电学实验-高考物理二轮复习（含答案）

第16讲电学实验-高考物理二轮复习

精研•高频考点聚焦重难热新

考点一观察测量型实验

'实验装置图（或电路图）注意事项考查执占

（1）安装：按实验装置图

（1）考现象：充、放电时电路中

观察电连接好电路，接线时S是

的电流情况

容器的断开的

（2）考图像：描绘入曲线

充、放（2）观察：开关S接1或

（3）考计算：由4曲线下的面积

电现象2,仔细观察电压表、电流

求电荷量

表示数的变化特点

（1）电压、电流挡：相当

（1）考读数：电压、电流、电阻

于中压表、电流表

挡的读数

用多用（2）欧姆挡：刻度不均

（2）考使用：欧姆表选挡、调

电表测匀，读数方法不同

零、规范操作等

量电学欧姆调零（3）调零：区分机械调

旋钮（3）考黑箱：多用电表探测黑箱

中的物红衣笔插孔零、欧姆调零，更换量程

黑表笔曲孔内的元件

理量后要重新调零

（4）电表改装：所需电阻或改装

（4）电流方向：红表笔

后量程的计算

进，黑表笔出

（1）测量R：Rx=j（伏

（1）考读数：电流（压）表、游

安法）

测定金标卡尺、螺旋测微器的读数

（2）计算p：RS，p=

属的电（2）考电路：电路设计或选择、

SRx

阻率~r实物连线，器材选择

（3）滑动变阻器限流还是（3）考运算：由U”图像求&、p

分压

测量电根据器材选取方法：（I）考电路：电路设计或选择、

实物连线或改错，梏材选择

源的电（1）伏安法：E=U+Ir

动势和（2）安阻法：E=I（R+（2）考作图：描点连线画图线

内阻（3）考处理：由》/、或专•苴

第1页

（3）伏阻法：E=U珠图像，求E、r

【典例1】

1.某同学做观察电容器充、放电并估测电容器电容的实验，采用8V的稳压直流电源、单刀双掷开关、电流

传感器（与电脑相连，能描绘出电流i随时间，变化的图线）、定值电阻和导线若干，连成如图甲所示的电

路。

（I）下列说法正确的是

A.单刀双掷开关S掷向1端，电容器放电

B.先将S掷向I端，然后掷向2端，电容器电容先增大后减小

C.电容器带电时，两个极板只有一个板上有电荷

D.电容器充电时，与电源正极相连的极板带正电

（2）用8V的稳压直流电源对电容器先充满电，后电容器放电，电脑屏幕上显示出电容器在放电过程中

电流随时间变化的i-t曲线如图乙所示，根据图像可估算出1s到4s内曲线下包含的小格的个数大约为4（）

个，根据图像估算出释放的电荷量为C（结果保留两位有效数字）。

（3）根据前面的信息，计算出电容器的电容为F（结果保留一位有效数字）。

（4）如果不改变电路其他参数，只减小电阻R,放电时口曲线与横轴所围成的面积将（填“增

大，“，不变，，或“变小，，）；放电时间将（填“变长”“不变”或喳短”）。

【典例2】

2.常月的电压表和电流表都是由小帚程的电流表（表头）改装而成的，与电源及相关元器件组装后可构成

多功能、多量程的多用电表。

（1）某同学使用多用电表正确测量了一个15.0Q的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是15kC的电

阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选出以下必要的操作步骤并排序；

①把选择开关旋转到“xlOO”位置。

②把选择开关旋转到“'Ik”位置，

③将红表笔和黑表笔接触。

④调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点。

下列选项中正确的是—o（单选，填正确答案标号）

A.①③④B.②③④C.②④③D.①④③

第2页

（2）若将一个内阻为20Q、满偏电流为1mA的表头改装为量程0〜2V的电压表，需要（填

“串联”或“并联”）一个。的电阻。

（3）如图，某同学为探究由一个直流电源E、一个电容器C、一个电阻心及一个电阻心（取＞治）组成

的串联电路中各元器件的位置，利用改装好的电压表分别测量各接线柱之间的电压，测得数据如下表：

3

接线柱UN

1和20

2和31.53

3和40

1和40.56

2和41.05

1和30.66

根据以上数据可判断，直流电源上处于之间，电容器C处于之间，电阻心处于

之间。（填“1和2”“2和3””3和4”或“1和4”）

【典例3】

3.车辆运输中若存在超载现象，将带来安全隐患。由普通水泥和导电材料混合制成的导电水泥，可以用于

监测道路超载问题。某小组对此进行探究。

图1图2

（1）选择一块均匀的长方体导电水泥块样品，用多用电表粗测其电阻。将多用电表选择开关旋转到「I

k”挡，正确操作后，指针位置如图1所示，则读数为0。

（2）进一步提高实验精度，使用伏安法测量水泥块电阻，电源E电动势6V,内阻可忽略，电压表量程

0-6V,内阻约10kQ,电流表量程。〜600pA,内阻约100Q。实验中要求滑动变阻器采用分压接法，在图

2中完成余下导线的连接。

（3）如图2,测量水泥块的长为m宽为〃，高为°。用伏安法测得水泥块电阻为七则电阻率p=

（用R、。、b、c表示）。

第3页

（4）测得不同压力产下的电阻R,算出对应的电阻率p,作tip-/图像如图3所示。

基于以上结论，设计压力报警系统，电路如图4所示。报警器在两端电压大于或等于3V时启动，R为水

泥块，以为滑动变阻器，当&的滑片处于某位置，R上压力大亍或等于凡时，报警器启动。报警器应并联

在两端（填或

（5）若电源E使用时间过长，电动势变小，R上压力大于或等于R时，报警器启动，则QFo

（填“大于”“小于”或“等于”）。

【典例4】

4.某实验小组为测量一节干电池的电动势E和内阻，•，设计了如图a所示电路，所用器材如下：干电池、智

能手机、电流传感器、定值电阻R）、电阻箱、开关、导线等。按电路图连接电路，将智能手机与电流传感器

通过蓝牙无线连接，闭合开关S,逐次改变电阻箱的阻值凡用智能手机记录对应的电流传感器测得的电流

I。回答下列问题:

（1）Ro在电路中起（填“保护”或“分流”）作用。

（2）彳与石、八R、R）的关系式为彳=。

（3）根据记录数据作出；R图像，如图b所示。已知Ro=9.0C,可得E=V（保留三位有效

数字），「=。（保留两位有效数字

（4）电流传感器的电阻对本实验干电池内阻的测量结果（填“有”或“无”）影响。

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（电流表外接法）

r

（1）原理：U=E-Ir

3（2）误差来源：电流表的分压

E,rS、（3）误差分析：Egi=ER,r«>r«（rw=r+

____Ih1LRA）

（电流表内接法）

X

---------1/>—1(1)原理：E=U+跖

+

⑵关系式:

伏阻法HJE

⑦I

(3)误差分析：Em<Ea，r«<ra(rM=

E,「SRV'r.

_|i_——।

Rv-hr

(1)原理：E=/R+/r

(2)关系式：9=5/?+《或/?=£4—r

IEc/

安阻法

E,r«⑶误差分析：£«=£«,r»>rft(r»=r+

1

IRA)

【典例5】

5.某兴趣小组利用实验室的器材进行电表内阻的测量实验。

（1）小组成员在实验室发现一个表盘数字被污渍遮挡的电压表，利用图1中的电路图测量电压表量程。

闭合开关后，调节滑动变阻器品和电阻箱Ro,保持电流表满偏/=100mA,当R）i=49C时，电压表指针偏

转了满偏的黑当Ro2=119C时，电压表指针偏转了满偏的3则电压表量程为Ui=V,电流表内

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阻为&=Qo

（2）小组成员选择完好的实验仪器，利用表盘如图2所示的多用电表和图3中的电路图测量另一电工表

的内阻（量程3V,内阻约十几千欧）。

①利用多用电表的欧姆挡对电压表内阻进行粗测。将多用电表挡位调到欧姆挡（填“xlOO”或

“xlk”），再将红表笔和黑表笔,调零后，将两表笔接在电压表正负接线柱上，读取多用电表读

数，电压表内阻约为16.0kC；

②按照图3所示的电路图连接实验仪器后，闭合开关S,改变电阻箱阻值，读取多组电压表示数S与电

阻箱阻值R',并绘制出七次'图像如图4所示，图像斜率为七纵轴截距为近若已知电源电动势为E,则电

压表内阻Rv=,电源内阻对电压表内阻测量（填“有”或“无”）影响。

方法总结测量电阻的创新方案

—«—如果已知®的内阻R,则可测得6的内阻/?2=华

；2

—（£）—

女女法

—④串联一定值电阻R。后，同样可测得6的内阻R2="R+R。），

两电表的满偏电流接近时，若已知网的内阻心，则可则出心的内阻型

=和,

伏伏法

网并联一定值电阻R。后，同样可得⑨的内阻落

R。

待测电阻

—□—1

a单刀双掷开关分别与1、2相接，调节电阻箱吊，保证电流表两次读

替代法

数相等，则Ri的读数即等于待测电阻的阻值

I'"

