四川省遂宁市射洪中学2025-2026学年高一下学期期中考试物理试卷

第第1页共7物理（考试时间：75分 满分：100分答卷前,回答选择题时,选出每小题答案后,2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。回答非选择题时,考试结束后,I卷（选择题48一、单选题（每题4分，共28分过一段位移的过程中，力F1对物体做功3J，力F2对物体做功4J，则力F1与F2的合力对物体做功为（ A．7 B．5C．1 D．12释放，不计小球的大小，则在A球沿斜面滚下、B球沿圆弧面滚下的过程中，下列说法正确的是（两小球到达底端时，A球重力瞬时功率比B如图所示，下列有关生活中圆周运动的实例分析，说法正确的是 图丁中，“水流星”1924M由NPPQN点的机械能损失和空气阻力。已知运动员从M点到P点，重力做功为W1，克服阻力做功为W2PQ点重力做功为W3P（）P点的动能为W1MP点机械能增加了W1Q点的机械能为W1MQ点重力势能减少了W1W2械能，S表示运动过程中物体的路程。则下列说法正确的是（）如图，“旋转秋千”R

座椅（可视为质点）的质量为m=6kg，缆绳的长度为L23m，稳定后缆绳与竖直方向的 座椅做匀速圆周运动的加速度大小为a103座椅做匀速圆周运动的线速度大小为v2座椅由静止至达到稳定速度的过程中，缆绳对座椅所做的功为W120在X星球表面宇航员做了一个实验：如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，小球运动到最高点时，受到的弹力为F，速度大小为V，其F-V2图像如图乙所示（F取竖直向上为正方向。已知X星球的半径为R0，引力常量为G，不考虑星球自转，则下列说法正确的是（ A．X星球的第一宇宙速度v1B．X星球的密度

C．XMDXR0的卫星周期T二、多选题（每题6分，选不全得3分，选错不得分，共18分）最高点O下落到最低点C的过程中（ BB点时的动能最大

2R如图甲所示，质量为M的长木板A放在光滑的水平面上，质量为m2kg的物体B（可看成质点以水平速度v02m/s滑上原来静止的长木板A的上表面由于AB间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（g取10m/s2（ A．A、B间的动摩擦因数为 B．木板A的质量MC．木板A的最小长度为 2.5m的重物系在轻绳的一端，放在倾角为α53的固定光滑斜面上，msin530.8，cos530.6，重力加速度为g，现将环从A处由静止释放，下列说法正确的 AB455第II卷（非选择题三、实验题（共14分11（9 （1分）交流电 B．刻度 C．天平（含砝码B、C……O点的距离分别为 J（2分动能的增加量等于 （结果均保留3位有效数字。围内，则当直线斜率k= 时（2分，说明重锤在下落过程中机械能守恒。 （2分v=gt

12（51、2L，遮光条的宽度为d，滑块和遮光条的总质量为M，钩码质量为m． ”C．挂上钩码后，接通气源，再放开滑块，记录滑块通过光电门1的时间t1和通过光电门2的时间t2，若弹簧测力计的示数为F，则要验证动能定理的表达式为 分D．改变钩码的质量，重复步骤C，求得滑块在不同合力作用下的动能变化量Ek （2分．D．钩码的总质量m应远小于滑块和遮光条的总质量M四、解答题（要求：写出必要的文字说明、方程式和结果。共34分13（10分）AB为竖直平面内光滑弧形轨道，质量m2kg的物体，在高度h0.8mBC间的动摩擦因数μ0.25g取10ms2。求：AEpB点时速度的大小vBs14（14使用便利性都得到了进一步提升。一辆质量为m=2´103kgvtOA段为直线。t120s小v20msP8104Wt 度达到最大值v240ms，整个过程中，汽车受到的阻力不变。fV3=25m/st2=38s时达到最大速度，求038s的过程中汽15（16分）物理老师自制了一套游戏装置供同学们一起娱乐和研究，其装置可以简化为如m1kgN点，V03m/sOPR1=0．6m的圆弧形单轨道PABC，其中∠θ600R2=0．125mCDEEFL=2mµ=0．5g10m/s2。PVPNEpPABCAPABCC，求当小物块通过传送带的过程，传Q和多消耗电能△E电。第第1页共5 【答案】C【详解】A．图甲中，脱水桶的脱水原理是水滴的附着力不足以提供做圆周运动的向A错误；B．图乙中，火车转弯时行驶速度超过设计速度时，火车受的支持力和重力的合力不足以提供火车做圆周运动的向心力，此时火车有做离心运动的趋势，则车轮会挤压外轨，选项B错误；C．图丁中，“水流星”转动过程中，在最高点处当满足mg

