2025-2026学年湖北随州市曾都区某中学高二年级下册3月阶段检测物理试卷 【含答案】

高二下学期三月月考物理试卷

一、选择题（1・7单选题，8-10多选题每小题4分共40分）

振荡电路中，自片0时刻开始计时，极板M所带的电荷量夕随时间,的变化如图所示。在下

列哪段时间里，电路电流方向为顺时针，磁场能增加（）

【答案】C

【解析】

【详解】A.根据极板M的。一/图像可知，。〜。时间内M带正电，电荷量减小，极板处于放电

过程，则电流方向为逆时针，磁场能增加，故A错误；

B.根据极板M的4-，图像可知，乙时间内M带负电，电荷量增大，极板处于充电过程，则

电流方向为逆时针，磁场能减小，故B错误；

C.根据极板M的q一，图像可知，芍~，3时间内M带负电，电荷量减小，极板处于放电过程，则

电流方向为顺时针，磁场能增加，故C正确；

D.根据极板M的图像可知，时间内M带正电，电荷量增大，极板处于充电过程，则

电流方向为顺时针，磁场能减小，故D错误。

故选C。

2.如图，回旋加速器所接的电源保持不变，将其先后置于两个不同的匀强磁场中，磁感应强度

方向均垂直于盒面向下。同一带电粒子均从加速器的中心由静止开始运动，设粒子两次

BX>B2,

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在加速器中获得的最大速度分别为匕和内，在电场中加速的次数分别为勺和〃2，不计粒子重力，

A.匕<匕，4>«2B.%>匕，勺>々C.M=匕，<%D.W>匕，

【答案】B

【解析】

【详解】设粒子在加速器中获得的最大速度为u，根据牛顿第二定律有

V

qvB-m①

解得

②

m

设粒子在电场中加速的次数为〃，根据动能定理有

nqU=^mv

联立②③解得

qB2户

n=--------④

2mU

根据②④式可知W〉内，“>%，故选Bo

3.如图所示交变电流图像中，时间轴上方曲线为正弦交流电半个周期所形成的图线，则该交变电

流的有效值为（）

2/18

AD.圆

22

【答案】A

【解析】

【详解】根据有效值的定义，有7?x0.01+/?XO.O1+O=Z2/?XO.O3

解得该交变电流的有效值为/=/0

故选Ao

4.下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲是微安表的表头，运输时把两个正、负接线柱用导线连接，可以减小电表指针摆动角度

B.图乙是铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，铜盘转动加快

C.图丙中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且和磁铁转得一样快

D.图丁是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属

【答案】A

【解析】

【详解】A.图甲是微安表的表头，根据电磁阻尼原理可知，运输时把两个正、负接线柱用导线连

接，可以减小电表指针摆动角度，故A正确；

B.图乙是铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，由于电磁阻尼作用，铜盘转动变慢，故B错误；

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C.图丙中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，这属于电磁驱动作用，根据楞次

定律可知，且铝框比磁铁转得要慢，故C错误;