1E,r

卜

闭合％,断开S2,调节R使G表满偏；再闭合S2,只调节使G

半偏法

表半偏（R》R2）,则凡=宠小R泗VR典

测量电流表内任L

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使尺2=0，闭合S，调节凡使V表满偏；只调节穴2使V表半偏

k=（Rv»Ri）,则R2=R*RQRR

测量电压表内阻

_/调节电阻箱R,当A、B两点的电势相等时，凡和R3两端的电压相

等，设为S,同时心和凡两端的电压也相等，设为S,根据欧姆定

电桥法

3在B又律有2=修，相=与。由以上两式解得凡必=&局，这就是电桥平

1KKKK

i23X

1（

衡的条件，由该平衡条件可求出被测电阻尺的阻值

考点二探究型实验

实验装置图归纳总结考查热点

（1）安装：按装置连接电

（1）考连线：连接电路

路

（2）考现象：分析指针偏转方

探究影响感（2）操作：观察线圈绕

向

应电流方向向、电流方向

（3）考分析：分析多种实验电

的因素（3）记录：实验现象

路及实验现象

（4）分析：感应电流磁场

（4）考运用：结论的运用

方向

（1）估计：被测电压的大

致

范围

（1）考操作：改变电压、线圈

（2）选择：交流电压挡适

探究变压器■工匝数前均要先断开开关

j当

原、副线圈■（2）考注意：电压不能超过12

•i量程

电压与匝数（）14；02816V,不能用手接触裸露部件

（3）组装：把两个线圈穿

的关系（3）考选挡：先用最大量程挡

在可拆变压器铁芯上，闭合

试测，再选用适当量程测量

铁芯

（4）测量：输入、输出电

压

【典例6】

6.某同学利用如图1所示的实验装置来完成“探究影响感应电流方向的因素”的实验。

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（1）下表为该同学记录的实验现象:

感应电流的磁场方向（正

序号磁体磁场的方向（正视）磁体运动情况指针偏转情况

视）

1向下插入线圈向左向上

2向下拔出线圈向右向下

3向上插入线圈向右向下

4向上拔出线圈向左向上

①分析上述4组实验记录的感应电流的磁场方向与原磁场方向，可得结论是感应电流的磁场总

要。

②已知当电流从正接线柱流入电流表时，指针向右摆动。如图2所示实验中该同学将条形磁体某极向下

从线圈上方插入线圈时，发现电流表的指针向右偏转，则条形磁体的下端为极（填或"S”）。

（2）该同学为了进一步研究实验，设计图3所示的实验装置。其中甲、乙为两个完全相同的电流表。已

知闭合开关后，当滑动变阻器R的滑片P不动时，甲、乙两个电流表指针位置如图3所示。若要使电流表乙

的指针向右偏转，则进行的操作正确的是一（填正确选项前的字母）。

图3

A.闭合开关，等电路稳定后再断开开关的瞬间

B.断开开关，等电路稳定后再闭合开关的瞬间

C.滑动变阻器的滑片向M端迅速滑动

D.滑动变阻器的滑片向N端迅速滑动

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【典例7】

7.某同学要进行“探窕变工器原、副线圈电压与匝数的关系”的实验。实物图如图所示

铁芯横梁

（1）关于该实验，下列说法正确的是一。

A.为确保实验安全，实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数

B.为了确保人身安全，只能使月低于12V的电源

C.通电情况下不可以用手接触裸露的导线、接线柱

（2）为了探究m=400匝、〃2=200匝的变压器原、副线圈电压与匝数的关系，请用笔画线代替连线，将

图中的实物连接补充完整。

（3）在实验中，两个电压表的读数记录如卜

目压次数12345

U\N2.54.57.09.010.5

UW1.22.23.44.45.2

该同学多次实验后发现原、副线圈的电压之比总是（选填“稍大于"“等于'’或者"稍小于”）原、

副线圈的匝数之比，试分析其原

因：_____________________________________________________________________________________________

