2026年湖北省宜昌市当阳市中考模拟考试 物理试卷 （4月）（含答案）

第第页2026年湖北省宜昌市当阳市中考模拟考试物理试卷（4月）一、选择题（共12小题，每题2分，共24分，每题给出的四个选项中，只有一项正确）1．在班里举行的小型音乐会上，同学们用自己制作的乐器进行演奏。小红在8个相同的玻璃瓶中灌入不同高度的水，仔细调节水的高度，用同样的力敲击它们，可以演奏出动听的音乐。每个瓶子在振动时发出的声音具有不同的（）A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度2．北京时间2025年11月25日15时50分，神舟二十二号飞船成功对接于中国空间站。对接成功后，神舟二十二号相对于以下哪个参照物是静止的（）A．空间站 B．地球C．太阳 D．神舟二十二号3．2026年1月5日，第42届哈尔滨国际冰雪节开幕，关于冰雪节上的冰雕作品，下列说法正确的是（）A．水制成冰的过程中，需要吸收热量B．水制成冰后，密度不会变化C．在0℃以下的环境中，冰雕变小了，这是升华现象D．冰雕的温度很低，内能为零4．小明在三峡大瀑布游玩时，在岸边拍摄到了一些有趣的光现象。下列现象中能用光的反射解释的是（）A．树荫下的光斑B．水面的倒影C．瀑布下的彩虹D．溪水中的小鱼5．在天安门广场，小红想拍摄天安门城楼的全景，但发现在该位置无论如何调节相机，都只能从观景框中看到城楼的一部分。他应该如何做才能拍摄到天安门城楼的全景（）A．应该靠近城楼，同时调节镜头往前伸长B．应该靠近城楼，同时调节镜头往后缩短C．应该远离城楼，同时调节镜头往前伸长D．应该远离城楼，同时调节镜头往后缩短6．请将你的理化答题卡平放在桌面上，答题卡上表面受到的大气压力的大小最接近（）A．10N B．100N C．1000N D．10000N7．如图所示，甲乙两位工人师傅用不同的方式将同一物体提升到同一高度，他们在做功的过程中，下列哪一个物理量是相同的（）A．拉力 B．总功 C．有用功 D．机械效率8．电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，电风扇（用M表示）就会开始工作辅助散热，下列四个电路图中符合此要求的是（）A． B．C． D．9．国自主研发的三代核电“华龙一号”成功运行，标志着以核电为代表的中国核动力技术已跻身世界前列。关于“华龙一号”，下列说法正确的是（）A．核反应堆用水作为“冷却系统”是因为水的比热容比较小B．核电站产生的核废料要及时运送到生活垃圾场处理C．“华龙一号”利用核聚变获取能量D．核能属于不可再生能源10．下列做法符合安全用电原则的是（）A．电水壶紧靠插线板烧水B．更换灯泡前先断开电路C．在电暖器上烘烤衣物D．插座上的插头长期不拔11．小红听爸爸说：“5G手机比4G手机快”，这里的“快”是指（）A．手机的计算速度快B．电磁波的传播速度快C．相同时间内电磁波传递的信息多D．相同时间内电磁波传递的能量多12．物理学中经常看到形如x=yA．电阻R=UI C．比热容c=Qmt二、填空题（共4小题，每空1分，合计10分）13．“马力既竭，辀犹能一取焉”这句话出自《周礼·冬官考工记》，意思是：即使马的力量已经耗尽，车子仍然能够再前进一步。从物理学的角度来讲，意思是虽然马没有给车施加拉力了，但车子由于要保持原来的运动状态继续前进，因为车子受到作用，最终还是会停下来，这说明力的作用可以。14．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一。如图所示，运动员穿的两只鞋的鞋底材质不同。蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，在向后蹬地的过程中，脚受到摩擦力的方向（选填“向前”或“向后”），而滑行时的鞋底由塑料制成，目的是为了（选填“增大”或“减小”）摩擦力。15．人体中有很多结构可简化为杠杆。如图，手提起物体时，桡骨在肱二头肌的收缩牵引下绕肘关节转动，这是一种杠杆，此过程中肱二头肌收缩的距离（填“大于”“等于”或“小于”）手移动的距离。16．