第一章 有机化合物的结构特点与研究方法 单元同步检测卷 高中化学人教版（2019）选择性必修3

第一章有机化合物的结构特点与研究方法单元同步检测卷一、选择题1．某物质的分子式为，取该物质在足量的中充分燃烧后，将产物全部通入过量的中，若固体的质量增加了，且，则该物质是A． B． C． D．2．氰酸铵加热生成尿素打破了无机物和有机物的界限。下列说法正确的是A．氰酸铵和尿素都是共价化合物 B．氰酸铵和尿素互称同分异构体C．尿素分子中含有8个键 D．上述转化中碳原子轨道杂化类型未变3．短周期主族元素R、X、Y、Z的原子序数依次增大，R和Y位于同主族。Z的气态氢化物为M，0.01mol·L-1的M溶液的pH=2。R、X、Z能组成一种化合物，其球棍模型如图所示。下列说法正确的是A．原子半径：R<X<Y<ZB．Z的最高价氧化物对应水化物的酸性一定比X的强C．R与X形成的化合物均为气态D．工业上电解YZ的水溶液制备Y的单质4．环状碳酸酯广泛用于极性非质子溶剂、电池的电解质等，离子液体研究团队近期报道了一种环氧乙烷衍生物与二氧化碳催化合成环状碳酸酯的反应历程如图所示。已知：R表示烃基。下列说法正确的是A．是反应物之一B．该反应的总反应属于取代反应C．该反应过程中有3种中间体D．反应过程存在极性键和非极性键的断裂和形成5．香子兰酸甲酯(甲)、甲醇、甲基丙烯酸甲酯(丙)、有机物(乙)、有机物(丁)存在下列转化关系，下列说法正确的是