D.图丁是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，在金属中产生涡流，金属中产生大量热量,

从而冶炼金属，故D错误。

故选Ao

5.如图所示，甲和乙电路中A、B、C、D是四个相同灯泡，电感线圈直流电阻与电源内阻均可忽

略不计，下列说法正确的是（

L

S

甲

A.甲电路开关闭合时,A灯立即变亮，B灯缓慢变亮

B.甲电路开关断开时,A灯立即熄火，B灯缓慢熄灭

C.乙电路开关闭合时,C灯缓慢变亮,D灯缓慢变亮

D.乙电路开关断开时,C灯缓慢熄灭，D灯先闪亮一下再熄灭

【答案】D

【解析】

【详解】A.甲电路开关闭合时，A灯立即变亮，B灯立即变亮再缓慢熄灭，故A错误。

B.甲电路开关断开时，A灯立即熄灭，B灯闪一下缓慢熄灭，故B错误。

C.乙电路开关闭合时，C灯缓慢变亮，D灯立即变亮，故C错误。

D.乙电路开关闭合稳定时流过C灯的电流大于D灯，所以开关断开时，C灯缓慢熄灭，D灯先闪

亮一下再熄灭，故D正确。

故选Do

6.如图所示，足够长的固定粗糙倾斜绝缘管与水平方向夹角为a,处于垂直纸面向外的匀强磁场

4/18

中，一直径略小于绝缘管直径的带正电小球从静止开始沿管下滑。已知小球质量为〃?，电荷量为9,

磁感应强度大小为员绝缘管与小球间的动摩擦因数为〃。重力加速度为g,下列说法正确的是

)

A小球下滑过程中，摩擦力一直减小

B.小球下滑过程中，绝缘管对小球的支持力方向不变

C.小球下滑过程中，最大加速度为

■小球下滑过程…大速度为如广

【答案】D

【解析】

【详解】小球从静止开始沿管下滑，刚开始受到竖直向下的重力，垂直于管下壁向上的支持力，沿

斜面向上的摩擦力。随着物体开始运动，根据左手定则，小球受到一个垂直于管下壁向.卜•的洛伦兹

力。洛伦兹力大小月各二8班

随着速度逐渐增大，洛伦兹力逐渐增大，管对小球的支持力逐渐减小，小球而管的压力逐渐减小,

由滑动摩擦力耳耳R

可知滑动摩擦力逐渐减小.当耳台=8gp=〃7gcosa.此时摩擦力等于0,有最大加速度

4nm=gsina

物体继续加速向下走，随着速度增大，洛伦兹力增大，小球会挤压管上壁，管上壁给小球一个向下

的支持力，支持力逐渐增大，小球给管上壁的压力逐渐增大，滑动摩擦力逐渐增大，加速度逐渐减

小，一直到sma=〃(Bqv-mgcosa)

5/18

解得八mgsina+〃叫cosa二7虱^空上壁外。此后小球将匀速下滑。

〃%〃的

综上，摩擦力先减小后增大；支持力先垂直绝缘管向上，在垂直绝缘管向下。

故选D。

7.如图是某种装置的俯视图，光滑水平面上存在竖直向上、宽度d大于2L的匀强磁场，其磁感应

强度大小为8。甲、乙两个完全相同的合金导线框，甲以短边平行于磁场边界进入磁场，乙以长边

平行于磁场边界进入磁场，初速度大小相等，都和磁场边界垂直。忽略两线框之间的相互作用，两

线框各自进入磁场的过程中（）

A.线框刚进入磁场时，两线框中的电流相等

B.从开始进入到全部进入磁场，两线框速度改变量相等

C.从开始进入到全部进入磁场，产生的焦耳热相同

D,从开始进入到全部进入破场，通过导线截面的电荷量相等

【答案】D

【解析】

【详解】A.线框刚进入磁场时，甲线框产生的感应电动势为&乙线框产生的感应电动

E

势为EqB"电流/=又,甲、乙线框完全相同，则电阻相等，可知，两线框中的电流不相

等,故A错误；

_A①一E-

BD.根据题意，线框进入磁场过程中，由公式E二—、/=一和q=

△tR

可得q=~r

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由于甲、乙线框完全相同，则从开始进入到全部进入磁场，通过导线截面的电荷量相等，即为二夕乙

由动量定理分别对甲、乙线框有-Bl甲LAf=甲，-BI乙-23=〃?△〃乙

一甲=乙

贝。有BLq/«Avf|I,-B•2£g乙=mAv

可知，从开始进入到全部进入磁场，两线框速度改变量不枉等，故B错误，D正确。

C.由上述分析可知，两线框速度改变量不相等，由于初速度相等，则两线框动能变化量不相等，

由能量守恒定律可知，产生的焦耳热不相同，故C错误。

故选D。

8.如图所示，半径为/的金属圆环内存在垂直圆环平面向里、磁感应强度大小为8的匀强盛场。长

度也为/、电阻为R的直导体棒04—端位于圆心0,另一端/置于圆环上，导体棒在外力作用下

绕圆心。点以角速度。顺时针匀速转动。直导体棒。端和圆环上引出导线分别与凡=R、R?=2R

的电阻相连，不计其它电阻，下列说法正确的是（）

A.回路中的电流方向为。一»8

B.圆环产生的电动势大小为反H2

C.圆环产生的是交变电流

D.圆环产生的电流大小为竺匚

8R

【答案】AD

【解析】

【详解】A.根据右手定则，电流方向为。一＞力，即c-6,故A正确;

