2026年高考考前最后一卷：物理（江西卷）解析版

2026年高考考前最后一卷（江西专用）

物理・全解全析

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，1~7题只有一项符合题目要求，每

小题4分，8~1＜）题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0

分。）

1.1新情景）汽车胎压检测仪能实时检测胎内压强变化。如图为检测仪里的平行金属板压强传感器电路图，

已知板间电压恒定，车胎内压强变大时，可动极板下移。则平行金属板（）

可动极板

固定极板

A.电容减小B.电容不变C.板间电场强度增大D.板间电场强度减小

【答案】C

【详解】因该装置与电源相连故U不变，车胎内压强变大时，可动极板下移，则4减小。

AB.因电容0=^^,d减小,则。增大，故AB错误；

4k7rd

CD.因电场强度E=d减小，则E增大，故C正确，D错误；

故选C。

2.（热点）2024年4月，我国的呻舟十八号载人飞船与空间站顺利完成径向对接，这是全球唯一实现百吨

级空间站径向对接的自主精准操控。对接前，飞船通过自身控制系统使其始终处在空间站正下方200m处，

实现精准"悬停”，并进行全面自检和姿态调整，之后逐步上升，与空间站完成对接形成组合体，组合体继续

在空间站原轨道上做匀速圆周运动,飞船"悬停"时与对接完成后，两种状态下，相同的物理量是（）

200m

A.线速度大小B.角速度大小C.万有引力大小D.机械能

【答案】B

【详解】AB.飞船沿与空间站运动方向垂直的方向和空间站完成对接。飞船维持在"悬停〃的状态时，与空

间站角速度相同，飞船在空间站E卜方200米的轨迹半径较小，根据u=〃。可知，两种状态下，线速度大

小不同，故A错误，B正确；

C.对接前后半径不同，根据万有引力公式尸=平可知，万有引力大小不同，故C错误；

D.对接稳定过程中,外力对飞船做正功,相比于“悬停〃.飞船的机械能增加，故D错误。

故选Bo

3.理想变压器原、副线圈匝数分别为〃八〃2,原、副线圈两端的电压分别为必和U2,原、副线圈正弦交

流电的频率分别为力、储则（）

■勺

A.中

【答案】D

【详解•】AB.“日〃字形的理想变压器，原线圈中的磁感线•部分从中间的铁芯桥穿过，只有一部分从副线

圈中穿过，因此穿过原、副线圈的磁通量不相等，故理想变压器原、副线圈的电压之比不等丁匝数之比，

AB错误;

CD.理想变压器通过互感现象工作，不会改变交流电的频率，原、副线圈的交流电频率相等，即f,=f2

可得g=l，C错误，D正确。

J1

故选D。

4.（新情景）如图所示，环保人员在一次检杳时发现，有一根截面为圆形的排污管正在水平向外满口排出

大量污水。管道内始终充满污水，污水不可压缩且没有黏滞性，污水在空中不敢开，最终落到斜坡上。环

保人员随身只携带了一把卷尺，他测出管道口的半径为管口离污水落点高度为〃，污水落点到管口的水

平距离为工，已知，・远小于〃，空气阻力忽略不计。已知流量连续性方程：对于不可压缩流体，过流断面的

面积s与断面平均流速y的乘积为常数，即S/=S2匕。若污水垂直打到斜坡上，则落点处污水的横截面积

为（）

XJtr2

A2B.

