2022-2023学年甘肃省张掖市某重点校高二上学期12月月考数学试题

第PAGE"pagenumber"pagenumber页，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages页甘肃省张掖市某重点校2022-2023学年高二上学期12月月考数学试题一、单选题1．在数列中，，，则（

）A． B． C． D．2．已知等于（

）A． B． C． D．3．在等差数列中，若

，则

的值等于（

）A．8 B．10 C．13 D．264．已知曲线的一条切线的斜率为，则切点的横坐标为（

）A．3 B．2 C．1 D．5．《吕氏春秋·音律篇》记载了利用“三分损益”制定关于“宫、商、角、徵、羽”五音的方法，以一段均匀的发声管为基数“宫”，然后将此发声管均分成三段，舍弃其中的一段保留二段，这就是“三分损一”，余下来的三分之二长度的发声管所发出的声音就是“徵”；将“徵”管均分成三份，再加上一份，即“徵”管长度的三分之四，这就是“三分益一”，于是就产生了“商”；“商”管保留分之二，“三分损一”，于是得出“羽”；羽管“三分益一”，即羽管的三分之四的长度，就是角”.如果按照三分损益律，基数“宫”发声管长度为1，则“羽”管的长度为（

）A． B． C． D．6．已知函数的导数为，且，则（

）A． B． C．1 D．7．已知椭圆上存在两点，关于直线对称，且的中点在抛物线上，则实数的值为（

）A．0或 B． C．0或2 D．28．若对任意的，，且，都有，则m的最小值是（

）A． B． C．1 D．二、多选题9．在公比为整数的等比数列中，是数列的前项和，若，，则下列说法正确的是（

）A． B．数列是等比数列C． D．数列是公差为的等差数列10．已知函数是定义在上的可导函数，其导函数为，若，且，则使不等式成立的的值不可能为（

）A． B． C． D．11．已知O为坐标原点，抛物线的焦点为F，A，B为抛物线上的两个动点，M为弦AB的中点，对A，B，M三点分别作抛物线准线的垂线，垂足分别为C，D，N，则下列说法正确的是（

）A．当AB过焦点F时，为等腰三角形B．若，则直线AB的斜率为C．若，且，则D．若外接圆与抛物线的准线相切，则该圆的面积为12．已知数列的前n项和为，前n项积为，，且（

）A．若数列为等差数列，则 B．若数列为等差数列，则C．若数列为等比数列，则 D．若数列为等比数列，则三、填空题13．等差数列的前项和，等比数列的前项和，（其中、为实数）则的值为.14．若函数在区间上恰有一个极值点，则的取值范围是.15．已知两个等差数列和的前n项和分别为，，且，则.16．过双曲线的左焦点F作直线l与双曲线交于A,B两点,使得,若这样的直线有且仅有两条,则离心率e的取值范围是．四、解答题17．已知函数．(1)求f(x)的解析式；(2)求f(x)在处的切线方程．18．已知抛物线的焦点为F，点在抛物线上，且的面积为(O为坐标原点)．(1)求抛物线的标准方程；(2)过点的直线交抛物钱C于A，B两点，O为坐标原点，记直线OA，OB的斜率分别，，求证：为定值．19．已知数列的前n项和为，，．(1)求数列的通项公式；(2)若，数列的前n项和为，求．20．已知椭圆：过点，离心率为.（1）求椭圆的标准方程；（2）设分别为椭圆的左、右焦点，过的直线与椭圆交于不同两点，记的内切圆的面积为S，求当S取最大值时直线的方程，并求出最大值．21．已知数列的前项和为，，数列满足，．(1)求数列和的通项公式；(2)设数列的前项和为，若不等式恒成立，求实数的取值范围．22．已知函数．(1)求函数的单调区间；(2)若关于的不等式在上恒成立．求的取值范围；