A．丙的分子式为C5H10O2B．乙→丁的反应类型为加成反应C．乙、丁中的官能团种类均为3种D．甲的同分异构体中含有苯环且取代基与甲完全相同有10种6．下列化学用语或图示表达正确的是A．聚丙烯的结构简式：B．羟基的电子式：C．乙炔的实验式：D．乙醇的核磁共振氢谱：7．某有机物3.0g在足量氧气中完全燃烧，生成4.4gCO2和1.8gH2O，下列有关该有机物的说法不正确的是A．该有机物中一定含有氧元素B．该有机物中只含碳元素和氢元素C．该有机物的分子式可能为C2H4O2D．该有机化合物分子中氢原子和碳原子数之比一定是2：18．核磁共振氢谱是测定有机分子结构最有用的工具之一。在有机物分子中，不同的氢原子在核磁共振氢谱中给出的峰值(信号)也不同。根据峰值(信号)可以确定有机物中氢原子的种类。下列有机物分子中，在核磁共振氢谱中只给出一种峰(信号)的是A． B． C． D．9．化合物Z是合成抗多发性骨髓瘤药物帕比司他的重要中间体，可由下列反应制得。下列有关X、Y、Z的说法正确的是A．X、Y、Z中均不含手性碳原子B．1molX中含有2mol碳氧π键C．Z在水中的溶解度比Y在水中的溶解度大D．Z的官能团数目比Y多1种10．某有机化合物A2.8g完全燃烧，生成8.8g与3.6g，A的相对分子质量为56，则A的分子式为A． B． C． D．11．某有机物的结构简式如下图所示，该物质中不含的官能团是A．碳碳双键 B．醛基 C．羟基 D．酯基12．下列各组中的反应，属于同一反应类型的是A．乙醇制乙醚；甲苯制TNT B．乙烷制氯乙烷；乙烯制聚乙烯C．溴乙烷制乙烯；乙酸制乙酸乙酯 D．氨基酸合成多肽；油脂硬化制人造脂肪13．下列关于同分异构体的说法正确的是A．分子式为的有机物共9种(不考虑立体异构)B．分子式为的有机物中属于芳香醇的同分异构体共有11种C．的8氯代物有12种D．的一氯代物有4种14．化合物X经李比希法和质谱法分析得知其相对分子质量为136，分子式为C8H8O2，X的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1∶2∶2∶3，X分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其红外光谱与核磁共振氢谱如下图。关于X的下列说法中，不正确的是A．X属于芳香烃B．符合上述红外光谱、核磁共振氢谱图的X的同分异构体有2种C．X的结构简式为D．在红外光谱图中可以获得分子中含有的化学键或官能团的信息二、填空题15．相对分子质量不超过100的有机物A，既能与金属钠反应产生无色气体，又能与碳酸钠反应产生无色气体，还可以使溴的四氯化碳溶液褪色。A完全燃烧只生成CO2和H2O。经分析其含氧元素的质量分数为37.21%。(1)其A相对分子质量为____。(2)经核磁共振检测发现A的图谱如图：试写出A可能的结构简式：___。(3)试写出A与甲醇反应生成有机物B的化学反应方程式：___。(4)试写出B在一定条件下生成高分子化合物C的化学反应方程式：___。16．某烃类物质标况下对氢气的相对密度为36，0.1mol该有机物完全燃烧，将生成物通过浓硫酸，浓硫酸增重10.8克，再将剩余气体通过碱石灰，碱石灰增重22克，通过计算，确定该有机物的分子式___，写出其可能的结构简式，并用系统命名法对其分别进行命名___。17．2.9克某气态有机物在氧气中充分燃烧后，将产生的混合气体依次通过足量的浓硫酸和NaOH溶液，发现浓硫酸增重4.5克，NaOH溶液增重8.8克；又测得（同温同压下）该有机物密度是氢气密度的29倍。通过计算：(1)组成该有机物的元素为_______；它的分子式为_______。(2)写出它2种同分异构体的结构简式_______、_______。18．(1)A、B、C三种烃分子中均含有8个氢原子，其中A、B常温下呈气态，C呈液态。请回答①A是符合上述条件中相对分子质量最小的，则A的分子式为___________；B属于链状单烯烃，且与HBr加成的产物只有一种，试写出B的结构简式___________。②C属于芳香烃，可用来制烈性炸药，试写出C制取烈性炸药的化学方程式___________(2)苧烯的键线式为，烯烃在一定条件下发生氧化反应，碳碳双键断裂，如：被氧化为和。在该条件下，苧烯的同分异构体B1mol氧化生成了1mol甲醛()，1mol丙酮()，还有1mol，则B可能的结构简式为___________、___________。(3)有X、Y两种有机物，按要求回答下列问题：①取3.0g有机物X，完全燃烧后生成3.6g水和3.36LCO2(标准状况)，已知该有机物的蒸气对氢气的相对密度为30，求该有机物的分子式：___________。②有机物Y的分子式为C4H8O2，其红外光谱图如下：则该有机物的可能结构为___________(填字母)。A．CH3COOCH2CH3B．CH3CH2COOCH3C．HCOOCH2CH2CH3D．(CH3)2CHCOOH19．I.乳酸在多种生物化学过程中起着重要作用，酸牛奶中含有乳酸，其结构简式如图所示：(1)下列物质与乳酸互为同系物的是_____，与乳酸互为同分异构体的是_____。①②③④(2)研究人员在珠峰山顶发现了“微塑料”，这是目前地球上发现塑料污染海拔最高的地方。聚乳酸(PLA)可微生物降解，是理想的绿色高分子材料，可以代替塑料制品减少“微塑料”带来的环境污染。写出用乳酸制取聚乳酸的化学方程式____。II.当有机化合物分子中碳原子连有四个不同基团时称为手性碳原子，如A中星号“*”碳原子就是手性碳原子，则B中手性碳原子的个数为____；若使A失去手性，则采取的方法为_____(用化学方程式表示)。三、有机推断题20．醋氯芬酸(J)是一种新型、强效解热、镇痛、抗关节炎药物，其合成路线如下图所示（部分反应条件省略）：已知：①②③请回答：（1）化合物D的名称为__________________；（2）化合物F的分子式为________________；（3）写出的方程式____________________________________________；（4）的反应类型为_________________；（5）下列关于物质性质说法不正确的是_____________A．化合物D可以发生氧化、取代、缩聚反应B．化合物B具有碱性C．化合物C中所有原子均可分布在同一平面D．醋氯芬酸(J)在Ni的催化作用下与H2加成，最多可消耗8molH2（6）已知C的同分异构体有多种，写出同时满足下列条件的同分异构体____________；(要求写出其中三种)①红外光谱表征分子中含有两个苯环结构②核磁共振氢谱显示只有5种不同环境的氢原子（7）以苯和乙烯为原料，利用题目所给信息，写出合成

