2026年江苏高考物理二轮复习 主题一 力与运动（综合训练）解析版

模块一力与运动综合测试卷

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

考生注意：

1.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规

定的位置上。

2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的

作答一律无效。

3,非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔,写在答题纸上相应的区域内，作图时先使用2B铅

苞，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。

4.可能用到的相关参数：重力加速度g均取10m/s2o

第I卷（选择题共44分）

一、选择题I（本题共11小题,每小题4分，共44分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求

的，不选、多选、错选均不得分）

1.（2025・广东•模拟预测）2025年7月30日15时49分，我国利用运载火箭长征八号成功发射互联网低轨

06组卫星，卫星发射成功后关闭动力系统，由于空气阻力的影响，导致卫星轨道逐渐变化，下列说法正确

的是（）

A.卫星的轨道高度逐渐变大B.卫星的周期逐渐增大

C.卫星的机械能逐渐减小D.卫星的动量逐渐减小

【答案】C

【详解】A.由于空气阻力做负功，导致同一轨道时卫星的速度减小，万有引力大于所需的向心力，卫星做

近心运动，轨道高度变小，故A错误;

C.由于空气阻力做负功，卫星的机械能逐渐减小，故C正确:

GMm4万2

BD.根据=m-7-r=m—

T2

可得了=中嘉‘昨怦

由于轨道半径变小，则卫星的周期逐渐减小，卫星的速度逐渐增大，根据〃=〃”可知，卫星的动量逐渐增

大，故BD错误。

故选C。

2.（2026・江苏•一模）用手握住细绳A端持续上下振动，在绳上形成一列简谐横波。某时刻波形如图所示,

则该时刻绳上（）

C.质点C、石的速度相同D.质点B、。的加速度相同

【答案】B

【详解】A.质点4在波峰，加速度最大，速度为（），故A错误；

B.质点。在平衡位置，速度最大，加速度为0,故B正确；

C.质点。的速度竖直向上，质点E的速度竖直向下，方向不同，故C错误；

D.质点8的加速度竖直向下，质点。的加速度竖直向上，方向不同，故D错误。

故选Bo

3.（25-26高三上•江苏苏州・期末）固定在振动片上的金属丝以恒定的频率触动水面形成水波，当振动片在

水面上移动时拍得一幅如图所示的照片，由照片可知（）

A.振动片正向右移动

B.水波波速逐渐变小

C.。处接收到的水波频率大于方处

D.。处接收到的水波频率小于8处

【答案】C

【详解】AB.由图片可知，左边形成的波纹比较密，右边的稀疏，所以振动片是向左侧移动，水波的波速

由传播介质决定，不变。故AB错误；

CD.因为水波的速度在各处是一样的，单位时间内在。处接收到的完整的波个数多于〃处，所以。处接收

到的振动频率大于〃处接收到的振动频率，故C正确，D错误。

故选C。

4.（25-26高三上.江苏.期末）如图所示，“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，用电磁打点计时器打