B.圆环产生的电动势大小为£=8心=28川2,故B错误；

2

C.电流方向不变，不是交变电流，故C错误；

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2

D.圆环产生的电流大小为/==F二丝RmLl,故D正确。

4R8R

故选ADe

9.如图所示，一小水电站，输出的电功率为P=20kW,输出电压Uo=4OOV,经理想升压变压

器（升压后远距离输送，升压变压器工的匝数比〃|：巧=1：5,输电线总电阻为尸=10。，最后经

理想降压变压器心降为220V向用户供电。下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为50A

B.用户得到的电功率为19kW

C.输电线上损失的电压为500V

D.变压器T2的匝数比.：%=95：11

【答案】BD

【解析】

【详解】A.根据题意，由公式P=可得，水电站输出的电流为

升压变压器输出电流为

/,=-^-/0=10A

〃2

即输电线上的电流为10A,故A错误；

BC.输电线上损失的电压为

8/18

A[/=Z2r=100V

损失的功率为

AP=^r=1000W

则用户得到的电功率为

昂尸产—AT=19kW

故B正确，C错误；

D.升压变压器输出电压为

U,二五4=2000V

%

降压变压器输入电压为

q=t/2-At/=1900V

则变压器4的匝数比为

〃3190095

故D正确。

故选BD。

10.如图所示，光滑金属导轨"N、尸。水平固定放置，间距为£,两导轨之间存在着与导轨平面

垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为8.金属棒。b与cd质量分别为4加、加，电阻分别为R、4R,

长度均为£,放置在导轨上并与导轨垂直。现同时给金属棒与〃一个大小为%的初速度，方向

分别向左、向右，两金属棒运动过程中始终与导轨接触良好，不计导轨电阻，忽略感应电流产生的

磁场，则下列说法正确的是1)

MacN

XXXXXXXX

XX<x-XX“兴"AXX

vovo

XXXXXXXX

PbdQ

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A.通过金属棒。力的最大电流为也

R

22

B.金属棒&的最大加速度为2’L%

5mR

C.金属棒cd的速度减为零时，回路中的电流为一奥

167?

O

D.整个运动过程，金属棒功和4上产生的焦耳热为一〃球

5

【答案】BD

【解析】

【详解】A.开始运动时通过金属棒。方的电流最大，最大值为。=———=--

47?+R5R

故A错误；

B.开始运动时，两棒受安培力最大，加速度最大，则金属棒cd的最大加速度为

BIL28*%

a——m=--------»故B正确：

m5mR

C.两棒组成的系统受合外力为零，则动量守恒，则从初始时刻到金属棒c”的速度减为零时，以向

左为正方向，根据动量守恒定律有4mvo—mvo=4mv\

3

解得匕=]%

此时回路中的电流为I=-----=------,C错误；

5R20R

D.最终两棒共速，则由动量守恒定律4〃“0—〃八＞o=5〃八，

3

解得u=

।]8

整个过程产生的焦耳热0=—(4〃7+〃7)4(4〃?+m)y2=—〃以，故D正确。

225

故选BDo

二、实验(每空2分，共18分)

