辽宁省某中学2025-2026学年高一年级下册学期初考试物理试题（含解析）

辽宁省实验中学2026年学期初考试

高一年级物理试卷

考试时间：75分钟试题满分：100分

一、选择题（1・7题为单选题，每小题4分，错选或不选得0分；8-10题为多选

题，每小题6分，全选对得6分，选对但不全得3分，错选或不选得。分，共

46分）

1.下列说法正确的是（）

A.kg、dm、s都是国际单位制中的基本单位

B.牛顿的理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的

C.在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进

行了验证

D.物体从，到什△/时间内位移为Ax,当△/-（）时，可以用上表示物体在时刻，的瞬时速度

A/

2.一质量为〃，的乘客乘坐竖直电梯卜.楼，其位移x与时间f的关系图像如图所示，乘客所受

支持力的大小用底表示，速度大小用u表示。重力加速度大小为g,以下判断正确的是（）

Or,bAt

A.Of时间内，v增大，FN>mg

B.0~八时间内，v增大,FN<mg

C.~4时间内，v增大，FN<mg

D.4~G时间内，v减小,FN<mg

3.科技赋能奥运，在2024年巴黎奥运会田径比赛场，跑道外侧安装有高速轨道摄像机系统，

如图所示，当运动员加速通过弯道时，摄像机与运动员俣持同步运动以获得高清视频，关「

摄像机下列说法正确的是（）

试卷第1页，共7页

C.摄像机角速度比运动员的更大D.摄像机向心加速度与运动员的相等

4.如图所示，质量为〃，的小球被一根橡皮筋力C和一根绳4c系住，当小球静止时，橡皮

筋处在水平方向上（重力加速度为g）。下列判断正确的是（）

A.在力C被突然剪断的瞬间，8c对小球的拉力大小发生突然变化

B.在4C被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为'

C.在被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为g

D.在8C被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gsin。

5.如图所示，一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶，在车厢底，•层油桶平整排列，相互

紧贴并被牢牢固定，上层只有桶C,静止在桶A、BZfHj,没有用绳索固定。汽车向左加速

运动时桶C受到桶A和桶B的支持和汽车一起保持相对静止。则A对C的支持力N和B

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6.一质点沿直线运动，如图所示是从t=0时刻开始运动的质点的2T图像（％为位移），可

以推知（）

A.初速度的大小是2m/s

B.加速度的大小是0.5m/s?

C.Z=2s时的速度大小是4m/s

D.Z=2s时位移大小是4m

7.如图，质量为2〃八边长为▲正方体滑块置于水平地面上，滑块与地面间动摩擦因数为

滑块上表面光滑，其右端放置一个质量为〃？的小球（小球可视为质点）。用水平外力快

速击打滑块，使其获得向右的速度也.重力加速度为别小球落地不反弹,则（）

A.一段时间后小球一定会离开滑块，然后做平抛运动

B.小球开始运动到落地瞬间的位移为、

C.小球落地时与滑块右端可能相距']L

2ux2

D.小球落地时与滑块右端可能相距J等-6/3

8.如图所示，有一质量为机的物块分别与轻绳P和轻弹簧Q相连，其中轻绳P竖直，轻弹

簧Q与竖直方向的夹角为。，重力加速度大小为g,则下列说法正确的是（）

试卷第3页，共7页

A.轻绳P的拉力一定等于mg

B.弹簧Q可能处于压缩状态

C.剪断轻绳P瞬间，物块的加速度大小为g

D.剪断轻绳P瞬间，物块的加速度大小为0

9.如图1所示，光滑水平面上并排静止放置着A、B两个物体（两物体接触但不黏合〕，

A、B的质量分别为=2kg和叫,=3kg。z=0时刻，水平推力尸A和水平拉力&同时分别

作用于A、B±,FA、卅随时间变化的关系如图2所示。下列说法正确的是（）

A./=ls时刻，A、B间相互作用力的大小为2N

B.1=1.55时刻,A的速率为4m/s

C./=0s至〃=2s时间内，A运动的位移大小为3m

D./=3s时刻，A、B间的距离为0.75m

10.三角形传送带以lm/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向

的夹角均为37。。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以lm/s的初速度沿传送带下滑，物

块与传送带间的动摩擦因数都是0.5,下列说法正确的是（）

A.物块A、B同时到达传送带底端

B.物块A先到达传送带底端

C.物块A、B在传送带上的划痕长度不相同

D.传送带对物块A无摩擦力作用

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二、实验题(每题2分，共20分)

