2026新高考考前指导卷物理（新高考卷重庆、贵州、甘肃适用）（全解全析）

2026年高考考前最后一卷新高考（重庆、贵州、甘肃专用）

物理·全解全析

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题（本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，

每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选

错的得0分）

14C14NX

1.自然界中的碳主要是碳12，也有少量碳14。碳14具有放射性，其衰变方程为67，下列说

法正确的是（）

1

A.核反应方程中的X为1H

B.碳14衰变时电荷数和质量数都守恒

C.环境温度变化，碳14的半衰期随之改变

1

D.碳14样品经历3个半衰期，样品中碳14的质量只有原来的

3

【答案】B

【解析】根据核反应前后的质量数守恒可得X的质量数为14-14=0

根据核反应前后的电荷数守恒可得X的电荷数为6-7=-1

0

所以核反应方程中的X为1e，故A错误，B正确；放射性元素的半衰期是由原子核内部自身因素决定的，

跟原子所处的化学状态和外部条件没有关系，故C错误；碳14样品经历3个半衰期，样品中碳14的质量

3

11

只有原来的故D错误。

28

2.我国是光纤通信技术先进的国家。图甲为某车间正在生产光纤，图乙是此光纤简化示意图（内芯简化为

长直玻璃丝，外套简化为真空）。现用一束复色光从空气射入此光纤后分成a、b两束单色光，光路如图乙，

下列说法正确的是（）

A.a光发生全反射的临界角较小

B.内芯相对于外套是光疏介质

C.真空中b光比a光波长要长

D.b光比a光更容易发生光电效应

【答案】D

【解析】一束复色光从空气射入此光纤后，由图乙可知，a光的折射角大于b光的折射角，根据折射定律

sini

n可知，内芯对a光的折射率小于b光的折射率，则a光的频率小于对b光的频率，真空中a光比b

sinr

光波长要长，故C错误；

1

A．根据全反射的临界角公式sinC，由于a光的折射率小于b光的折射率，则a光发生全反射的临界

n

角较大，故A错误；

B．光线从内芯射出外套时要发生全反射，则内芯相对于外套是光密介质，故B错误；

D．由于a光的频率小于对b光的频率，则b光比a光更容易发生光电效应，故D正确。

3.应用于机器人柔性电子皮肤的矩阵式电容传感器如图所示，底部为共用下极板，上下极板间由弹性微柱

支撑。传感器工作时，电容器两端电压U恒定。当传感器受垂直压力时，微柱被压缩，则（）

A.电容器所带电荷量不变

B.电容器所带电荷量减小

C.极板间电场强度不变

D.极板间电场强度增大

【答案】D

S

【解析】当传感器受垂直压力时，微柱被压缩，即板间距离d减小，根据电容的决定式和定义式Cr

4kd

Q

和C可知，电容器的电容增大，电容器所带电荷量变大，故AB错误；

U

U

CD．根据E可知，极板间电压不变，间距减小，则两板之间的电场强度变大，故C错误，D正确。

d

4.如图所示，质量相同、编号为1、2、3、…、n的带电小球，用轻质绝缘细线连接后悬挂在天花板上，

空间存在水平向右的匀强电场，静止时小球恰好位于同一直线上。则（）

A.小球均带负电B.小球带电量随编号递减

C.小球带电量相同D.小球带电量随编号递增

【答案】C

【解析】根据题图可知小球受到的匀强电场电场力方向水平向右，故小球带正电，A错误；

研究第n个小球受力分析，受力图如图所示，根据平衡关系Eqnmgtan

研究第n和n1号小球，根据平衡关系EqnEqn12mgtan

联立可得qnqn1

则小球电荷量保持不变，C正确，B、D错误。

5.智能运动手环中有加速度传感器，且能测量x轴、y轴和z轴加速度（如图甲）。现手环做平抛运动掉

落在地面上，图乙表示手环y轴方向的加速度随时间的变化情况。已知g10m/s2。下列说法正确的是

（）

A.大约1.40s末手环第一次接触地面

B.手环加速度最大值处重力的功率最大

C.手环开始平抛的高度约为0.8m

D.落地时手环速度大小为4m/s

【答案】C

【解析】手环与地面接触，受到地面的作用力，手环的加速度大小、方向改变，由图乙可知大约是1.20s末，

