第1讲描述直线运动的基本概念

第1讲描述直线运动的基本概念

1.1).「解析］计竟运输机飞行时间时,运输机的大小和形状可忽略，所以可以将运输机看成质点,A错误;在分析运输机降落动作

时，不能忽略运输机的大小和形状,所以不能将运输机看成质点,B错误；“上午9时30分”指的是最后,架运输机抵达武又的时

刻,D正确,C错误.

2.D［解析J甲处表示的是时刻，乙处表示该时刻的速度，所以是瞬时速度,D正确.

3.B［解析］攀岩爱好者的实际运动轨迹表示路程,所以图中的线路〃机•表示的是攀岩爱好者所走的路程，由起点到终点挈岩爱

好者所走线路的总长度等于路程,A、C错误;位移表示始、末位置间的有向线段,所以攀岩爱好者的位移比路程小,B正确:平均速

度等于位移与时间之比.平均速率等于路程与时间之比,D错误.

1+2+3+4

0可得，小明在第2s内的平均速度为2m/s,前4s内的平均速度为J4JMs-2.5m/s,CjE确,B

错误;因小明的运动性质不确定，故无法确定小明的瞬时速度大小,A、D错误.

5.C［解析］根据题目所给信息,3.5km指的是本次骑行的路程，14:48指的是时间间隔，选项A、B错误;根据平均速度定义

Egx代表位移，I代表时间，而由荔意无法判断本次腑行的位移，所以平均速度无法求解,选项D错误;骑行过程中，要从静止先

3.6kin

启动后刹车,整个过程的平均速率」(14X6O±48星“.05m/s,因此一定有某些时刻瞬时速度超过该平均值，选项C正说,

6.C［解析］括苍山陵道的路程是7929m,位移不一定是7929m,故A错误；FI睡“80”表示车在隧道内行驶的瞬时速度不超过

80km/h,故B钳误;根据题篇--辆正常行驶的汽车通过隧道的©短时间9min,所以一辆正常行驶的汽车通过隧道的

时间一定超过5.9min,故C正确：在驾驶处的反应时间内，车的最大位移以，尸八0=26.7m>25m.故D错误.

FI

7.A1)［解析］用平均速度表示小车的瞬时速度，从理论上讲,选取的A'越小越好,这样平均速度越接近瞬时速度,A正确,B

错误:从实验的角度看,选取的Ax大小需要用刻度尺测址,并不是越小越好,过小儿测量:误差会变大,C错谡,D正确.

-O.qW1.2

8.1)解［析］从表格中可得火车的加速度烈火莅二Hlm/sJF.5m/s；汽车的加速度a*标=Fm/s^l.2m/s；故火车的

加速度较小,A、B错误：由于汽车和火车的速度•直为正值,速度方向不变,故位移都增加,C错误,D正确.

9.A［解析］该型号的汽车尾标值为50TFSI,所以该型号汽车的加速度约为5十一,该堂号的汽车从静止开始加速到100

v~~27.8m/j

km/h(27.8的时间约为，上_2J2/SJ-5.6匹选项A正确.

HR

10.C［解析］设底片上每小格宽度为芭蹲光时间间隔为/,下面木块做匀速直浅运动的速度日田,上面木块时刻速度「也3〈匕

吗

上面木块八时刻速度「叵!>r,A钳误;根据△产“可知，上面木块做匀加速直线运动，所以r时刻两木块速度不同，故B椎误；Z,

时刻上面木块的速度r-B，；G时刻上面木块的速度小-国〉外所以在匕时刻却，时刻之间某瞬间两木块速度相同,C正确,D错

误.

11.2.0X103m

［解析］如图所示,/表示爆炸处,。表示观测者所在处，力表示云层下表面.的高度.用力表示爆炸声直接传到。处所经历时闻则行

cf=vti

用匕表示爆炸声经云层反射到达。处所经历时间，闪为入射角等于反射角，故有

已知tt-ti=At

联立解得加2.0X10'm

12.⑴远虑理由见解析(2)3m/s(3)1.5m/s

［解析］(D小车远离接收装置，因为招声波接收的时间变长.

_0.404-0.4

(2)0.4s木的速度近似等于0.4s内的平均速度,即I=。4」x300m/s七3m/s.

\,0.0040.006,

弛.5-0.32~+~2-

(3)由巡意可知，小车在两次发射信号之间运动的时间为世---------：------f-J5=0.201s,运动的距愿为

0.060.04C-

211x300m=3m,所以小车的速度为丽m/s=1.5m/s

笫2讲匀变速直线运动的规律及应用

1.1)［解析］自由落体运动的时间很短，不易测盘，当时伽利略利用斜面做实验，主要是考虑到实验时便于测址钢球运动的时间，

在当时的情况下,还没有出现加速度的概念，伽利略在实验中没有测址加速度，故A、B错误;铜球在倾角较小的斜面上运动时，做

的是匀变速直线运动,且铜球加速度地斜面倾角的增大而增大，倾角最大为90°,此时铜球做自由落体运动,由此得出的结论是在

斜面倾角一定时,铜球运动的速度陵时间均匀增大,即自由落体运动是一种匀变速直线运动,故C错误,D正确.