出的纸带，纸带前端。A段点济密集模糊。为更准确求得小车的加速度应选取纸带（）

O力BC

L」....1....1|

A.0A段B.OB段C.4c段D.0C段

【答案】C

【详解】为更准确求得小车的加速度应选取点迹清晰的AC段纸带进行求解。

故选C。

5.（25-26高三上.江苏苏州.期末）如图所示，质量为机的乘客乘坐“苏州之眼”摩天轮，该摩天轮在竖直平

面内以速率卜做半径为A的匀速圆周运动。在乘客从最高点运动至最低点的过程中，乘客重力的（）

冲量大小为磔亚

A.冲最大小为2〃八，B,

V

C.功率不断增大D.功率保持不变

【答案】B

【详解】A.2〃n，是乘客动量的变化量大小，根据动最定理，它等广合外力的冲策，而不是重力的冲量，A

错误；

B.根据/="重力的冲量大小为1==mg­—,B正确；

v

C.重力的瞬时功率尸=6囚0$8。在乘客从最高点运动至最低点的过程中，。从90。减小到。再增大到90。,

cos。值先增大，后减小，所以重力的功率先增大后减小，C错误；

D.根据C选项的分析，重力的功率是变化的，D错误。

故选Bo

6.124-25高一下•广东•期中）图甲是滑板运动的滑道，图乙是其理想简化示意图，人和滑板均可视为质点，

滑道看成半径为R的圆弧轨道，M、N两点等高，。为圆心，P是最低点。当人和滑板整体从M点由静止释

放后，在M、N两点之间来回滑动,且高度越来越低，忽略空气阻力。对于人和滑板整体，下列说法正确

的是（）

A.受到重力、支持力、摩擦力和向心力的作用

B.受到的向心力由合力来提供

C.受到的向心力由重力、支持力的合力来提供

D.从M点到夕点的过程中，需要的向心力先增大后变小

【答案】D

【详解】A.受到重力、支持力、摩擦力的作用，向心力是效果，故A错误；

BC.受到的向心力由重力、支持力、摩擦力的合力沿指向圆心方向的分力来提供，故BC错误；

D.从M点到。点的过程中，切向加速度等于零时速度最大，此时重力沿切向的分力和摩擦力等大反向，

速度先增大后变小，半径不变，需要的向心力先增大后变小，故D正确。

故选Do

7・'■真题改编〕【23年江苏卷T7改编】（2026.江苏•高三）图甲为挂在架子上的双层晾衣篮。上、下篮子完

全相同且保持水平，每个篮子由两个质地均匀的圆形钢圈穿进网布构成，两篮通过四根等长的轻绳与钢圈

的四等分点相连，上篮钢圈用另外四根等长轻绳系在挂钩上。晾衣篮的有关尺寸如图乙所示，则图甲中上、

卜各一根绳中的张力大小之比为（)

甲

A.1：1B.2：1C.5：2D.5：4

【答案】C

【详解】设一个篮子的质量为机，连接下篮的绳子的拉力为4,对下篮，根据平衡条件得

4T,=mg

解得

二mg

~4~

设连接上篮的绳子的拉力为工，绳子与竖直方向夹角为6,对两个篮整体由平衡条件得

47；cos0=2mg

根据几何关系得

sin<9=—=0.6

40

联立解得

T5

o

则

尹1

故C正确，ABD错误。

故选C

8.（2025.甘肃白银•模拟预测）如图甲所示，水平放置在光滑地面上的弹簧振子在A、8之间做

简诸运动，。点为平衡位置，规定向右为正方向，其自由振动图像如图乙所示。将小球Q用轻质细绳悬挂

在。点正上方的。/点，小球Q静止时恰好未与地面接触，将小球P从A点由静止释放，运动到。点时与

完全相同的、静止的小球Q发生弹性碰撞，碰撞时间极短，碰后小球P从A点至再次回到A点的时间间隔

为6s。小球P、Q始终在同一竖直面内运动，小球Q的摆角始终小于5。，空气阻力不计，当地重力加速度

g=9.87m次,然汾87,则轻绳与小球Q组成的单摆的（）

A.周期为2sB.周期为8sC.摆长为ImD.摆长为4m

【答案】D

【详解】根据图乙可知，小球P的振动周期O=8s,碰后小球P从4点至再次回到八点的时间为6s,因为

小球P、Q完全相同且发生弹性碰撞，故小球P、Q碰后速度发生.交换，小球Q在相邻两次碰撞之间的时间

间隔为2s,恰好为单摆的半个周期，即单摆的周期为7=4s,根据单摆的周期公式7=

解得单摆的摆长L=4m

故选D0

9.（2026・江苏•一模）如图所示，小圆环A穿在光滑水平直杆上，通过细线与小圆环B相连，初始时细线恰

好水平拉直。现将4、B从图示位置由静止释放，B的运动轨迹如图中虚线所示，。点为右侧轨迹的最高点，

不计空气阻力，则（）

A.A做简谐运动

B.A、8的系统动最守恒

C.A的质量大于8的质量

D.仅增大8的质量，B能到达。点的右侧

【答案】C

【详解】A.图示时刻，小圆环B释放瞬间，小圆环A只受支持力，不满足尸=一如的情况，因此不是简谐

运动，故A错误;