A错误；手环加速度最大时，速度为0，重力的功率为0，B错误；由图乙可知，手环在空中运动时间

t1.200.800.40s

12

由hgt得手环开始平抛的高度约为0.8m，C正确；由vygt知手环落地时，竖直方向的速度为4m/s，

2

因无法求得平抛的水平初速度，故手环落地的速度无法求出，D错误。

6.如图甲所示，一交流发电机中，矩形导线框ABCD绕垂直于磁场的轴OO匀速转动，并与理想变压器

原线圈相连，副线圈接入一规格为“1V，2W”的小灯泡。从图示位置开始计时，发电机产生的感应电动势

随时间变化的图像如图乙所示，小灯泡恰好正常发光，忽略线框与电刷的电阻，下列说法正确的是（）

A.0.01s时穿过矩形导线框的磁通量最大

B.小灯泡两端电压的有效值为2V

C.原、副线圈的匝数之比n1:n210:1

D.原、副线圈中电流的频率之比为1:10

【答案】C

【解析】．0.01s时感应电动势达到最大值，表明此时线圈位置与磁感应强度方向平行，穿过矩形导线框的

磁通量最小，故A错误；小灯泡铭牌上的电压为有效值，可知，小灯泡两端电压的有效值为1V，故B错误；

．原线圈两端电压有效值为102

CU1V10V

2

nU10

根据电压匝数比有11

n2U21

故C正确；

D．理想变压器不改变频率，则原、副线圈中电流的频率之比为1:1，故D错误。

7.如图甲所示，某飞行器绕地球变轨过程中的两椭圆轨道Ⅰ、Ⅱ相切于P点，AB是椭圆轨道Ⅰ的短轴。图乙

为该飞行器在两轨道上受到地球引力大小随时间的变化规律。则（）

A.飞行器在t1时刻经过轨道Ⅰ的近地点

B.飞行器沿轨道Ⅰ上从A点经P点运行至B点的时间为t3t2

C.飞行器沿轨道Ⅰ和Ⅱ运行的周期之比为125:729

D.t1t3时间内，飞行器与地球连线在任意相等时间内扫过的面积相等

【答案】C

【解析】飞行器在两轨道运行过程中，当飞行器在轨道Ⅰ的近地点时，飞行器距离地球间距最小，飞行器所

受万有引力最大，根据图乙可知，飞行器在t2时刻经过轨道Ⅰ的近地点，故A错误；结合上述，根据图乙可

知，飞行器在t2时刻经过轨道Ⅰ的近地点，在t3时刻经过轨道Ⅰ的P点，即飞行器沿轨道Ⅰ上从近地点经A点

Mm

运行至P点的时间为t3t2，故B错误；根据图乙，飞行器在轨道Ⅰ的近地点与远地点有9FG2，

r1

Mm

4FG2

r2

Mm

飞行器沿轨道Ⅱ的远地点有FG2

r3

33

rrrr

1232

根据开普勒第三定律有2

2

22

T1T2

解得，故正确；时间内，飞行器开始在轨道上运行，后来在轨道上运行，

T1:T2125:729Ct1t3ⅡⅠ

开普勒第二定律是针对同一轨道，可知，t1t3时间内，飞行器与地球连线在任意相等时间内扫过的面积不

一定相等，故D错误。

8.如图甲所示，机器人手持彩带一端上下抖动模拟艺术体操运动员的动作，形成的绳波可简化为简谐波。

以手的平衡位置为坐标原点，已知乙图为x10m处波源的振动图像，图丙为原点右侧x22m处质点的振

动图像。下列说法正确的是（）

A.01s内，x10m处波源走过的路程为3m

B.0时刻，x22m处质点的振动方向向右

C.若波长大于1m，此列波的传播速率可能是4m/s

20

D.若波长大于2m，此列波的传播速率一定是m/s

3

【答案】AD

【解析】由图可知，波源的振动周期T0.4s，01s内，x10m处波源共振动了2.5T，路程

s2430230cm=3m，A正确；

B．由图丙可知，0时刻，x22m处质点的振动方向向下，B错误；

3

CD．由图甲可知波向右传播，则波源和x2m处质点之间的波形可能为个波加上n个完整波形，如图

24

3

所示，有2n，n0,1,2

4

88

若波长大于1m，得n0,1，则m，m，由v

1327T

2020

得vm/s，vm/s

1327

8

若波长大于2m，得n0，则m，由v

13T

20

得vm/s，C错误，D正确。

13

9.太极球是市民中较流行的健身器材，现将其简化成如图所示的小球拍和小球。某市民健身时，让小球拍

和质量为m的小球在竖直面内保持这样的姿势且按顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动。已知运动过程