2.C［解析］由题意知.车速々10m/s,系统白动刹车的加速度大小约为5m/s；最后速度减为0.由公式/=2ax可得

回

叵mm=10m,所以系统设置的安全强离约为10m,故C正确.

Xi』_0.3

3.ABD［解析］设第7s内位移为次第4s内位移为孰由mx,=3”,解得J3T2-3X匚

n/s3=0.1m/s:,故A正确:第5s

的初速度即第4s的末速度，1X4m/s=0.4m/s,第5s末的速度*"=0JX5m/s=0.5m/s,第5s内的平均速度为

-

心+%0.4+0.51

-

2=2」/.45故B正确,C错误；前5s内的位移2

ms=0-X0.1X5inF1.25m,故D正确.

4.A［解析］以向下为正方向，根据匹1rgi，将KW=-3n/s代入，解得n=7m/s,同理，35m/s,r<=0m/s,nf=-5m/s,故A正确.

J

5.BC［解析J货车减速时的加速度大小为广m/s'=2m/s：故A错误在03s内货车经过的位移大小为廿叵1皂］X5

0

^

X

一

m=25m,故B正确；由几何关系可知,第4s末货车的速度为产2m/s,则觉车停止前最后1s内的位移大小为x一

故C正确;根据A尸f4知，货车在第2s内的位移比在第3s内的位移多〃六2X1’m=2m,故D错误.

6.1)［解析］设匀加速运动的加速度为2质点的速度分别为“、眸和以据运动学公式可知，恒二32a孙回空2aM且

A联立解得故D正确.

7.B［解析］登直方向的运动为竖直上抛运动,考虑上他过程重心的运动,可认为人的里心在身体的中点.身体横着越过18nl高

的横杆.此时重心离府为1.8m,配跣时重心高度为0.9m,所以登百上跳的最大高南为A=L8m-0.9m=0.9m,可得赳跳时K直向

上的速度4M=*X］()X()目n/s=30m/s,接近4m/s,选项B止确.

8.D［解析］第•次测量的下落高度为20cm,由自由落体运动规律乱可知第•次测量的反应时间最短，为r=0.2s,皆项A、

B错误;第二次测量的卜落高度为加45cm,由自由落体运动规律是2的可知第二次抓住直尺之前的瞬间，直尺的速度约为=3m/s,

选项C错误;若某同学的反应时间为0.，1s,则在反应时间内直尺下落高度为/Rr：=80cm,大于直尺长度，该直尺将无法测量该

同学的反应时间，选项D正确.

9.AC:解析］设融前的速度大小为r,向上和向下运动过程的位移大小相等,有非计IB屈解得iTOm/s,故A1E

瓯B错误;抛出点到天花板的高度为加以-陋=15m.故C正确.D错误.

T

2

10.ACD［解析］以沿斜面向上为正方向，当物体的位移为4m时，根据得4=5X2八解得广1s或4s,当物体的

1一F+

>X2也解得」2|s,故A、C、D正确.B错误.

位移为-4m时,根据x=得7=51二

11.(1)5s(2)187.5m(3)10m/s

50-21

［解析］(D根据匀变速直线运动的远度公式-口+区,解得Z-T«~=5Js=5s

/，诏5()2-25；

(2)根据速度一位移关系式外园=2所解得」2a=2㈤m=187.5m

⑶设飞机起E所用的时间为t,在时间，内航母航行的距高为L,航母匀速航行的最小速度为n,

对航母有h=^t

对飞机有8n+at

又知八口2黄£+乙)

联立解得ri=10m/s.

2x_2x

+1,x.

砥段中间位W-时的速度大小』22：&m/s,故C错误;小球［t4运动到C的平均速率为0=1.2

m/s,故D正确.

13.BCD［解析］该同学加速到最大速度所需时间为右s=5s,玩具车加速到录大速度需要的时间为r-l

s=5s,所以该同学和玩具车同时加运到最大速度，该段时间内该同学的位移为方二m-12.5m,玩具车的位移为

^2max10(

2%4|11P25m,玩具车与该同学之间的距离为A^-^=12.5m,由于该同学和玩具车加速到最大速度后都开始以最大

速度匀速运动，当两者之间距离为25m时，有6,"'-"卬，'=25<11-&*,解得，'=2.5