Vx+/r>S号

【答案】C

【详解】污水的初速度匕=]=x舟

落到斜面上时由机械能守恒定律-mv~+nigh=-mv；

由于S|，=S2V2,其中S]=乃/

nr2x

解得S?=

故选Co

5.（新角度）“碰一下支付〃是某支付软件的一种支付方式（如图甲所示），用户只需将手机解锁并开启近场

通信（NFC）功能，随后轻触收款设备即可完成支付。完成支付的简化流程（如图乙所示）为：支付手机通

过NFC天线向收款设备中的感应线圈发射一与感应线圈平面垂直的磁场以感应线圈中产生感应电流/、/

产生的感应磁场8'传至手机完成支付。设某次支付中手机发射了一正弦磁场6（如图丙所示），取向下为6

的正方向，采用俯视感应线圈的视角观察，在（）-“时间内，关于感应线圈下列说法中正确的是（）

B

收款设备感应线圈

图甲图乙

A.4M时磁通量最大B.2/。时感应电动势最大

C.6%时/值最大D.3%时/为顺时针方向

【答案】D

【详解】A.由图丙“J■知4，。时,NFC天线产生的磁场磁感应强度大小为0,感应线圈的磁通量为0,故A错误；

B.2%时,NFC天线产生的磁场磁感应强度最大，但随时间的变化率为0,根据法拉第电磁感应定律可知该时

刻感应线圈产生的电动势满足』詈=啜S=。，故B错误;

C.6（）时，NFC天线产生的磁场磁感应强度最大，但随时间的变化率为0,由上述分析亦可知感应线圈的电

动势和感应电流为0,故c错误;

D.3%时，感应线圈正经历向下的磁通最减少的过程，由楞次定律可知，感应线圈将形成顺时针方向的电

流以阻碍变化，故D正确。

故选Do

6.（新情景）如图所示为医院进行静脉输液的三种输液瓶及其输液管、进气管装置设计图，其中进气管保

证瓶内与瓶外气体相通，随着输液的持续进行，下列说法中正确的是（）

A.甲输液瓶内气压不变，瓶内输液管针头处压强减小

B.乙输液瓶内气压增大，瓶内输液管针头处压强不变

C.丙输液瓶内气压不变，瓶内输液管针头处压强不变

D.若需保持给病人的输液流速恒定，则应该选用丙输液瓶

【答案】B

【详解】A.甲瓶没有进气管，随着液体流出，瓶内空气体积变大，瓶内气压减小，随着液体的流出液体压

强在减小，而瓶内输液管针头处的压强等于瓶内气压与液体柱压强之和，因此针头处压强也会减小，故A

错误；

BD,乙瓶通过进气管与外面大气相通，虚线处瓶上方气体的压强与液体的压强之和总等于大气压，随着液

体f勺流出，液体压强减小，气体压强增大，但是瓶内输液管针头处压强不变，从而保证药液流速恒定，故B

正确，D错误；

C.丙输液瓶在底部通过细管与大气相通，气体压强不变，随着液体的不断流出，瓶内输液管针头处压强变

小，故C错误。

故选B<,

7.（新考法）杂技表演中，为了提高观赏性，摩托车手设计沿如图所示圆锥面的内壁做圆周运动，运动半

径为A,（假设摩托车视为质点）则（）

A.摩托车越重越不容易实现圆锥面的内壁做圆周运动

B.摩托车无法实现在圆锥面的内壁做圆周运动

c.摩托车做圆周运动的角速度需要满足匚卫二

VRtan29

D.摩托车做圆周运动时车胎橡胶与圆锥内表面间的动摩擦因数：〃之善誓吗

【答案】D

【详解】ABD.摩托车在竖直面内的受力分析、如图所示

摩托车在竖直面内平衡，由平衡条件得〃话+&sin。=亢os。

摩托车在水平面内做圆周运动，根据牛顿第二定律，有尸NCOS。+/sin。=

联立可得了=，〃（g+苏Rtan，）cos9,FN=〃7（苏/?一gtan夕）cos，

其中/K

g+/y?7?tan0

所以可得〃N

/R-gtan6

可见摩托车的重量与实现圆锥面的内壁做圆周运动的难易程度无关，摩托车可以实现圆锥面的内壁做圆周

运动，故AB错误，D正确;