参考答案1．【答案】C【分析】利用数列的递推公式逐项计算可得的值.【详解】由已知可得，，.故选：C.2．【答案】D【分析】根据导数与极限的定义求解．【详解】因为，所以故选：D．3．【答案】C【分析】根据等差数列的性质求出，然后根据等差数列前项和公式结合等差数列的性质即可求出答案.【详解】因为，所以，即，所以.故选：C.4．【答案】A【分析】求出原函数的导函数，设出斜率为的切线的切点为，，，由函数在时的导数等于，求出的值，舍掉定义域外的得答案．【详解】解：函数的定义域为，则，设斜率为的切线的切点为，，，所以，解得或-2（舍去），所以切点的横坐标为3.故选：A.5．【答案】A【分析】由三分损一、三分益一的原理，基数“宫”发声管长度为1，依次求出徵，商，羽的管长即可.【详解】按照三分损益原理：宫：1；徵：；商：；羽：；故选：A.6．【答案】B【详解】由得，当时，，解得，所以，.故选B7．【答案】A【分析】利用点差法可得，再由中点在直线，得出点在直线上，进而得出，代入抛物线方程即可求解.【详解】设，，则，两式作差得到，，所以，因为点，关于直线对称，所以直线的中点在直线，所以点在直线上，联立可得，又因为点在抛物线上，所以或，故选：A.8．【答案】A【分析】已知不等式变形为，引入函数，则其为减函数，由导数求出的减区间后可的最小值．【详解】因为，所以由，可得，，即．所以在上是减函数，，当时，，递增，当时，，递减，即的减区间是，所以由题意的最小值是．故选：A．9．【答案】ABC【分析】本题首先可根据得出，与联立即可求出、以及，A正确，然后通过即可判断出B正确，再然后通过等比数列求和公式即可判断出C正确，最后根据即可判断出D错误.【详解】因为数列是等比数列，所以，联立，解得或，因为公比为整数，所以、、，，，A正确，，故数列是等比数列，B正确；，C正确；，易知数列不是公差为的等差数列，D错误，故选：ABC.10．【答案】AB【分析】首先根据条件构造函数，由导数判断函数的单调性，不等式转化为，利用单调性，即可求解的值.【详解】解析：设，则.，，，即函数在定义域上单调递减.，，不等式等价于，即，解得.故不等式的解集为.故选：.11．【答案】ACD【分析】对A，根据中位线的性质可得；对B，设出直线方程，与抛物线联立，根据向量关系求出点B，代入直线可求出斜率；对C，设，由余弦定理求出，根据抛物线性质求出即可判断；对D，求出圆心在上，即可求出半径，得出面积.【详解】对A，因为都垂直于准线，所以，又是中点，所以是中点，则是线段的垂直平分线，所以，即为等腰三角形，故A正确.对B，若，则在直线上，设直线AB方程为，联立方程组可得，设，则，由，可得，可得，解得，代入抛物线方程得，则，代入可得，故直线的斜率为，故B错误；对C，由抛物线定义可得，设，则，因为，，即，因为是中点，所以，所以，故C正确；对D，由外接圆性质可得，圆心一定在线段的垂直平分线上，即在直线上，又外接圆与准线相切，所以半径为，所以圆面积为，故D正确.故选：ACD.12．【答案】AC【分析】由不等关系式，构造，易得在R上单调递减且为奇函数，即有，讨论为等差数列、等比数列，结合等差、等比的性质判断项、前n项和或积的符号即可.【详解】由，得，令，则在R上单调递减，而，∴，即为奇函数，∴，当为等差数列，，即，且，故A正确，B错误；当为等比数列，，显然同号，若，则与上述结论矛盾且，所以前2020项都为正项，则，故C正确，D错误.故选：AC.13．【答案】【详解】当时，，.当时，，，因为数列为等差数列，则，可得，因为数列为等比数列，则，可得.因此，.故答案为：.14．【答案】【分析】根据二次函数的对称性进行求解即可.【详解】二次函数的对称轴为：，要想函数在区间上恰有一个极值点，只需，故答案为：15．【答案】【分析】由与的比值可求得等差数列和的首项及公差，进而可求得，，求出其比值即可.【详解】解：设等差数列的首项为，公差为，等差数列的首项为，公差为，则，故又已知不妨令且解得且故故答案为：.16．【答案】【分析】根据直线与双曲线相交的情形,分两种情况讨论:直线l与双曲线两支或者左支交于A,B两点,分别分析弦长与和通径的大小关系,列出不等式,再将代为进而解出离心率范围即可.【详解】解:由题知过做轴垂线交双曲线于两点,如图所示:将代入可得:,,由图可知是直线与双曲线左支相交时最短的弦长,当过左焦点的直线绕左焦点旋转至与双曲线两支交于A,B两点时,如图所示若满足直线有且仅有两条,只需小于,且大于即可,即,即,两边同时平方,将代替,即可得,故;将过左焦点的直线继续绕左焦点旋转至与双曲线左支交于A,B两点时如图所示,此时只需大于,且小于即可,即,即,两边同时平方,将代替,即可得,,故,综上,或.故答案为:17．【答案】(1)；(2).【分析】(1)对函数求导，利用给定条件列式计算即可得解.(2)利用(1)的结论求出切点坐标、切线斜率，再由直线的点斜式方程即可求出切线方程..【详解】（1）由求导得：，又，则，解得，所以的解析式为.（2）由(1)得，，则，在处的切线方程为，即，所以f(x)在处的切线方程是：.18．【答案】(1)抛物线方程为y2=2x；(2)证明见解析．【分析】（1）求出点的纵坐标，由三角形面积可求得值得抛物线方程；（2）直线斜率显然不为0，因此设直线方程为，，直线方程代入抛物线方程，应用韦达定理得，，再求得，计算即可证．【详解】（1）点抛物线上，所以，，，因为，故解得，抛物线方程为；（2）直线斜率显然不为0，因此设直线方程为，，由，得，所以，，，所以为定值．19．【答案】(1)(2)【分析】（1）利用，求出，再利用求出数列的通项公式；（2）将（1）中的代入化简得出数列通项公式，求出数列的前n项和为，再求出，最后利用裂项相消法求解即可.【详解】（1）因为，，所以，，所以数列是以4为首项，2为公比的等比数列，所以，①，当时，②，①减②得：，当时，成立，所以．（2）由（1）知，，所以，所以，所以20．【答案】（1）；（2）.【分析】（1）由题得出关系即可求出；（2）根据题意可得，可化为求的最大值，设出直线方程，代入椭圆，利用韦达定理表示即可求出最大值.【详解】（1）由离心率，，可得，将代入可得，则可得，从而得椭圆的标准方程为.（2）设，的内切圆半径为，则，所以要使S取最大值，只需最大..设直线的方程为，代入可得，恒成立，方程恒有解，，所以，记，则在上递减，所以当即时，，此时.21．【答案】(1)；(2)﹒【详解】（1）∵∴当时，，当时，由，得，即，数列是公差为2的等差数列，由条件得，即数列是公比为2的等比数列，；（2）∵，则，，，，恒成立，则恒成立，令，则，，，，故实数的取值范围是﹒22．【答案】(1)的单调增区间为；单调减区间为(2)；【