11.用如图所示的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小厂与质量小、角速度如和

半径，•之间的关系。两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使槽内的钢球做匀速圆周运动。

横臂的挡板对球的压力提供向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒

下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间等分格的数量之比等于两个球所受向心力的比值。

装置中有大小相同的3个金属球可供选择使用，其中有2个钢球和1个铝球，如图是某次实

验时装置的状态，图中两个球到标尺距离相等。

(1)物理学中此种实验的原理方法叫；

A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法

(2)在研究向心力的大小厂与质量m关系时，要保持相同；

A.口和rB.s和mC.和，D./〃和产

(3)图中所示是在研究向心力的大小/与的关系；

A.质量加B.半径〃C.角速度0

(4)若图中标尺上红白相间的格显示出两个小球所受向心力比值为1：9,那么与皮带连接的

两个变速轮塔的半径之比为o

A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1

12.某实验小组利用图(a)所示的装置探窕物体的加速度与所受合力的关系。

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甲乙

图（d）

（2）通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度。，图（b）是某次实验所打出

的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，图

中数据的单位是cm。实验中使用的电源是频率，=50Hz的交变电流。根据以上数据，可以

算出小车的加速度。=m/s2;（保留2位有效数字）

（3）若始终保持木板水平，砂桶和砂的总重力为凡根据测得数据作出小车加速度。随产

变化的图线，如图（c）所示。由图中数据可知小车所受阻力大小为N；

（4）为了让细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，该小组用小木块将长木板无滑轮的

一端垫高来平衡阻力；

（5）发现图线虽过坐标原点，但上端仍发生“弯曲”，其原因是将砂桶和砂的总重力/记为

细线对小车的拉力尸玄存在误差。己知相对误差r$=一,"（附匕，设砂桶和砂的总质量为

切，小车的质量为“，则相对误差5与卫的关系图线应为。

1/----

三、解答题（13题10分，14题10分，15题14分）

13.某课外兴趣小组借助传感器，研究一小球做平抛运动的规律。小球水平抛出

0.5s时速度与竖直方向成45。角，落地时速度方向与竖直方向成30。角，小球可

看作质点，重力加速度取g=10m/s:求（结果可以保留根式）：

⑴小球做平抛运动的初速度大小；

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（2）小球抛出时距离地面的高度；

14.如图（a）所示，长为L的圆管竖直放置，质量，W=4kg,顶端塞有质量为加=2kg

的弹性小球（小球直径恰好等于圆管内径）。7=0时，让管从静止自由下落，1.0s

时落地，落地后管立刻以与落地时大小相等的速率竖直弹起，第一次弹起后管上

升过程的速度-时间图像如图（b）所示（以竖直向下为正方向），之后管每次落

地后，总以与落地时相等的速率竖直弹起。已知小球始终没有从管中滑出，球与

管之间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，不计空气阻力及圆管与地面碰撞的时间，

重力加速度g取lOm/s?,求：

（1）由图（b）求圆管第一次弹起后的加速度大小；

（2）球和管间的滑动摩擦力的大小；

（3）管从第一次落地到第二次落地所用的时间。（结果保留两位有效数字）

15.如图所示，质量M=2kg的木板/静置于水平地面上，质量m=3kg的物块8

（可视为质点）以川=4m/s的水平速度，从木板/的最左端开始在木板4上滑动.

已知4与8、/与地面间的动摩擦因数分别为"尸0.2、重力加速度g取

10m/s2o

（1）求木板4的加速度大小以；

（2）若物块3未从木板力的右端滑出，求木板力的最小长度；

（3）若木板4的长度为乙=1.45m,为使物块8不从木板力的右端滑出，在它刚

滑上木板时，对/施加水平向右的恒力，该力作用时间f尸0.5s后撤除，求恒力

的最小值Fmin。

〃//〃〃/〃/〃////〃/〃〃〃/〃〃〃〃////〃/

试卷第7页，共7页

1.D

A.dm不是国际单位制中的基本单位，故A错误；

B.伽利略的理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的，故B

错误;