考点三创新型电学实验

【典例8】

8.基于伯电阻阻值随温度变化的特性，某兴趣小组用伯电阻做了测量温度的实验。可选用的器材如下：Pl

10（X）型号的电阻、电源E（电动势5V,内阻不计）、电流表Ai（量程100g，内阻4.5k。）、电流表A2

（量程500阳\,内阻约1kC）、定值电阻凡（阻值15k。）、定值电阻R2（阻值1.5kC）、开关S和导线若

干。查阅技术手册可知，Pt1000型号伯电阻测温时的工作电流在0.1〜0.3mA之间，在。〜100C范围内，

钳电阻的阻值凡随温度/的变化视为线性关系，如图a所示。

第9页

^/(xlO3O)

1385

1.000

0

1(M)//t

a

完成下列填空:

（1）由图a可知，在。〜100°C范围内，温度每升高1°C,该船电阻的阻值增加C；

（2）兴趣小组设计了如图b所示的甲、乙两种测量粕电阻阻，直的电路图，能准确测出伯电阻阻值的是

（填，，曰，，或“乙，，），保护电阻R应选（填或"4”）；

（3）用（2）问中能准确测出伯电阻阻值的电路测温时，某次测量读得A2示数为295RA,AI示数如图c

所示，该示数为pA,则所测温度为℃（计算结果保留2位有效数字）。

创新分析

a）原理的创新:利用R,-t图像分析电阻随温度的变化规律。

（2）器材的创新:已知内阻的电流表A、（量程lOOpA,内阻4SkQ,既当电流表使用、又当电压表使用）。

【典例9】

9.某实验小组利用木质量角器、一段电阻丝、电阻箱及灵敏电流计设计了一个测量电阻（待测电阻为&）

的方案，实验电路如图甲所示。主要实验步骤如下：

①将电阻丝紧贴量角器弧边弯曲成型，并依量角器直径的两个端点裁剪好；

②按图甲所示的电路原理图连接好各元件；

③将电阻箱的阻值调至凡，并使金属夹K从A端沿弧形电阻丝向8移动，当灵敏电流计的示数为零时•,

停止移动金属夹，此时从量角器上读出04与OK间的夹角&（用弧度制表示）；

④改变电阻箱的阻值，重复步骤③，测得多组（仇R）值；

⑤整理数据并在坐标纸上描点绘图，所得图像如图乙所示。

第10页

p

根据分析，试回答下列问题：

(1)关于实验对电阻丝规格的要求，粗细(选填“必须”或“无须”)均匀。

(2)若考虑电流计的内阻，尺的测量值(选填“有”或“无”)系统误差。

(3)已知图乙的斜率为鼠由此可求得凡=。

(4)实验时，当金属夹K调至某位置时，实验小组的同学因为观察不仔细认为灵敏电流干的读数已经为

零，实际上，灵敏电流计仍有从K到P的微小电流，则此时R(兀-0)RQ(选填“〉”“=”或

“V”)，可以通过以下哪些操作使灵敏电流计的读数变为零o

A.适当增大电阻箱R的阻值

B.适当减小电阻箱H的阻值

C.适当增大0角

D.适当减小。角

创新分析

(1)器材的创新:使电阻丝紧贴木质量角器弧边弯曲成型制成一段半圆形电阻丝。

(2)原理的创新:利用了电桥法测电阻,利用角度测量代替长度测量。

(3)数据处理的创新:利嗓一'图线的斜率卜=白，求解R”