中小球拍对小球的最大作用力为2mg，小球相对于小球拍始终保持静止，重力加速度为g，下列说法正确

的是（）

g

A.小球做圆周运动的角速度大小为

2r

B.从最高点C到最低点A运动的过程中，小球先处于超重状态后处于失重状态

C.从最高点C到最低点A运动的过程中，小球拍对小球的支持力增大

D.小球经过与圆心等高的D点时，小球拍对小球的作用力大小为2mg

【答案】CD

【解析】

【详解】A．分析可知，在最低点A点小球拍对小球的作用力最大，根据牛顿第二定律有2mgmgm2r

g

解得，故A错误；

r

B．从最高点C点运动到D点的过程中，加速度方向有竖直向下的分量，小球处于失重状态，从D点运动

到最低点A点的过程中，加速度方向有竖直向上的分量，处于超重状态，故B错误；

2

C．小球的向心加速度大小anr一定，从最高点C到点D运动的过程中，设小球的加速度方向与竖直

方向的角度为，竖直方向有mgFNmancos

增大，cos减小，则支持力增大，故C正确；

D．小球经过与圆心等高的D点时，对小球竖直方向有FNmg

2

水平方向有FfFnmrmg

故小球拍对小球的作用力大小为22，故正确。

FFfFN2mgD

10.2025年1月，我国全超导托卡马克核聚变实验装置首次完成1亿摄氏度1066秒“高质量燃烧”，创造

新的世界纪录。部分装置简化为如图（a）所示的足够长空心圆柱，其半径为3R，内部空间被半径为R的同

轴圆柱面分为区域I和Ⅱ，其左视图如图（b）所示。在图（b）中，区域I存在垂直纸面向里的匀强磁场，

区域Ⅱ存在大小处处相等的顺时针环形磁场，磁感线的圆心在圆柱面的轴线上，两区域磁感应强度大小均为

qBR

B。在区域I的边界沿半径向外发射电荷量为q、质量为m、初速度为v的氘核，则氘核（）

0m

πm

A.从开始运动到第一次回到区域I所用时间为

qB

3πm

B.从开始运动到速度方向首次与v方向相同所用的时间为

0qB

C.从开始运动到速度方向首次与v0方向相同经过的路程为4πR

D.从开始运动到速度方向首次与v0方向相同发生的位移大小为25R

【答案】AC

qBR

【解析】由于v

0m

可得氘核在洛伦兹力的作用下做半径为R的匀速圆周运动。

第一次在区域Ⅱ内的运动轨迹如图所示，为圆心角180的圆弧。

2m

周期公式为T

qB

Tm

所以从开始运动到第一次回到区域I所用时间t，故A正确；

22qB

B．氘核在区域I中的运动轨迹如图所示，为圆心角为90的圆弧。

根据对称性，重复经过2次区域I和3次区域Ⅱ后速度方向首次与v0方向相同。

Tm

经过1次区域I的时间t

142qB

Tm

经过1次区域Ⅱ的时间t

22qB

4m

从开始运动到速度方向首次与v方向相同所用的时间t2t3t，故B错误；

012qB

1

C．经过1次区域I的路程sR

12

经过1次区域Ⅱ的路程s2R

从开始运动到速度方向首次与v0方向相同经过的路程s2s13s24R，故C正确；

D．经过2次区域I和3次区域Ⅱ后起点A和终点B位置如图所示。

在水平方向上的位移为x32R6R

竖直方向的位移为y2R

总位移lx2y2210R，故D错误。

二、实验题：本题共2小题，共15分。

11.（6分）某兴趣小组利用图（a）装置研究竖直下落的钢球挤压正下方轻质弹簧的过程中钢球加速度随

时间变化的规律。将弹簧固定在压力传感器上，传感器调零后，其示数显示弹簧弹力的大小。钢球从距离