II.用来研究楞次定律的电路如图所示。电源、开关、滑动变阻器、带铁芯的线圈A构成一个闭合

电路，灵敏电流计和空心线圈B构成另一个闭合电路，空心线圈B放置于水平桌面上。闭合开关,

在将线圈A插入线圈B的过程中，灵敏电流计的指针向左偏转。实验时线圈A没有与线圈B直接

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接触，导线对线圈B的作用力不计。

（1）保持开关闭合及线圈A、B的位置不变，向右移动滑动变阻器滑片，灵敏电流计的指针向

偏转；保持开关闭合及滑动变阻器的滑片位置不变，在将线圈A从线圈B拔出的过程中，灵敏电

流计的指针向偏转；断开开关瞬间，灵敏电流计的指针向偏转。（均填“左”或“右”）

（2）闭合开关，在将线圈A竖直向下插入线圈B的过程中，线圈B对桌面的压力（填“大于”“小

于”或“等于"）线圈B受到的重力。

【答案】（1）①.左②.右③.右

（2）大于

【解析】

【小问1详解】

口][2][3]闭合开关，在将线圈A插入线圈B的过程中，穿过线圈B的磁通量增大，灵敏电流计指针

向左偏转。保持开关闭合及线圈A、B的位置不变，向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电

路的电阻减小，线圈A中的耳流增大，穿过线圈B的磁通量增大，灵敏电流计指针向左偏转；保

持开关闭合及滑动变阻器的滑片位置不变，将线圈A从线圈B拔出的过程中，穿过线圈B的磁通

量减小，灵敏电流计指针向右偏转。断开开关瞬间，穿过线圈B的磁通量减小，灵敏电流计指针

向右偏转。

【小问2详解】

闭合开关，在将线圈A插入线圈B的过程中，线圈B对•线圈A的作用力竖直向上，线圈A对线圈

B的作用力竖直向下，线圈B对桌面的压力大于线圈B受到的重力。

12.某物理小组欲探究变压器线圈两端电压与匝数的关系，提供的实验器材有：学生电源、可拆变

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压器、交流电压表、导线若干。

可移动铁芯

图甲为实验原理图在线圈A、B两端加上电压，用电压表分别测量原、副线圈两端的电压，测量数

据如表:

原线圈匝数«1=400

实验序副线圈匝数“2=200副线圈匝数〃2=1400

原线圈两端电压U

号副线圈两端电压S（V）副线圈两端电压5（V）

（V）

15.82.920.3

28.04.028.1

312.66.244.0

请回答下列问题：

（1）为了确保实验的安全，下列做法正确的是（）

A.连接好电路后，可不经检查电路是否正确，直接接通电源

B.因为使用电压较低，通电时可用手直接接触裸露的导线、接线柱

C.为了保证多用电表的安全，使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测

（2）应将图甲中的A、B分别与图乙中的（填2、L或“c、（T）连接。

（3）由表中数据得出的结论是：变压器原、副线圈的电压之比等于-

（4）在实验序号为2的测量中，若把图丙中的可动铁芯取走，副线圈匝数〃2=200,则副线圈两端

电压（）

A.一定小于4.0VB,一定等于4.0VC.一定大于4.0V

（5）图丁为某电学仪器原理图，图中变压器为理想变压器，左侧虚线框内的交流电源与串联的定

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值电阻岛可等效为该电学仪器电压输出部分，该部分与一理想变压器的原线圈连接；一可变电阻农

与该变压器的副线圈相连，原、副线圈的匝数分别为加、小，在交流电源的电压有效值S不变的

R

情况下，调节可变电阻R的过程中，当k=_________时，R获得的功率最大。

%)

【答案】(1)C(2)c、d

(3)两个线圈的匝数之比(4)A

冠

(5)—T

【解析】

【小问1详解】

A.实验接通电源前必须先检查电路，故A错误；

B.无论电压高低，通电时都不能用手接触裸露接线柱/导线，故B错误；

C.使用交流电压挡测电压时，为了防止超量程损坏电表，需先用最大量程试测，故C正确。

故选C。

【小问2详解】

变压/原线圈需要接交流电源，图乙中C、”是学生电源的交流输出端，。、匕为直流输出端，因此

48应接c、d.