的路线(用流程图表示，无机试剂任选)________________21．某有机物A1.44g完全燃烧生成2.16gH2O，生成的CO2恰好与200mL1mol/LKOH溶液作用生成正盐，将A试样进行检测所得质谱图如下图。（1）请写出A的最简式_____________。（2）请写出A的分子式______________。（3）若A的一氯代物只有一种，A的结构简式为___________________。22．有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取。纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：实验步骤解释或实验结论（1）称取A9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍A的相对分子质量为________（2）将此9.0gA在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2gA的分子式为__________（3）另取A9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24LCO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24LH2(标准状况)用结构简式表示A中含有的官能团：________、________（4）A的1H核磁共振谱如图：A中含有______种氢原子（5）综上所述，A的结构简式为__________其中手性碳原子______个.23．盆烯是苯的一种同分异构体，其结构如图：（1）请推断盆烯的一氯取代物的异构体数目__________；二氯取代物的异构体数目____________。（2）在现代化学发展的过程中，人们用盆烯合成多聚乙炔，这是一种具有庞大线性结构的共轭体系可作为分子导线使用：为此人们设计了作为分子导线的分子开关（分子开关广泛用于最新发展的分子计算机中），其中构思最为巧妙的莫过于Six1和Higelin所设计并合成的N一邻羟亚苄基苯胺光控分子开关。试通过分析判断，在上述两种状态中，（I）式可使电路处于____（断开、闭合）状态。原因是__________________________________。参考答案：1．A【分析】有机物在氧气中完全燃烧的化学方程式为：，产物为CO2和H2O通入过量的Na2O2发生的化学方程式为：①和②，由方程式①可知增重的质量为CO，由方程式②可知增重的质量为H2，则增重的质量=与CO2相同物质量的CO的质量+与H2O相同物质的量的H2。【详解】据上述分析可知，当有机物满足时，既满足有机物中x=z，Na2O2固体的质量增加了，则m=n；若x＞z，则m＜n；若x＜z，则m＞n；则符合条件的为A选项；答案选A。2．B【详解】A．氰酸铵是铵盐，是离子化合物，故A错误；B．氰酸铵和尿素化学式相同，结构不同，互为同分异构体，故B正确；C．尿素的结构式为，单键都是σ键，双键有一个是σ键，所以尿素分子中含有7个σ键，故C错误；D．氰酸铵中碳原子是sp杂化，尿素中碳原子是sp2杂化，所以上述转化中碳原子轨道杂化类型改变，故D错误；故选B。3．B【分析】Z的气态氢化物为M，0.0lmol·L-1的M溶液的pH=2，可知M为一元强酸，则Z为Cl；R、X、Z能组成一种化合物，根据球棍模型，可知R为H，X为C；R、X、Y、Z的原子序数依次增大，R和Y位于同主族，可知Y为Na，据此分析作答。【详解】A．同周期，从左到右原子半径减小，同主族，从上到下原子半径增大，则原子半径：Na>Cl>C>H，A项错误；B．高氯酸的酸性大于碳酸酸性，则Z的最高价氧化物对应水化物的酸性一定比X的强，B项正确；C．C与H能形成一大类化合物——烃，有的呈气态、有的呈液态、有的呈固态，C项错误；D．钠的金属性很强，工业上电解熔融NaCl制备钠的单质，D项错误；答案选B。4．C【分析】由流程图可知该过程的总反应式为，(C4H9)4NBr为催化剂，反应过程中有3种剩余物质作为反应中间体，据此分析可解答。【详解】A．(C4H9)4NBr为反应过程中的催化剂，A选项错误；B．该反应为开环加成反应，B选项错误；C．该反应过程中有3种中间体，C选项正确；D．反应过程中发生的断键和成键的均为不同原子间的极性键，并没有非极性键，D选项错误；答案选C。5．B【详解】A．丙的分子式为C5H8O2，故A错误；B．