C.伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并没有直接用实验进行验证，故C错误：

D.物体从，到什加时间内位移为At,当加-0时，”表示物体在时刻f的瞬时速度，故D

M

正确。

故选D。

2.B

AB.一质量为〃？的乘客荚坐竖直电梯下楼，根据工■，图像的切线斜率表示速度可知，

时间内，丫增大，乘客竖直向下做加速运动，加速度方向向下，乘客所受支持力小

于重力，即危＜〃噜，故A错误，B正确；

CD.根据x■/图像的切线斜率表示速度可知，4~4时间内，v减小,乘客竖直向下做减速

运动，加速度方向向上，乘客所受支持力大于重力，即尸故CD错误。

故选B。

3.A

A.当运动员加速通过方道时，摄像机与运动员保持同步运动，则摄像机也要加速转弯，

摄像机所受合外力方向与速度方向夹角为锐角，可知合外力的大致方向可能为Q,

选项A正确；

B.摄像机在弯道上运动的速度大小不断增加，方向不断变化，则速度不断变化，选项B错

误；

C.摄像机与运动员保持同步运动，则摄像机角速度与运动员的角速度相等，选项C错误；

D.根据

a-Wr

摄像机的转动半径大于运动员，可知摄像机向心加速度大于运动员的向心加速度，选项D

错误。

故选Ao

4.A

答案第1页，共9页

AB.设小球静止时8c绳的拉力为立力。橡皮筋的拉力为7；由平衡条件可得

FcosO=mg,FsinO=T

解得

F=",T=niQtanO

cos"

在力C被突然剪断的瞬间，〃。上的拉力厂发生了突变，小球的加速度方向沿与4C垂直的

方向且斜向下，人小为

a=gs\nO

A正确，B错误；

CD.在8c被突然剪断的瞬间，橡皮筋力。的拉力不变，小球的合力大小与8c被剪断前拉

力的大小相等，方向沿4c方向斜向下，故加速度

K

a=

cos"

CD错误。

故选Ao

5.B

根据几何关系可知。=30。根据平衡条件有尸1cos8+F2COS0=mg,F2sin6•据sin6=ma

解得片=在道-F、二』.ma

'33

可知，尸与凭图像均成线性关系，且E•。图像斜率为负值，&图像斜率为正值，

第二个选择项符合要求。

故选Bo

6.D

答案第2页，共9页

AB.由题意可得图线的函数表达式为、=I+L即x=/

♦X2

乂因为匀变速直线运动的位移公式为x=R・；"，根据对应关系得%=Im/s,im/s2,

故AB错误；

C.当，=2s时，根据公式v二%+G,代入数据得匕=3m&，故C错误：

D.当Z=2s时，代入表达式可得位移42=4m,故D正确。

故选Do

7.C

AB.一段时间后小球可能会离开滑块，但是不会做平枷运动，因为小球在水平方向不受外

力，没离开滑块时处于静止状态，离开滑块后做自由落体运动，其落地瞬间位移为L,所以

AB错误；

D.小球没离开滑块时，滑块加速度为

3

小球离开滑块时，滑块的速度为

小球离开滑块后，滑块的加速度为

小球落地时间为

若小球落地时滑块还没有停下则有

I

*1

滑块距离右端的距离为

x=x}+L

由上儿式解得

答案第3页，共9页

L-buC-qL

所以D错误；

C.若小球没落地时滑块已经停下则有

所以C正确；

故选C。

8.AC

AB.轻绳P竖直，分析物块受力可知物块仅受到重力和轻绳的拉力，故A正确，B错误

CD.剪断轻绳瞬间，轻绳拉力消失，轻弹簧来不及发生形变，所以物体只受重力，物块的

加速度大小为g。故C正确，D错误。

故选ACo

9.AD

A.由图像可知，/=0s至女=2s时间内痣=・2/+8,&=2/+2

在A、B分离的瞬间有。■4一空

〃?A吗

解得f=2s

则在/=Is时刻，A、B未分离，由整体法得"'2m、

叫+小

在f二Is时有尸A=-2xl+8=6N

以A为研究对象，由牛顿第二定律得巳•尸AB=〃?A。

解得分D=2N,故A正确:

B.结合上述r=1.5s时刻，A的速率为丫=a/=3m/s,故B错误;

C./=0s至lj/=2s时间内，A运动的位移的大小为x=,尸=4m,故C错误;