C.摩托车做圆周运动需要满足

则有机（g+R【an6）cos夕W〃，〃R-gtan6）cos0

解得叫Y悟R（〃当一ta吸n。）

故C错误。

故选D。

8.如图所示，一扇形薄金属板QA6处于垂直板面向里的匀强磁场中，绕通过。点且与板面垂直的固定轴

由静止开始沿顺时针方向转动。不考虑金属板内自由电子的热运动。下列说法正确的是（）

XXXXXX

A.金属板转动过程中，板内自由电子不受洛伦兹力作用

B.金属板转动时，A端的电势比O端的电势低

C.金属板加速转动时，其内部的电场强度随之增大

D.金属板匀速转动时，电子最终相对于金属板不再发生定向移动

【答案】CD

【详解】A.板内自由电子带负电，运动状态下，在磁场中受洛伦兹力作用，故A错误；

B.根据右手定则可知，金属板顺时针转动时，A端比。端电势高，故B错误；

C.金属板加速转动时，电子的速度I，增大，根据洛伦兹力公式"=»中可知洛伦兹力增大，更多的电子会

在。端聚集，。端和A端的电荷分布差异更大，电场强度七二二，随着电荷分布差异增大，U增大，，/不变，

a

所以其内部的电场强度随之增大，故C正确；

D.金属板匀速转动时，电子受到的洛伦兹力恒定不变，电子向。端聚集形成电场后，电子还会受到电场力，

当电场力等于洛伦兹力后，电子所受合力为零，电子最终相对于金属板不再发生定向移动，故D正确。

故选CDo

9.一同学在某一高度将排球垫起，排球竖直向上运动，随后竖直向下运动。设排球在运动的过程中所受空

气阻力大小和速度大小成正比。以抛出点为坐标原点，竖直向上为x轴正方向建立一维坐标系，，为时间、工

为位置坐标、-为速度、。为加速度、々为动能、。为重力势能，则下列图像可能正确的是（）

【详解】AB.小球上升过程中，设小球的加速度为4,由牛顿第二定律可得％?+/=〃?％

其中/二如

解得4=g+^i，

tn

，减小，则4/减小，17图像的斜率逐渐减小。同理小球在下落过程中，设小球的加速度为小，由牛顿第二

定律可得%=g-Vu

m

V增大,则生减小，片图像的斜率逐渐减小；由于加速度在减小，故A正确，B错误；

C.根据动能定理，上升过程则有△线=-（，噂+/）・©

AE

整理可得T=一（〃*+/）=-+kv）

Ar

上升过程V减小，则&-X图像斜率的减小，同理下落过程则有半=（〃吆-川）

Ax

下落过程丫增大，则4-%图像斜率的减小，故c错误；

D.根据△4=mg・Ax

解得出

Ax

可知上升过程和下降过程，图像的斜率保持不变，均为〃7g,故D正确。

故选AD.,

10.福建舰成功实现电磁弹射试验后，某兴趣小组设计了一个模拟电磁弹射系统，如图中所示，系统左侧

接有电动势为E的直流电源、单刀双掷开关S和电容器，右侧是水平光滑平行金属导轨，导轨上放置一助

推模型，其外层固定一组金属线圈，线圈两端通过电刷与导凯连接形成回路，线圈处于导轨间的辐射状磁

场中，侧视图如图乙所示。首先将开关S接至1,使电容器完全充电；然后将S接至2,模型在安培力作用

卜从静止开始加速运动，达到最大速度后离开导轨，整个过程通过模型的电荷量为%已知模型（含线圈、

电刷）的质量为〃?，线圈的半径为〃匝数为〃，总电阻为R，其所在处的磁感应强度大小均为&重力加速

度为g。不计空气阻力、导轨电阻、线圈中电流产生磁场和线圈自感的影响。下列说法正确的是（）

A.模型离开导轨时的速度为?幽

in

B-电容器的电容为赤缶同

C.在导轨上模型的最大加速度为券空

D.模型滑离导轨的整个过程中电容器释放的电能为空里也

tn

【答案】BC

【详解】A.对模型，根据动量定理，得向=/切

其中平均安培力F=nBl-2仃=2的也7

联立解得〃=陋效，故A错误；

m

B.电容器充电后总电荷量Q=CE

放电后剩余电荷量Q'=Q-g=CE-夕

速度最大时电容器电压等于线圈感应电动势U=3=后感

线圈感应电动势理

代人「网幽，得£例也生

m旺m

联立可得E-幺=扭江曲

Cm

解得，二，“故B正确；

E

C.开关刚接2时，模型速度为0,感应电动势为0,此时电流最大，加速度最大。初始电流/

A

._-n,InnrHE

女培力厂=2〃7nBi=-------

R

［；2mrrEB

由牛顿第二定律，得加速度^二三二二2产，故C正确；

inRm

D.根据能量守恒，电容器释放的电能一部分转化为模型的动能，一部分转化为线圈电阻的焦耳热，即

代入也得动能工机/=空立也1

2m

因此E＞空正坦Zi,故D错误。

"m

故选BC。

第n卷（非选择题，共54分）

二、填空题（本题共2小题，共15分）

11.（6分）磁带、随身听是八九十年代中国人挥之不去的记忆。究其原理其实就是磁带上的磁性颗粒在录音

时按音乐特点进行排列，当磁头上的线圈掠过磁带上排列不同的磁性颗粒时会产生变化的感应电流，输出

美妙的音乐。某小组同学利用此项原理设计探究外力做功与物体动能变化量的关系。

15

—

.0

0..5

0..03

水-0.