乙和甲基丙烯酸甲酯发生1,4加成反应生成丁，故B正确；C．乙和丁中都有酯基、羰基、醚键、碳碳双键四种官能团，故C错误；D．3个不同的取代基在苯环上的位置异构有10种，甲的同分异构体中含有苯环且取代基与甲完全相同有9种(不含甲)，故D错误；选B。6．B【详解】A．丙烯的结构简式为CH3-CH=CH2，发生加聚反应生成聚丙烯，则聚丙烯的结构简式为，A项错误；B．羟基的结构式为-OH，O原子最外层电子数为6，则羟基的电子式为，B项正确；C．乙炔的分子式为C2H2，则乙炔的实验式（最简式）为CH，C项错误；D．乙醇的结构简式为，乙醇分子中的等效氢原子有3种，则核磁共振氢谱有三组吸收峰，且氢原子的比值为3:2:1，则核磁共振氢谱吸收峰的峰面积比值为3:2:1，D项错误；答案选B。7．B【分析】有机物燃烧生成4.4gCO2和1.8gH2O，根据元素守恒，则有机物一定含有C、H元素，4.4g二氧化碳的物质的量为0.1mol，n(C)=n(CO2)=0.1mol，m(C)=0.1mol×12g/mol=1.2g，1.8g水的物质的量为0.1mol，n(H)=2n(H2O)=0.2mol，m(H)=0.2g，故化合物中n(C)：n(H)=0.1mol：0.2mol=1：2，由于m(C)+m(H)=1.2g+0.2g=1.4g<3g，所以该化合物中一定含有氧元素，n(O)=0.1mol，n(C)：n(H)：n(O)==1：2：1，据此解答。【详解】A．由分析可知，有机物中一定含有氧元素，故A正确；B．由分析可知，该有机物中含有碳元素、氢元素和氧元素，故B错误；C．由分析可知，有机物的分子中n(C)：n(H)：n(O)==1：2：1，分子式可能为C2H4O2，故C正确；D．由分析可知，有机化合物分子中氢原子和碳原子数之比一定是2：1，故D正确；故答案选B。8．D【分析】核磁共振氢谱图中，吸收峰的个数等于氢原子的种类，吸收峰的面积之比等于各种氢原子的个数之比。【详解】A．分子中有两种氢原子，个数比为3∶1，在核磁共振氢谱中给出两种峰(信号)，A不符题意；B．分子中有两种氢原子，个数比为3∶1，在核磁共振氢谱中给出两种峰(信号)，B不符题意；C．分子中有两种氢原子，个数比为3∶1，在核磁共振氢谱中给出两种峰(信号)，C不符题意；D．分子中只有一种氢原子，在核磁共振氢谱中只给出一种峰(信号)，D符合题意；答案选D。9．A【详解】A．手性碳原子所连接的四个基团要是不同的，则X、Y、Z中均不含手性碳原子，A正确；B．醛基中含有1个碳氧π键，羟基中不含有碳氧π键，则1molX中含有1mol碳氧π键，B错误；C．Z中含有酯基不易溶于水，Y含有羧基能与水形成分子间氢键、易溶于水，Z在水中的溶解度比Y在水中的溶解小，C错误；D．Y和Z的官能团数目均为3种，D错误；答案选A。10．B【详解】，，A，，，则该有机物不含有O元素，最简式为CH2，式量为14，又A的相对分子质量为56，则分子式为C4H8，故B正确；故选B。11．D【详解】该有机物含有醚键、醛基、碳碳双键、羟基等官能团，不含酯基；故选D。12．A【详解】A．乙醇制乙醚、甲苯制TNT均属于取代反应，选项A正确；B．乙烷制氯乙烷属于取代反应，乙烯制聚乙烯属于加聚反应，选项B错误；C．溴乙烷制乙烯属于消去反应，乙酸制乙酸乙酯属于取代反应，选项C错误；D．氨基酸合成多肽属于取代反应，油脂硬化制人造脂肪，属于加成反应或还原反应，选项D错误；答案选A。13．C【详解】A．C4H8BrCl的同分异构体可以采取“定一移二”法为、、(数字代表Br取代位置)，可知C4H8Cl2共有11种同分异构体，故A错误；B．分子式为的有机物中属于芳香醇说明羟基不是直接连接在苯环上，同分异构体有、、共有5种，故B错误；C．对应的二氯代物的同分异构体中，氯原子可位于1、2；1、3；1、4；1、5；2、3；2、4；1、6；1、7；1、8；2、7；2、8；3、8，共12种同分异构体，其8氯代物与二氯代物的同分异构体数目相同，故C正确；D．只有1种H，一氯代物只有1种，故D错误；故选：C。14．AB【详解】A．有机物X的分子式为C8H8O2，分子中有苯环且有氧原子，则X为芳香化合物，A项错误；B．符合上述红外光谱与核磁共振氢谱图的X的同分异构体有（邻、间、对3种）、（邻、间、对3种）3种，还有、、等均为X的同分异构体，B项错误；C．X中存在的化学键为C-H、C=O、、C-O-C，则符合条件的X的结构简式为，C项正确；D．在红外光谱图中可以获得分子中含有的化学键或官能团的信息，D项正确；答案选AB。15．