2

D.A、B分离后有"A=2=[m/s?,«B=-a2m/s

/=3s时刻，A、B间的距离=x相=:42；

-U2)75m,故D正确。

故选AD。

答案第4页，共9页

10.AC

ABD.两个小物块A和B从传送带顶端都以lm；s的初速度沿传送带下滑，因为〃噜sin37。

>〃小geos37°

所以传送带对两小物块的滑动摩擦力分别沿传送带向上，大小相等，那么两小物块沿传送带

向下的加速度大小相等，滑到传送带底端时的位移大小相等，因此物块A、B同时到达传

送带底端，A正确，B错误，D错误；

C.对物块A,划痕的长度等于A的位移减去传送带的位移，由牛顿第二定律得

mgsin370-cos37°=ma

解得

tz=2m's2

由运动学公式得

,Ii

L■

解得

/=Is

传送带运动位移

x=v0/=ImA对传送带的划痕长度为

A。=2m-Im=Im

对物块B,划痕长度等于B的位移加上传送带的位移，司理得出B对传送带的划痕长度为

Av,=2m+lm=3m

Aq<

物块A、B在传送带上的划痕长度不相同，C正确。

故选ACo

11.(1)C

(2)A

⑶C

(4)B

(1)在研究向心力的大小厂与质量m、角速度①和半径，•之间的关系时，先控制

答案第5页，共9页

其中两个物理量不变，研究向心力与另一个物理量的关系，采用的实验方法为控制变量法。

故选C。

（2）在研究向心力的大小♦与质量m关系时，依据尸则要保持CD和厂相同。

故选Ao

（3）图中两个钢球质量和做圆周运动半径相等，根据尸=〃wV,则是在研究向心力的大小

少与角速度w关系。

故选C。

（4）若图中标尺上红白相间的格显示出两个小球所受向心力比值为1:9,由于两个钢球质

量和做圆周运动半径相等，根据尸=皿必＞可知角速度之比为1:3：因为靠皮带传动，变速

轮塔边缘处的线速度大小相等，根据〃可知，与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比

为3:1。

故选Be

12.乙0.341D

（1）［1］安装纸带时，应将纸带穿过电磁打点计时器的限位孔，同时将复写纸套在定位地上

并压在纸带上，故乙正确.

（2）⑵使用的电源是频率/•二50Hz的交变电流，相邻（1勺两个计数点之间还有4个点未标

出，则相邻计数点间的时间间隔为广;Is

由逐差法有Q二''="''、X，"，xio-2m/s=0.34m/s2

4尸4x0I2

（3）［3］根据题意，设小车的质量为〃?，所受阻力为/,由牛顿第二定律有/-/二〃心

解得。'A

mm

结合图（c）有l=2・=

mm

解得IN

（5）［4］根据题意，由牛项第二定律有尸=（"+加）“，FK=M。

F-Fm

可得小--------1（"'一

%“

则相对误差（5与切的关系图线应为正比例函数。

1/

故选Do

13.（1）3m/s

答案第6页，共9页

（2）3.75m

（1）当小球抛出0.5s后小球的竖直分速度为昼=的=5m/s

水平方向的分速度为％二13an45°=5m/s

（2）小球落地时竖直方向的分速度为斗：二73，厂"％/s

小球抛出时距离地面的高度为〃375m

2g

14.（1）20m/s2；（2）40N；（3）1.1s

（1）由图b可知，向下为正方向，管落地后上升的过程中，在L0~1.5s内，管的加速度

为

△V2

«.=—=20m/s

△/

（2）设球和管间的滑动摩擦力大小为由牛顿第二定律得

Mg+Ff=Ma、

解得

Ff=40N

（3）在第一次碰撞后到管与球速度（设为y）相等的过程中，设球的加速度为生，时间为

t2,管上升的高度为人由牛顿第二定律得

mg-F（-ma2

解得

2

a2=-IOm/s

速度相等时，根据公式期=%+，〃，对球有

V=Vo+a2t2

对管有

V=-Vo+。内

联立解得

答案第7页，共9页

根据公式/・%2=2OX,对管有

v2-vj=-2aih

从速度第一次相等到第二次落地，管与球再次共同运动，设该过程的时间为G，则有

解得

5-1

则管从第一次落地到第二次落地所用的时间为

r=4+4=---s»Ih

15.(1)a4=0.5m/s2(方向水平向右)；(2)Lniin=3.2m；(3)Fmin=7^

(1)设开始8、力间滑动摩擦力为万出力、地间最大静摩擦力为％m，因

Ffn=f