弹簧顶端45cm处自由下落，与弹簧接触后弹起，最终能够与弹簧分离。图（b）是钢球运动过程中实测数

据所描的点，添加趋势线获得弹簧弹力大小F与时间t的关系图像。已知钢球质量为33.0g，重力加速度g

取10m/s2。

（1）小球处于超重状态的时间间隔为___________s

2

（2）钢球在最低点的加速度大小am___________m/s（结果保留3位有效数字）

（3）在图（c）中定性画出钢球与弹簧接触过程中的at图像（取竖直向上为正方向）。

【答案】（1）0.050（2分）（2）11.4（2分）

（3）（2分）

【解析】（1）钢球质量为33.0g，则钢球的重力为Gmg0.033kg10N/kg=0.33N

所以由图（b）可知小球处于超重状态的时间间隔为t23130.005s0.050s

（2）根据图（b）可知钢球在最低点的弹力大小为F70.50.01N0.705N

根据牛顿第二定律有Fmgma

代入数据解得a11.4m/s2

（3）取竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律可知钢球与弹簧接触过程中加速度先减小后增大，在到达最

低点的时候加速度最大，钢球往上运动时具有对称性；做出图像如图所示

12.（9分）现在智能家居中常用光敏电阻（阻值随光照强度增大而减小）自动控制照明电路。某实验小组

欲测定某光敏电阻RG在特定光照强度下的阻值，现有如下器材：

待测光敏电阻RG（光照强度为E1时，阻值约为1kΩ∼2kΩ）

电源E（电动势3V，内阻不计）

电流表A1（量程01mA，内阻r1100Ω）

电流表A2（量程03mA，内阻r未知）

滑动变阻器R（最大阻值20Ω，额定电流1A）

定值电阻R01900Ω

开关S、导线若干

（1）实验电路设计：由于缺少电压表，小组决定将电流表A1与定值电阻R0串联改装成电压表。请在甲图

虚线框内画出测量光敏电阻阻值的实验电路图（要求滑动变阻器采用分压式接法，电流表A2外接）。

（2）实验操作：闭合开关S，改变滑片位置，记录电流表A1、A2的示数。某次实验电流表A1示数如乙

图所示，则其读数为______mA；

（3）实验数据处理：某次测量中，电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则待测光敏电阻的阻值

表达式RG______（用题中字母表示）。

（4）系统误差分析：该实验方案中，测得的光敏电阻阻值与真实值相比______（填“偏大”“偏小”或“无

系统误差”）。

【答案】（1）（3分）（2）0.66（1分）

I1r1R0

（3）（3分）

I2I1

（4）无系统误差（2分）

【解析】（1）根据实验要求画出测量光敏电阻阻值的实验电路图，如图

【

（2）电流表A1示数如乙图所示，则其读数为0.66mA。

UGI1r1R0

（3）待测光敏电阻的阻值表达式RG

IGI2I1

（4）该实验方案中，测得的光敏电阻两端电压与电流的测量值与真实值相比无系统误差，阻值与真实值相

比无系统误差。

三、计算题：本题共3小题，共42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后

答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.（10分）汽车可升降底盘多采用空气悬架技术，通过增加或减少气体来实现底盘的升降。某汽车空气