“

音

部

电沌传感器‘电流传感器.0

分

⑴按图甲所示组装电路，将完全相同的两个磁头分别固定在A、3两点，将已录好音的磁带拼接在一段空白

磁带上，顶端与磁头A对齐，跨过滑轮连在小车末端，下端用轻质夹子（质量可忽略）悬挂一质量为机的

重物。打开传感器开关，调节斜面倾角，轻轻扰动小车直至两传感器显示电流特性均为图线。，播放时长为

4,则此时小车的运动为。

（2）关闭8连接的传感器，取下重物，将小车由之前同一位置静止释放，得到如图力图像，播放时长为力，

测得小车质量为M，录音部分磁带长度L,当地重力加速度为g,若小车所受合外力做功与其动能变化相等，

应满足___________°（用题目所给的物理量写出表达式）

⑶此实验中小车所受摩擦力（填"会〃、"不会"）对实验结果存在影响。请简述你的理由

【答案】⑴匀速直线运动；（2）〃?弘=3知（子J；⑶不会根据之前匀速直线运动时系统受力平衡,

去掉小后小车所受合外力应为物块重力〃唱，与摩擦力无关

【详解】（1）若两磁头显不出的电流曲线•致，即速度未发生变化，即匀速直线运动。

⑵撤抻加后，小车合外力做比为〃叫末速度可用卜：求出，贝附刎=为性］

（3）根据之前匀速直线运动时系统受力平衡，去掉机后小车所受合外力应为物块重力〃唱，与摩擦力无关，

故此实验中小车所受摩擦力不会对实验结果存在影响。

12.（9分）某老师用自制的数字化信息系统（DIS）指导学生完成创新实验“观察电容器充放电现象，并测量

干电池的电动势和内阻”。图1是实验的实物图和简化电路结构图。

图1

实验步骤：

（1）按图1连接好电路图，图中电源由两节旧的干电池串联而成。打开手机物理工坊APP,让手机通过蓝

牙与DIS系统连接,手机物理工坊APP上可实时显示电压传感器和电流传感器采集到的电压U刃电流/随时

间/变化的情况，如图2所示。电压、电流传感器可视为理想电表，充电前电容器不带电。

（2）观察电容器充电：将双掷开关拨至_____端（填或="）,电容器开始充电，通过UT、/T图可

观察到电容器充电过程中其两端电压和电路中电流的变化情况。根据图3可得两节干电池的总电势七二

_________V。

（3）观察电容器放电：待充电完成后，把双掷开关拨至另一端，电容器开始放电，通过。-八/T图可观

察到电容器放电过程中其两端电E和电路中电流的变化情况。根据图3求得两节十电池的总内阻，・=

Q（结果保留两位有效数字）。

（4）在图3的/T图像中，％~%、分别为充、放电的时间段，这两个时间段的图线与时间轴围成的

面枳（填“相等”或"不相等〃），原因是：o

【答案】（2）〃2.8（3）3.3（4）相等/T围成的面积等于电容器充放电的总

电荷量，而充放电过程总电荷量相同

【详解】（2）[1]观察电容器充电：将双掷开关拨至〃端，电容器开始充电；

⑵根据图3可得两节干电池的总电势七=2.8V。

£28

⑶⑶根据图3可知电容器刚开始充电时「+/?=厂=而而C=23.3C

fn

Eo2

R==

电容器刚开始放电时Y而存"。=20Q

m

可得电源内阻r=3.3Q。

（4）[4]⑸根据Q=〃可知，在图3的/-f图像中，图像与坐标轴围成的面积等于电容器的带电量，可知％f、

