图像可知，当R=5Ω时，通过电阻的电流为0.4A；当R=10Ω时，通过电阻的电流为0.2A；当R=20Ω时，通过电阻的电流为0.1A；小明控制定值电阻两端的电压为：U=IR=0.4当R=20Ω时，通过电阻的电流为0.1A，电源电压恒为6V，滑动变阻器两端的电压为：

U滑=U-U定=6V-2V=4V

根据串联电路电流规律可知，通过滑动变阻器的电流为0.1A，则滑动变阻器的电阻为：

R则滑动变阻器的最大阻值至少需要40Ω，故AB不符合题意，C符合题意。故选C。

【分析】（1）控制变量法：在研究多个变量之间的关系时，通过人为地控制其他变量保持不变，仅改变其中一个变量，以观察和分析该变量对结果或现象的影响；

（2）串联电路中，电流表无示数，电压表有示数，说明电压表与电源之间是通路，是与电压表并联的部分电路发生了断路；

（3）在“探究电流与电阻的关系”时，应控制定值电阻两端的电压不变；

（4）由图像可知，定值电阻的阻值和通过电阻的电流，根据U=IR求出定值电阻两端的电压；

已知电源电压和定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的电压；已知通过电阻的电流，根据串联电路电流规律可知通过滑动变阻器的电流，根据R=U（1）在探究“电流与电压、电阻关系”的实验中，保持电阻不变，探究电流与电压的关系；保持电压不变，探究电流与电阻的关系；这种科学探究的方法叫做控制变量法。（2）[1]闭合开关S，发现电压表有示数，且接近电源电压，则电压表与电源正负极连接完好，电流表无示数，则电路中某处断路，所以可能是定值电阻断路。[2]由图乙可知，电流表选择0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。（3）[1][2]在“探究电流与电阻的关系”的过程中，由控制变量法可知，应控制电压不变，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，由串联分压规律可知，10Ω电阻两端电压发生变化，即没有控制电压不变，所以不能直接读出电流值。（4）[1]由图像可知，小明控制定值电阻两端的电压为U=IR=0.4[2]使用20Ω的定值电阻实验时，定值电阻两端电压为2V，电源电压恒为6V，则滑动变阻器接入电路的阻值R则滑动变阻器的最大阻值至少需要40Ω，故C符合题意，AB不符合题意。故选C。21．【答案】（1）解：配件竖直上升过程的平均速度v=s（2）解：配件的重力G=mg=4（3）解：上升过程中起重机对配件做的功W=Gh=功率为P=W【解析】【分析】（1）根据速度公式计算配件竖直上升过程的平均速度；（2）结合重力公式G=mg计算配件的重力；（3）上升过程中起重机对配件做的功W=Gh；（1）配件竖直上升过程的平均速度v=（2）配件的重力G=mg=（3）上升过程中起重机对配件做的功W=Gh=功率为P=22．【答案】（1）解：当开关S接“2”时，电路中只有R1接入电路，电路中电阻最小，由P=U2R可知，此时电功率最大，此时电热饭盒处于高温挡，则高温挡的电流为：

I（2）解：高温挡功率为：

P高温挡加热5min产生的热量为：

Q=答：高温挡加热5min，产生的热量为7.26×10（3）解：当开关S接“1”时，电路中R1和R2串联，电阻最大，由P=U2R可知，此时电功率最小，此时电热饭盒处于低温挡，总电阻为：

R总=R【解析】【分析】（1）当开关S接“2”时，电路中只有R1接入电路，电路中电阻最小，为高温挡，根据电源电压和R1的电阻，利用（2）已知电源电压和高温挡的电流，根据P高=UI（3）当开关S接“1”时，电路中R1和R2串联，电阻最大，为低温挡，根据串联电阻的规律求出总电阻，根据（1）当开关S接“2”时，电路中只有R1接入电路，电路中电阻最小，由P=U（2）高温挡功率P高温挡加热5min产生的热量Q=（3）当开关S接“1”时，电路中R1和R2串联，电阻最大，由P=低温挡功率P23．【答案】（1）费力（2）重；变小（3）动；转化（4）见解析【解析】【解答】（1）碓捎的部分在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。（2）碓头的石杵落下是受到重力的作用效果。石杵落下过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小。（3）水碓在工作时，水流具有速度，具有动能，水流的动能转化成石锤的重力势能，能量发生了转化。（4）若要提高水碓的工作效率，可以减小摩擦力。【分析】1、分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；

2、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。（1）根据图中的杠杆可知，碓捎的部分在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。（2）[1][2]力可以改变物体的运动状态，碓头的石杵落下是受到重力的作用效果。石杵落下过程中，质量不变，高度变小，所以重力势能变小。（3）[1][2]水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，所以水流具有动能，在此过程中，水流的动能转化成石锤的重力势能，能量发生了转化。（4）若要提高水碓的工作效率，可以减小额外功，建议：减小摩擦力。24．【答案】（1）初温（2）热传递（3）水温升高的多少（4）其他条件一定时，黑色瓶的吸热本领比白色瓶强（5）5.88×103（6）见解析【解析】【解答】（1）探究物体的吸热本领与颜色的关系时，变量为物体的颜色，所以采用控制变量法，两个相同的瓶内应装入质量和初温相同的水。（2）太阳光照射到瓶子上，通过热传递的方式增加瓶子的内能。（3）根据Q=cmΔt，水的比热容c和质量m相同，所以可以通过观察水温升高的多少来比较水吸收热量的多少。（4）分析数据可知，在相同的日照时间下，黑色瓶中的水温总是比白色瓶中的水温高，可得出其他条件相同下，黑色