【小问3详解】

分析表格数据，误差允许范围内满足竺=5

4%

因此结论为变压器原、副线圈的电压之比等于匝数之比。

【小问4详解】

取走可动铁芯后，变压器漏磁增加，穿过副线圈的磁通量减少，副线圈感应电动势降低，因此副线

圈电压一定小于原有的4.0V,故A正确。

【小问5详解】

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副线圈电阻RA等效到原线圈侧，等效电阻为*二丛R

\ni）

根据电源输出功率最大的条件，外电阻等于等效内阻，可得R'=&

/\2

整理得”=公

R。In\）

此时我获得的功率最大。

三、计算题（12分+14分16分）

13.如图所示，质量为〃?=lkg,电荷量为夕=5x10-2。的带正电的小滑块，从半径为H=0.4mE勺固定;

圆弧轨道上由静止自力端滑下，轨道光滑且绝缘，整个装置处在方向互相垂直的匀强电场与匀强磁

场中，已知E=100V/m,方向水平向右,8=1T,方向垂直纸面向里,gfOm/s?求：

（1）滑块到达C点时的速度；

（2）在C点滑块对轨道的压力。

xxxxxxx

【答案】（1）2m/s；(2)20.1N

【解析】

【分

【详解】（1）从/到。根据动能定理可知

mgR-qER=~^mvc

解得

vc=2m/s

（2）滑块在C点时，竖直方向受向下的重力，向下的洛伦兹力，轨道的支持力，则

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FN-mg-qVcBi吟

A

解得

FN=20.1N

根据牛顿第三定律可知，在C点滑块对轨道的压力20.1No

14.如图所示，交流发电机的矩形金属线圈Hcd处于磁感应强度8=0.04T的匀强磁场中。线圈面

积S=O.lm2、匝数〃=10()(图中只画出1匝)、总电阻r=20Q,线圈可绕垂直于磁场且过加,和ad边

中点的转轴OO,以角速度口=300rad/s匀速转动。线圈的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环E、F

焊接在一起，并通过电刷与阻值火=100C的定值电阻连接。电路中其他电阻忽略不计。求：

_____!_____>B

O,

R

(I)从图示位置开始计时，写出感应电流的瞬时值表达式C

(2)从图示位置转过90。，求流过线圈的电荷量外

(3)从图示位置转过90。，求外力对线圈做的功忆,

【答案】(1)z=cos300/(A)

(2)9^3.3><10飞

(3)〃xO.314J

【解析】

【小问1详解】

由题意可知，感应电动势的峰值为Em=〃8Sw=120V

P

则电流的峰值为Im==1A

R+r

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由于线圈从垂直中性面位置开始计时，所以感应电流的瞬时值表达式为

i=/mcos"=cos300/(A)

【小问2详解】

一A0BS

从图示位置转过90%线圈感应电动势的平均值为E=n——=〃——

AzAr

流过线圈电流的平均值为7=」一

R+u

则流过线圈的电荷量为q=〃

联立，解得q=—LCB3.3X10-3C

300

【小问3详解】

从图示位置转过90。，外力对线圈做的功等于电路中产生的总焦耳热，此过程中电流的有效值为

产生的焦耳热为。=/2(R+,》

2乃

其中生=£=Zs

442。600

根据功能关系可知力=。=看J弋0.314J

15.如图所示，两足够长平行导轨倾斜固定在水平面上，倾角为a=37。，两导轨之间的距离为

L=lm,导轨顶端用导线连接一阻值为R=1.50的定值电阻，长为L=lm、质量为〃?=0.5kg、

阻值为尸=1.0。的导体棒垂直导轨放置，水平虚线用N下侧存在垂直导轨平面向上的匀强磁场,

磁感应强度大小为4=1.0T。现将导体棒ab从虚线上侧s=2m处静止释放，导体棒越过虚线MN

后经，=3.1s的时间刚好匀速。已知导体棒与导轨之间的动摩擦因数为〃=0.25，重力加速度g取

lOm/s2,sin370=0.6i忽略导轨和导线的电阻