4分别为充、放电的时间段，这两个时间段的图线与时间轴围成的面积相等，原因是：/T围成的面积

等于电容器充放电的总电荷量，而充放电过程总电荷量相同。

三、计算题（本题共3小题，共39分。要有必要的文字说明和演算步骤。有数值计算的要注明单位）

13.（9分）如图甲所示，某市在大运河拐弯公园的人工湖底某位置水平安装了一半径为A的平面圆形灯，恰

如水底的一轮明月。已知水底"明月”发出的橙色光在湖面上形成一个半径为d的橙色圆，如图乙所示。水对

橙色光的折射率为4:，光在真空中的传播速度为c。求:

图甲

⑴水底“明月"的深度人;

（2）该灯发出的光从发出到射出水面的最长时间上

五(d-R)

【答案】（1）/?=

16(d-R)

(2)1=

9c

13

【详解】（1）圆形灯边缘的橙色光在水面恰好发生全反射，则有sinC=L=：

n4

3

贝,lanC=-j=

根据几何关系有tanC=—d-R

h

解得h=亚里二立

3

d-R

（2）圆形灯边缘发出的橙色光从发出到射出水面的最长距离为s,根据几何关系有s

sine

橙色光在水中的传播速度丫=£

n

则橙色光从发出到射出水面的最长时间f=±

V

A,J/Q16（4-/?）

解得"--------

9c

14.（13分）如图所示，一光滑横杆被左右支架水平固定，质量分别为2〃?、机的两个柱状工件A、B通过中

心轴的孔穿在横杆上，工件B的右侧存在一足够长的风洞，B恰好静止在风洞左端。某时刻A受到水平向

右的冲量而获得初速度%=3病，之后A与B发生弹性碰撞。当A、B进入风洞时，分别会受到沿轴向左

恒定的风力作用，风力的大小与其受力面积成正比（比例系数相同）。A、B在风洞中的受力面积比值为&

0.5,比值可调节），B的受力面积保持不变且在风洞中受到的风力恒为尸=〃?g,长度L和重力加速度

g为已知量。求:

1~—F

AB''工-:

(1)A、B进入风洞后加速度大小心、4B；

⑵若左=1,当A速度减为零时，求A、B之间的距离4：

(3)若A3().5,A、B第二次碰撞的点与风洞左端的距离乩

【答案】⑴?，g

(2)5L

⑶k=0.5,d=0,Z>0.5,d=16(21),

3k

【详解】(1)由牛顿第二定律，有尸=，"％,kF=2八

解得%=午，〃B=g

(2)设A、B碰后速度分别为匕、v2,由2M％=2〃/+〃即，g⑵〃)片=g(2〃»：+g〃w；

解得=y[gL、v2=4y[gL

当也=1时，A经时间/。=a速度减为零，此时

2a

2

A向右位移昌二2-

2a

B向右位移“二彩，。-]"/；

所以d=与一$[=5L

(3)A回到左端的时间乙=生

B回到左端的时间4=组

当4=，2时，A、B恰好在左端相遇，此时4=0.5,4=0

4>0.5时，A、B在风洞外发生第二次碰撞，B到左端时，A离开左端做匀速运动，此时A与左端的距离

$3=匕(，2-力)

设B到左端还需要〃时间,追上A,有$3=鹏一卬3

解得"＞。.5时d=少L

15.（17分）如图为测量电子比荷的装置，真空玻璃管K、A