B.在运动过程中，小圆环A与8构成的系统在竖直方向上受到的合外力不为零，因此系统动量不守恒，但

是在水平方向上动量守恒，故B错误；

C.由水平方向动量守恒可知+〃％电,=。

所以小圆环4与B的水平速度方向相反，大小满足‘、=吆

%加A

由图可知，当小圆环8运动到最高点。时，水平方向运动的位移4V4

即

因此故c正确;

D.由水平方向动量守恒可得％L如■以，若只增大〃%，则%,会减小，因此小圆环8向右摆动的水平位移

，〃B

会减小，无法到达。点右侧，故D错误。

故选C。

10.%新情境J2023年5月30日16时29分，神舟十六号载人飞船入轨后，成功对接于空间站天和核心舱

径向端口，形成了一:舱三船组合体，K船发射后会在停泊轨道（D上进行数据确认，后择机经转移轨道（U）

完成与中国空间站的交会对接，其变轨过程可简化为下图所示，已知停泊轨道半径近似为地球半径R,中国

空间站轨道距地面的平均高度为力，飞船在停泊轨道上的周期为十，则（）

A.飞船在转移轨道（II）上各点的速度均小于7.9km/s

B.飞船在停泊轨道（I）与组合体在空间站轨道（IH）上的速率之比为（A+/?）：R

C.飞船在转移轨道（II）上正常运行的周期为7=7；j（l+4j

D.飞船在转移轨道（II）上Q点的加速度小于空间站轨道（山）上Q点的加速度

【答案】C

【解析】A.停泊轨道（I）半径近似为地球半径R,则飞船在停泊轨道（I）运行的速度等于第一宇宙速度,

即7.9km/s,飞船在停泊轨道（I）P点加速，做离心运动进入转移轨道（II）,故飞船在转移轨道（II）上P

点的速度大于在停泊轨道（D上P点的速度，即大于7.9km/s,故A错误；B.根据万有引力提供向心力

6弊=一,解得1，=、廖，飞船在停泊轨道（I）与组合体在空间站轨道（III）上的速率之比为

/-rVr

t______（2R+/73

匕：匕=J（K+/2）：y,故B错误；C.根据开普勒第三定律I2）,飞船在转移轨道（H）上正常

T；T2

运行的周期3城晦［，故C正确；D.根据牛顿第二定律当…解得八器可知飞船

在转移轨道（II）上Q点的加速度等于空间站轨道（IH）上Q点的加速度，故D错误。

故选C。

1L新角度「（25-26高三上.江苏扬州.期末）如图所示，用轻弹簧拴接物块和水平地面，物块在压力尸作

用下处于静止状态。撤去压力产，物块竖直向上运动过程中，其动能心与位移/、时间/的关系图像，正确

的是（）

【答案】D

【详解】AB.根据动能定理可得叫二线-。=煤

又因为卬合=F合x

即耳=F小

所以纭-工图线的斜率表示心。物块竖直向上运动过程中，取竖直向上为正方向则七=履-用g

所以，仁先向上减小，后向下增大.即线-x图线的斜率先为正值减小，后为负值增大，故AR错误:

CD.根据卬介=与工

结合卬合=纭

可得线=心，

则线一图线斜率绝对值表示%,又因为七=七丫

由以I：分析可知，七先向上减小到零，后向下增大；物块向上的速度先由零增大后减小为零，所以以先增

大后减小为零，再由零增大，后减小为零，故C错误，D正确。

故选D。

第II卷（非选择题共56分）

二、实验题（15.0分）

12.“新考法（25-26高三上・江苏南京・月考）某实验小组利用气垫导轨、光电门等器材来完成“探究加速

度与力的关系”实验，具体装置如图甲所示，实验时先测出遮光条的宽度d,由刻度尺读出滑块移放时遮光

条最左端到光电门中心的距离/,滑块每次从气垫导轨上的同一位置释放，光电门连接的数字计时器记录下

遮光条的遮光时间/,仅改变槽码质量来进行多组实验。

（I）用游标卡尺测量遮光条宽度4结果如图乙所示，其读数d=mm。

（2）实验中槽码质量〃?（填“需要”或“不需要”）远小于滑块和遮光条的总质量

（3）实验中滑块的加速度大小。=,（用字母八I、d表示）

（4）若考虑遮光条的宽度对实验的影响，则实验中测得的加速度大小与真实值相比（填“偏大”、“偏小”、

“相等”）。

（5）某次实验测得多组数据后，根据实验数据处理结果绘制出的。-尸图像如图丙所示，图线不过坐标原点的

原因可能是o

【答案】（1）10.00

（2）需要

（4）偏大

（5）气垫导轨不水平且左低右高

【详解】（1）游标卡尺的读数为d=1Omm+0x0.05mm=10.OOnun

（2）实验中需要用槽码的重力代替绳子的拉力，因此需要槽码的质量〃，远小于滑块和遮光条的总质量M。

（3）滑块通过光电门的速度

/

根据运动学公式声=2R

解得力口速度4=上

2lr

（4）由题知/为滑块释放时遮光条最左端到光电门中心的距离，但遮光条中点经过光电门中心时，滑块已

经比前沿到达光电门中心时多走了!的距离，所以中点经过光电门中心时的总位移是/+（，根据加速度

22

a-,可知av.>4或。

2lr

（5）由图丙可知，拉力尸为零，加速度不为零，其原因可能是气垫导轨没有调节水平，左端低右端高。

三、计算题（本大题共4小题，9分+10分+10分+12分共41分，解答过程请写出必要的文字说明和必需的

物理演算过程，只写出最终结果的不得分）

13-【生产情境】（（24-25高三上•海南•期中）2024年9月4日，天问一号发布了全球分辨率最高

的火星彩色图像，填补了国际上火星探测数据的空白。已知该探测器在火星表面附近做匀速I员周运动的周

期为7,火星表面的重力加速度为g，引力常量为G。求：

⑴火星的半径，•：

（2）火星的平均密度p。

【答案】（1）「=口

47r

-3几

⑵。亏

【详解】（I）设探测器的质量为〃?，绕火星表面做匀速圆周运动，有

（2）设火星的质量为M,探测器绕半径为「的火星表面做匀速圆周运动有

火星的体枳

4

V=—"3

3

火星的平均密度

M

n--

V

解得

兀

p=3---

GT2

14.（23-24高二下.安徽六安・月考）如图甲所示，光滑水平面上有一处于原长状态的弹簧，其左端与一固定

立柱相连，右侧与一静止的小球相连。现将小球向右拉至M点后，由静止释放小球。以。点为坐标原点,

水平向右为x轴的正方向，小球向左经过0点时为f=0时刻，小球的振动图像如图乙所示。求：

（1）。、M两点间的距离；

（2）该振子在0〜2024s内的总路程;

（3）弹簧振子简谐运动的位移与时间的关系式。

ix/cm

।\।少

6810

甲；7

【答案】⑴5cm；（2）50.6m；（3）x=5sin序+乃卜m）

【详解】（1）0、M两点间的距离即位弹簧振子的振幅人，由图乙可知

4=5cm

(2)振子的振动周期为

7=8s

0〜2024s内的总路程为

5=—x4/1=-------x4x5cm=5060cm=50.6m

T8s

(3)根据

2〃71

简诸运动的位移与时间的关系式为

x=Asin("+0)