0C正确。DD【答案】C【详解】APEkW1A错误；BMP点机械能减少量等于该过程克服阻力做的功，可知运动员从MP点机械能减少了W2B正确；CPP点的重PPQ点只有重力做功，EQEPW1W2C正确；DMQ点重力势能减少量等于该过程重力做的功，该过程重力势能减少了W1W3D错误。【答案】 【详解】AB．物体在空中运动阶段，由动能定理有mghEkEkEk0mghEk与hA错误，B正确；CEpEpC错误；D．物体在空中只受重力作用，机械能守恒，DB。【答案】D【详解】AA正确；B．如图,由牛顿第二定律有mgtanθma,解得a103m/s2故B

W 1)JD【答案】 【详解】A．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据mgm1,可得v小球在最高点时，根据牛顿第二定律有mgFm

,FmgmF-v2图像可知，当v20Fmga,F0v2此时mgmb,则gb,X星球的第一宇宙速度v ，A错误；BC．由mg

ρM 又g,化简可得M 0 0,星球密

，B错误，C rR

D．卫星轨道半 0,根据万有引力提供向心r

r,T

2RGMgR0 0,解得T4π ，D正确 【详解】根据题意可知在B点蹦床对运动员的弹力等于运动员的重力：A．在A到C过程，除了重力对运动员做功外，还有蹦床弹力对运动员做负功，运动员的机械能减少，故A正B．运动员从O到A过程做自由落体运动，速度增大，从AB过程所受的弹力小于其重力，所以B到CB点，速度达到最B正确；C．运动员从OC过程中，重力一直对其做正功，重力势能一直减C错误；D．从A到C过程，蹦床对运动员的弹力竖直向上，运动员向下运动，可知蹦床DAB。【答案】 【详解】A．根据vt图像可知，物体A、B的加速度大小为aa1m/ BB，根据牛顿第二定律可得μmgMa2,A的质量M2kgBC01s时间内，二者的相对位移为xxxvt1at21at2,解得x1mC 2 2 时，由几何关系知tanθ4,故θ53,Bh，则h5ddsin53 Bv，则重物的速度为vcos530.6v,1mv212.5m(0.6v)2mg3d2.5mgd,解得v

,AB L2dB错误，DL2d

2.5mg(Ld)sinL5d

4d,CCD（1） （2）①. ②. （2）①.重锤的重力势能减少量Epmgh2②.

T1

,B点时重锤的速度为vB

26.0018.001020.022

m/s重锤动能的增加量为

1mv2 根据机械能守恒定律得mgh1mv2,解得v22gh,斜率为kC。【答案】 匀

FL1

d21Md

（）

（） [2]FL1Mv21Mv2，其中vdvFL1

d21Md

（）

（） （2）Ax2x，所以滑块的加速度大2A错误；BB正力计直接测量，所以不需要钩码的总质量m应远小于滑块和遮光条的总质量MD错误。故B。【答案】(1).16J(2).4m/s(3).【详解（1）选BC所在平面重力势能为零，物体在A点相对零势能面的高度为h，根据重力势能定义式Epmgh（2分） ⇒Ep16J（1分）（2）.AB恒定律有mgh1mv2（2分）,解得v4m/s（1分（3）.A力做负功，初末动能均为零。方程为mghμmgs0（3分）,代入数据解得s3.2m（1分【答案】(1).2000N （1）.P额fv2（2分f2000N（1分（2）.∵V3>V1V3=25m/sP额Fv3（2分F

ma（2分a=0.6m/s2（1分（3）.0~20sxv1

200m（1分 220s~38sPt2t1fx2 20（2分）,x2520m（1分 0~38s的位移

xx1x2720m（2分【答案】 (3).80N,方向竖直向下（4）.Q=2J，△E电，VP（2）.NO段对系统由能量守恒：△E增=△EE1mV2（1分

45J（1分 （3）.PA A

（1分，解得VA

42m/A点，根据牛顿第二定律可得NAmgmA（1分）,NAANA80N（1分（4）.C点时，NC=0,即mgmC（1分，可得vCE