悬架的空气减震器可视为粗细均匀、横截面积为S10cm2的密闭汽缸，其内部封闭一定质量的理想气体。

初始时气体温度、压强5，密闭气柱长度为，车辆行驶一段距离后气

t127Cp13.010PaL130cm

体升温至t237C，该过程气体吸收的热量为Q8J、压强不变。求：

（1）升温后密闭气柱的长度L2；

（2）升温过程气体内能的变化量U。

【答案】（1）31cm（2）5J

【解析】（1）根据题干可知，初始温度为T127273K300K

升温后的温度为T2310K

SL1SL2

根据盖吕萨克定律，有(3分）

T1T2

代入后可得L231cm（、(1分）

（2）由于压强不变，在气体膨胀过程中气体对外界做功，做功大小为pSL2L13J(2分）

根据热力学第一定律，有ΔUQW(2分）

由于气体膨胀过程对外界做功，即W3J(1分）

所以U5J(1分）

14．（15分）如图所示，两根相同的光滑金属导轨abcdef、abcdef固定在绝缘水平面上，关于坐标

轴Ox对称，正对放置。bc段和bc段延长线交于O1点，ed段和ed段延长线交于O点，eO与x轴夹角

37，dd间距L10.75m，cd间距L21.92m。导轨处在磁感应强度B0.1T竖直向上的匀强磁

场中。原长等于O1、O两点间距、劲度系数k75N/m的绝缘轻弹簧，两端分别与质量为m12.0kg、

m21.0kg的均匀金属杆MN、PQ中点拴连。现将金属杆MN、PQ拉至适当位置先后由静止释放（金属

杆始终与x轴垂直且与导轨接触良好），两金属杆恰好以相同速率v同时达到bb位置和ee位置并开始匀

4

速运动。两金属杆单位长度电阻均为r03.010Ω/m，导轨电阻不计，弹簧始终处在弹性限度内。

（sin37°0.6，cos37°0.8）

（1）求释放金属杆PQ时金属杆MN的速度与v的比值；

（2）求v的大小；

（3）当PQ越过dd时剪断弹簧，求两金属杆的最近距离。

1

【答案】（1）（2）3m/s（3）

21.6m

【解析】（1）释放金属杆PQ后，金属杆PQ、MN构成系统动量守恒，规定向右为正，有m1v1m1vm2v

(2分）

v1

解得1(1分）

v2

（2）金属杆PQ运动到坐标轴x处时以速度v做匀速直线运动，

金属杆PQ合外力为零，对金属杆PQ在水平方向受力分析有FA2kx(1分）

感应电动势E2BLv(1分）

又L2xtan(1分）

E

感应电流I(1分）

2Lr0

安培力FABIL(1分）

联立解得v3m/s(1分）

（3）剪断弹簧后，金属杆PQ、MN构成系统动量守恒，共速时，

两杆有最近距离m1vm2vm1m2v(1分）

在剪断弹簧到两杆共速过程中，安培力对金属杆MN冲量等于动量变化量，即FAtm1vv(1分）

E

又，

FABIL1I

2L1r0

回路中总感应电动势分）

EBL1v1BL1v2BL1v相(1

B2L2x

联立得1相分）

m1vv(1

2L1r0

两杆有最近距离d，则有dL2x相(1分）

代入数据解得d1.6m(1分）

15.（17分）如图，质量分别为mA2kg和mB1.2kg的物块A和B（均视为质点），通过轻质不可伸

l

长的细绳连接，跨过定滑轮（不考虑其质量）悬挂于两侧。初始时，两物块距天花板的高度均为2，绳长

2

l22m，两物块距地面的高度均为H0.8m。初始状态下通过外力使物块A与B保持静止。在t0时

刻，同时释放两物块。当物块A接触光滑地面的瞬间，将细绳切断。此后经过时间t10.1s，物块A在竖

直方向的速度减为零，忽略物块B此后的运动情况。物块A的速度为零时，位于物块A左侧的另一个mC2kg

的物块C以vC6m/s与物块A发生碰撞。碰撞结束后，轻质弹簧恢复原长。随后，物块A冲上长度为l15m，

与水平面夹角为37的传送带。已知传送带与物块间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g10m/s2，

sin370.6,cos370.8。

（1）求物块A落地时的速度大小；

（2）求时间t1内地面对物块A的平均作用力大小；

（3）若传送带静止，物块A能否冲上传送带顶端？若不能，为使物块A恰好能够到达顶端，传送带应如

何（顺时针或逆时针）转动？其速度应为多大？此过程传送带电动机因运送物块A而额外消耗的电能是多

少？

【答案】（1）v2m/s（2）F60N

（3）物块A不能冲上斜面顶端。传送带应顺时针转动，转速为v传4m/s；额外消耗的电能为E电57.6J

【解析】（1）

方法1：释放后，物块A向下加速运动，物块B向上加速运动。设绳子的拉力为T，两物块的加速度大小均

为a。

对物块A，由牛顿第二定律：mAgTmAa1①(1分）

对物块B，由牛顿第二定律：TmBgmBa1②(1分）

由①＋②得：mAmBgmAmBa1

2

解得加速度：a12.5m/s(1分）

2

物块A从静止开始，下落高度H0.8m，由运动学公式：v2a1H(1分）

解得落地速度：v2m/s(1分）

1

方法2：对A、B系统，由机械能守恒定律：mgHmgHmmv2(1分）

AB2AB

解得落地速度：v2m/s