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答案解析部分

1.【答案】(1)D

(2)3.2x10、

(3)4x10-4

(4)不变；变短

【解析】【解答】(1)A：单刀双掷开关S掷向1端，电容器与电源相连，电容器充电，故A错误；

B：先将S掷向1端，电容器充电，然后掷向2端，电容器放电，但电容器的电容不变，故B错误；

C：电容器带电时，两个极板同时带上等量异种电荷，故C错误：

D：电容器充电时，与电源正极相连的极板带正电，与负极相连的极板带负电，故D正确。

故答案为：D

(2)根据图像估算出释放的电荷量为0=40x0.2x0.4x10-3C=3.2X10-3C。

故答案为：3.2X10F

(3)电容器的电容为C=%=4X10FF

故答案为：4xl()-4

(4)放电时i-t曲线与横轴所围面积等于电容器带电量，带电量由电源电压和电容决定，与电阻无关，故面

积不变。

电阻R减小，放电电流增大，放电时间变短。

故答案为：不变；变短

【分析】(1)依据电容器充放电原理和电容的定义，分析各选项操作对应的物理过程。

(2)利用i-t图像与坐标轴围成的面积表示电荷量，结合小格数和刻度计算释放的电荷量。

(3)根据电容定义式C=g,代入电荷量和电源电压计算电容值。

(4)分析电阻变化对放电电流和时间的影响，判断图像面积与放电时间的变化。

2.【答案】(1)B

(2)串联；1980

(3)2和3；1和4；1和2

【解析】【解答】(1)AD：由于继续测量电阻的阻值约为上次测量电阻的1000倍，则测量阻值约为15kQ

的电阻时应把选择开关旋转到“xlk”位置，A、D错误；

BC：使用多用电表欧姆挡时应先将红黑表笔短接，再欧姆调零，B正确，C错误；

故答案为：B

(2)将量程较小的表头改装成电压表需串联一个电阻，由欧姆定律可知/g(rg+R)=Ug,解得串联电阻的

阻值R=\980C；

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故答案为：串联：1980

（3）当电工表直接连在电源两端时示数最大，而题表中2和3之间电JK最大，则直流电源K处于2和3之

间；当电压表分别连在RA、RB两端时，无法构成回路，电压表示数为0,题表中1和2之间、3和4之间为

电阻，则电容器C处于1和4之间；由于电容器相当于断路，由题表可知电压表接接线柱2和4时电压表两

端电压大于接1和3时的电压，则1和2之间为大电阻，即电阻取处于1和2之间

故答案为：2和3；1和4；1和2

【分析】（1）测量大阻值电阻需选择更大倍率的欧姆档，更换档位后必须重新进行欧姆调零。

（2）表头改装成电压表需串联分电阻，根据欧姆定律计算串联电阻的阻值。

（3）依据电压测量数据，结合电源、电容器、电阻的电压特性，判断各元件的位置。

（4）R2

（5）大于

【解析】【解答】（1）由多用电表欧姆挡的读数规则和题图1可知水泥块样品的粗测电阻为R殂=800002。

故答案为：8000

（2）由于/?粗＞因而，则由“大内小外”可知电流表应采用内接法，电压表测水泥块样品和电流表两端的总

电压，又实验中要求滑动变阻器采用分压接法，故导线的连接如图所示。

（3）由电阻定律有R=笠，可得p=等。

故答案为：噂

a

（4）由于报警器在两端电压大于或等于3V时启动，R上压力大于或等于R）时报警器启动，又由题图3可

知，尸越大p越小，结合（3）问分析可知尸越大水泥块的电阻越小，由题图4和串联分压规律可知尸越大

水泥块两端的电压越小，滑动变阻器两端的电压越大，故报警器应并联在滑动变阻器R两端。

故答案为：Ri

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(5)若电源石使用时间过长，电动势变小，则当岛上压力等于用时，滑动变阻器两端的电压小于3V,为

了使滑动变阻器两端的电工等于3V,则滑动变阻器&应分得更多的电垃，水泥块品应分得更少的电工，由

串联分压规律可知水泥块拈的电阻应更小，结合(5)问分析可知水泥块R上的压力应更大，故Q大于后

故答案为：大于

【分析】(I)多用电表欧姆档读数为指针示数乘以倍率，结合图1指针位置和“xlk”倍率计算，

(2)伏安法测电阻目.滑动变阻器分压接法，电流表内阻较小，采用电流表内接法，完成电路连线。

(3)根据电阻定律R=p",结合样品几何尺寸推导电阻率表达式。

(4)由p-F图像知压力增大时电阻率减小、%减小，分析串联电路电压变化，确定报警器并联位置。

(5)电源电动势变小后，为使报警器达到启动电压，需分析压力变化对电阻的影响。

4.【答案】(1)保护

(2)+丫

EE

(3)1.47；1.3

(4)有

【解析】【解答】Ro能避免电路中的电流过大，起到保护作用。

故答案为：保护

(2)对整个回路，由闭合电路欧姆定律有E=/(R+Ro+r),整理得彳=£+雪上。

故答案为：《+4也

(3)结合⑵中关系式与题图b可知，干用池的电动势E=1="二^V=1.47V,内阻r=*Ro=

K24-7fc

7x(25-0)

C-9Q=1.3Q。

24-7

故答案为：1.47；1.3

(4)结合(2)(3)分析可知，实验中的测量值实际是干电池与电流传感器的总电阻，所以电流传感器的电

阻对本实验干电池内阻的测量结果有影响

故答案为：有

【分析】(1)分析定值电阻Ro在电路中的作用，防止电阻箱阻值过小时电路电流过大。

(2)由闭合电路欧姆定律推导；与E、八R、Ro的关系式。

(3)结合j-R图像的斜率和截距，代入Ro数值求解电动势E和内阻八

(4)分析电流传感器电阻对图像斜率和截距的影响，判断其对内阻测量结果的作用。

5.【答案】(1)15；1

(2)xlk；短接；盘；无

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【解析】【解答】（1）根据欧姆定律，有1（/?"&1）=仙，1（&小岛2）=豺