86

CH2=C(CH3)COOH

CH2=C(CH3)COOH+CH3OHCH2=C(CH3)COOCH3+H2O

nCH2=C(CH3)COOCH3【详解】(1)有机物中氧元素的质量分数为37.21%，相对分子质量不超过100，所以分子中氧原子数目N(O)<2.3，有机物能与碳酸钠反应产生无色气体，说明分子中含有-COOH，所以A中含有2个氧原子，Mr(A)==86，故答案为：86；(2)有机物A含有羧基，完全燃烧只生成CO2和H2O，说明有机物A由C、H、O三种元素组成，设烃基的组成为CnHm，烃基的相对分子质量为86-45=41，所以12n+m=41，若n=1，则m=29(不符合)；若n=2，则m=17(不符合)；若n=3，则m=5(不符合)；所以烃基的组成为C3H5，A的结构简式为C3H5-COOH，根据核磁共振图谱，共有3个峰，说明结构中含有3中氢原子，且数目比为1:2:3，结构简式为：CH2=C(CH3)COOH，故答案为：CH2=C(CH3)COOH；(3)A的结构简式为：CH2=C(CH3)COOH，与甲醇发生酯化反应，反应的化学反应方程式为：CH2=C(CH3)COOH+CH3OHCH2=C(CH3)COOCH3+H2O，故答案为：CH2=C(CH3)COOH+CH3OHCH2=C(CH3)COOCH3+H2O；(4)2-甲基丙烯酸甲酯发生加聚反应生成有机玻璃聚2-甲基丙烯酸甲酯，反应的化学反应方程式为：nCH2=C(CH3)COOCH3，故答案为：nCH2=C(CH3)COOCH3。16．

C5H12

CH3CH2CH2CH2CH3正戊烷；(CH3)2CHCH2CH32—甲基丁烷；2，2—二甲基丙烷【详解】浓硫酸增重10.8g为水的质量，水的物质的量为：n=m/M=10.8g/18g/mol=0.6mol，含H：1.2mol，碱石灰增重22g为生成二氧化碳，二氧化碳的物质的量为：n=m/M=22g/44g/mol=0.5mol，含C：0.5mol，N(C)：N(H)=0.5mol：1.2mol=5：12，标况下对氢气的相对密度为36，则摩尔质量为72g/mol，该有机物的分子式为C5H12，可能的结构简式并命名为：CH3CH2CH2CH2CH3正戊烷；(CH3)2CHCH2CH32—甲基丁烷；2，2—二甲基丙烷。17．

C元素和H元素

C4H10

CH3CH2CH2CH3

(CH3)2CHCH3【详解】(1)根据题意，该有机物在氧气中充分燃烧后生成的混合气体通过足量的浓硫酸和NaOH溶液，浓硫酸增重的质量为生成H2O的质量，NaOH溶液增重的质量为生成的CO2的质量。由此可知，2.9克该有机物中n(H)=2n(H2O)=，n(C)=n(CO2)=，2.9克该有机物中m(H)+m(C)=，由此可知该有机物只含C、H元素，且C、H元素的个数比为0.2∶0.5=2∶5，该有机物的最简式为C2H5。根据（同温同压下）该有机物密度是氢气密度的29倍，可知该有机物的摩尔质量=，设该有机物的分子式为(C2H5)n，据题意有：，解得n=2，则该有机物分子式为C4H10。答案为：C元素和H元素；C4H10；(2)C4H10为饱和烷烃——丁烷，存在正丁烷和异丁烷两种同分异构体。结构简式分别为：CH3CH2CH2CH3、(CH3)2CHCH3。答案为：CH3CH2CH2CH3；(CH3)2CHCH3。18．