由图乙可知，，=2s时

.v=-5cm

代人位移与时间的关系式得

sin~+(P=-I

故

。=万弹簧振子简谐运动的位移与时间的关系式

/\

一・乃/、

x=〉sin—t+7v(cm；

147

15.25-26高三」：・江苏•期末)如图所示，小红同学用轻质细线系着质量为m的小球，做以P为顶点摆长为

/的角速度不同的圆锥摆运动，感受细线拉力的变化。其操作过程是：使小球以角速度◎在水平面内做匀速

圆周运动；继续加速转动，最终使小球以角速度2。在水平面内做匀速圆周运动。重力加速度为g,不计空

气阻力和0点位置的变化。求：

(1)以角速度。运动一周，小球所受重力的冲量大小心;

(2)以角速度/运动时，小球所受细线拉力的大小产；

(3)从&变化到2m过程中，细线对小球做的功Wo

【答案】（|）〃=到翌

（0

（2）F=nuerl

⑶方=蹩1+3〃?@2/2

2

【详解】（1）运动一周过程中，小球重:力的冲量〃=〃?87

周期为丁=生

CD

解得/=型空

（1）

（2）当角速度为3时，设细线与竖直方向夹角为，，对小球分析，如图

可知产sing=nut）ls,\nO

解得/=〃?苏/

（3）当角速度为。时，设细线与竖直方向夹角为6,P点到圆周运动的圆心的距离为人对小球分析，如

可知mgtane=〃wv%tane

可得力=与

0)'

当角速度为2。时，设细线与竖直方向夹角为。，P点到圆周运动的圆心的距离为九，对小球分析可知

"igiana=Am^h^ana

可得九二六

4fy-

由/Mgtan。=nuo?ls\nO

解得v=3/sin。

当角速度为0时丫=小疗/一£

由动能定理得W-mg(h-；/叫2_1,加

解得卬=必有+」用疗尸

86r2

16-'曾新思维［(2026.江苏•一模)如图所示，一水平传送带以速度如顺时针转动，其右端与足够长的光滑

水平台面平滑连接，在平台上静置质量均为2〃?的〃个相同物块.等间距排列成一条直线。质量为，〃的小滑

块P从传送带的左端由静止移放，与传送带共速后，滑，平台与物块1发生碰撞，最终所有物块都向右运

动，设所有碰撞均为弹性碰撞。

2345n

口口口口一一…一口

ZZZZ/ZZ/ZZ//ZZZ/Z/ZZZ/ZZ//Z///Z//Z

(1)求最右侧物块〃匀速运动的速度大小Vn/；

(2)从静止释放滑块P到其与物块1发生第二次碰撞的过程中，求P与传送带间摩擦产生的总热量Q：

(3)求全过程中碰撞总次数N及物块1的最终速度大小力”。

2

【答案】⑴%=§%

(2)2=7^

O

rzn(n+1)(1丫

(3)N=---，vhr=2x^-J%

【详解】3)小滑块P与传送带共速后与物块1发生弹性碰撞，根据动量守恒定律，有〃?％=，叫+2〃%

根据机械能守恒定律，有='叫+：2崎

21

解得用=4％，匕=一.%

JJ

碰撞后，小滑块P向左以速度大小;％滑上传送带，物块I向右滑动与物块2发生弹性碰撞，杈据动量守恒

定律,有2〃%=2，〃匕2+2，〃匕1

根据机械能守恒定律，有3.2"崎=1\,2，〃&

2

解得42=°，％=%=1％

可知碰撞后，前一个物块的速度变为0,后一个物块的速度由0变为前一个物块原来的速度，即两个物块交

2

换速度，则最终物块〃匀速运动的速度大小%=v„=-v0

(2)设小滑块P从释放到和传送带共速经i寸的时间为人传送带的位移芭二%乙

小滑块P做匀加速直线运动，运动的位移为M二；%乙

则有％=2%'

根据匀变速直线运动速度与时间的关系，得乙=%