解得U=15V,RA=1QO

故答案为：15；1

（2）①多用电表欧姆挡在使用时，指针应尽可能在表盘中间区域，则挡位应调到欧姆「Ik”挡，再将红黑表

笔短接进行调零。

②根据闭合电路欧姆定律有E=lh+器（R'+r）

变形得诗-=宓r+窜出

uLK

2VERV

则电压表内阻Rv=/

电源内阻对电压表内阻测量无影响

故答案为：①xlk；短接②焉；无

【分析】（1）保持电流表满偏，电路总电流不变，利用电压表两次偏转角对应的电压关系列方程，求解电压

表量程和电流表内阻。

（2）①根据待测内阻大小选择合适欧姆档，欧姆调零需将红黑表笔短接。

②由闭合电路欧姆定律推导上一R函数关系，结合图像斜率和截距求电压表内阻，分析电源内阻的影

响。

6.【答案】（I）阻碍引起感应电流的磁通量的变化；S

（2）A；D

【解析】【解答］（1）①由该同学记录的实验现象可知，1、3组实验中磁铁插入线圈，则穿过闭合回路的磁

通量增大时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反。2、4组实验中磁铁拔出线圈，则穿过闭合回路的磁通

量减小时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同。由此得出的结论是感应电流的磁场，总是阻碍原磁场磁

通量的变化。

②根据题意可知，感应电流方向为顺时针（俯视图），感应电流引起的磁场向下，条形磁铁的磁通量竖直向

上增加，所以条形磁体的下端为S极。

故答案为：①阻碍引起感应电流的磁通量的变化②S

（2）闭合开关后，线圈A中的电流方向是从上到下，电流表甲中的电流从正接线柱流向负接线柱，指针向

右偏转，断开开关瞬间，线圈A中电流减小，穿过线圈B的磁通量减小，线圈B中的感应电流的磁场方向

与原磁场方向相同，由安培定则可知，电流表乙中的电流从正接线柱流向负接线柱，指针向右偏转，A正

确；

断开开关，等电路稳定后再闭合开关的瞬间，线圈A中电流增大，穿过线圈B的磁通量增大，线圈B中的

感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，由安培定则可知，电流表乙中的电流从负接线柱流向正接线柱，指

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针向左偏转，B错误；

滑动变阻器的滑片向M端迅速滑动，线圈A中电流增大，穿过线圈B的磁通量增大，线圈D中的感应电流

的磁场方向与原磁场方向相反，由安培定则可知，电流表乙中的电流从负接线柱流向正接线柱，指针向左偏

转，C错误；

滑动变阻器的滑片向N端迅速滑动，线圈A中电流减小，穿过线圈B的磁通量减小，线圈B中的感应电流

的磁场方向与原磁场方向相同，由安培定则可知，电流表乙中的电流从正接线柱流向负接线柱，指针向右偏

转，D正确

故答案为：AD

【分析】（1）①分析实验数据中感应电流磁场与原磁场方向的关系，总结楞次定律的核心结论。

②结合电流表偏转方向与电流方向的关系，利用楞次定律判断就体极性。

（2）分析线圈A中电流变化对线圈B的磁通量影响，根据楞次定律判断感应电流方向，进而确定使乙表指针

右偏的操作。

7.【答案】（1）B；C

铁芯横梁

（3）稍大于；原副线圈的匝数比为,=黑=不通过分析实验数据发现原、副线圈的电压比总是稍大于

原、副线圈匝数比，即说明副线圈的电压偏低，导致该现象的原因是漏磁、铁芯发热、导线发热等能量损

耗，使副线圈两端电压偏低。

【解析】【解答】（1）A：为确保实验安全，实验中要求原线圈匝数大于副线圈匝数，故A错误；

B：变压器的工作原理是电磁感应，原线圈两端应接交流电，为了人身安全，只能使用低压交流电源，所用

电压应不超过12V,故B正确；

C：连接好电路后，要先检查电路是否正确，然后再接通电源，通电时，若用手接触裸露的导线、接线柱，

这样无形之中，将人体并联在电路口，导致所测数据不准确，也不符合用电安全规范，故