C3H8

CH3CH=CHCH3

3HNO3+3H2O

C3H8O

AB【详解】

(1)①A中均含有8个氢原子，且相对分子质量最小的，即含有的碳原子数最小，则A的分子式为C3H8；B属于链状单烯烃，分子式为C4H8，且与HBr加成的产物只有一种，为对称结构，B的结构简式为CH3CH=CHCH3；②C属于芳香烃，可用来制烈性炸药，则C为甲苯，甲苯与浓硝酸、浓硫酸反应生成三硝基甲苯，方程式为+3HNO3+3H2O；(2)根据氧化的特点，烃B中的碳碳双键断开，结合一个氧原子，则B可能的结构简式为、；(3)①已知该有机物的蒸气对氢气的相对密度为30，则其摩尔质量为60g/mol，则3.0g有机物X的物质的量0.05mol，完全燃烧后生成3.6g水物质的量为0.2mol，3.36LCO2(标准状况)物质的量为0.15mol，则1mol有机物含有3mol碳原子，8mol氢原子，C、H质量和为44g，可判断含有1molO原子，分子式为C3H8O；②有机物Y的分子式为C4H8O2，根据其红外光谱可知，含有不对称的甲基、C=O和C-O-C结构，结构简式可能为CH3COOCH2CH3、CH3CH2COOCH3，答案为AB。19．

④

②

n+(n-1)H2O

3

2CH3CH(OH)COOH+O22+2H2O或【详解】(1)组成和结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质称为同系物，则题中物质与乳酸互为同系物的是④，与乳酸互为同分异构体的是②；(2)用乳酸制取聚乳酸的化学方程式n+(n-1)H2O；II.碳原子连接四个不同的原子或者原子团时，该碳原子是手性碳原子，则有机物B中手性碳原子有3个，若使A失去手性，则采取的方法为2CH3CH(OH)COOH+O22+2H2O或20．

2-羟基乙酸(或α-羟基乙酸)

C14H10Cl3NO

取代反应

CD

【分析】本题首先利用倒推法并结合原子守恒，根据F的结构简式、E的结构，结合C的分子组成可知，C和E发生取代反应生成F和HCl，则C的结构简式为；由此推出A和B中均含有一个苯环，结合A和B的分子式及C的结构简式，可知A和B发生取代生成C和H2，则A的结构简式为、B的结构简式为；F在AlCl3作催化剂的作用下发生类似信息①的反应，产物G在NaOH溶液中碱化后得到的H为，则G的结构简式为；由E的结构简式为，结合D的分子式C2H4O3可知其结构简式为HOCH2COOH，据此分析解题即可。【详解】(1)化合物D的结构简式为HOCH2COOH，则名称为2-羟基乙酸(或α-羟基乙酸)；(2)化合物F的结构简式，则其分子式为C14H10Cl3NO；(3)C()和E()发生取代反应生成F和HCl，发生反应的化学方程式为；(4)F在AlCl3作催化剂的作用下发生类似信息①的反应，生成，可知F的反应类型为取代反应；(5)A．化合物D的结构简式为HOCH2COOH，分子组成含有醇羟基，可发生催化氧化、与羧酸发生酯化反应，即取代反应，另外还含有羧基，可以发生缩聚反应生成聚合酯，故A正确；B．化合物B的结构简式为，分子结构中含有氨基，显碱性，故B正确；C．化合物C的结构简式为，分子组成中N原子为sp3杂化，为立体结构，则分子内所有原子不可能分布在同一平面内，故C错误；D．醋氯芬酸(J)的结构简式为，分子组成内含有二个苯环，在Ni的催化作用下与H2加成，最多可消耗6molH2，故D错误；故答案为CD；(6)C为，其同分异构体有多种，其中同时满足①红外光谱表征分子中含有两个苯环结构、②核磁共振氢谱显示只有5种不同环境的氢原子，说明分子结构对称性较强，例如：、、或均符合；(7)结合信息①合成只需要有在AlCl3催化剂作用下即可生成，则需要在考虑在苯环上先引入烃基即可，即与CH2ClCH2Cl在AlCl3催化剂作用下即可生成，再与NaCN发生取代反应并水解得到羧基，即得到，最后与SOCl2在催化剂作用下生成酰氯，得到，故以苯和乙烯为原料，合成

的路线为。【点睛】本题题干给出了较多的信息，学生需要将题目给信息与已有知识进行重组并综合运用是解答本题的关键，需要学生具备准确、快速获取新信息的能力