如图是直流电铃的原理图，衔铁B与弹性片A相连，自然状态下弹性片与螺钉接触。闭合开关后，U形电磁铁右上端为极，电磁铁吸引衔铁向下运动，敲击铃碗发声，同时弹性片与螺钉分离而导致电路，电磁铁失去磁性，弹性片又和螺钉接触而通电，如此往复，电铃便不停地发声。如果要让电铃的声音更响，请你提出一种方案：。三、探究实践题（共5小题，其中第17、18小题每题2分，其他每空1分，共21分）17．如图，S'18．如图是踢毽子的情景，请在图中画出毽子向上运动时所受重力和空气阻力的示意图。19．小华想探究固体熔化时温度的变化规律，他在实验室找来一个恒温箱，将恒温箱内温度设置为40℃，再将装有碎冰的试管放入恒温箱中来加热，并用温度传感器记录了冰熔化时温度随时间的变化图像如下图所示：（1）根据图像可以发现，试管内的冰在熔化的过程中温度，其内能；（两空均选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）AB段和CD段温度都升高了10℃，分析图像可以判断CD段吸收的热量（选填“大于”、“小于”或“等于”）AB段吸收的热量，这主要是因为；（3）小丽在做相同的实验时发现，还没有将试管放入恒温箱加热就明显观察到有一部分冰熔化了，因此她认为：冰的熔化不需要吸收热量。她的观点对不对，你对此有何评价：。20．小红在花坛里捡来一块小石块，再利用实验室的弹簧测力计、溢水杯、小桶、水等器材，按照如图所示的A、B、C、D四步，想来亲自验证一下阿基米德原理。（1）根据实验中的数据可知，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为N，小石块排开的水的重力为N。（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，请你分析小红在实验中可能存在的问题是。（3）解决好前面的问题后，重做实验，在步骤C中，如果物体没有全部没入水中，（选填“能”或“不能”）得出正确的结果。（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，那么在步骤中可以不用弹簧测力计。21．老师组织同学们分小组来探究“电阻一定时电流与电压的关系”。（1）图甲是某小组连接的实物图，请你用笔画线代替导线将实物图连接完整，使滑片向右滑动时电流表的示数变大；（2）正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针明显偏转，且移动滑片时两表示数均无变化，该电路的故障可能是；（3）排除故障后，测量出的数据如下表，请你在图乙中描点并画出I-U图像；实验次数123456电压U/V0.61.01.42.02.42.6电流I/A0.060.10.240.20.240.26（4）分析数据、图像，我们可以初步得出结论：电阻一定时，电流跟电压是的关系，同时也可知道实验中定值电阻的阻值为Ω；（5）为了使该结论更具普遍性，接下来最合理的操作是_________；A．改变变阻器的阻值继续做几次实验B．增加一节电池重做前面的实验C．更换定值电阻重做前面的实验D．不更换电阻重做一遍前面的实验（6）另一实验小组也用这些器材来做实验，他们的记录的数据如下表，请你分析该小组实验中可能存在的问题是。实验次数123456电压U/V0.61.01.42.02.42.6电流I/A0.240.20.160.10.060.04四、综合应用题（共2小题，第22小题7分，第23小题8分，共15分）22．2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母福建舰在海南入列授旗，彰显了中国海军的现代化实力。已知福建舰满载排水量约8.5×104t，舰体吃水深度（舰体底部到水面的距离）约11m，配备的舰载机质量约为30t。甲板下面的电磁弹射器内部有强大的固定磁场，甲板上面的弹射滑块与舰载机相连。弹射时，给滑块通入强大的电流，弹射器便推动滑块与舰载机一起运动，在2s内推动舰载机沿水平方向运动100m，将飞机由静止迅速加速至300km/h的起飞速度。（g取10N/kg，ρ海水取1.0×（1）弹射器工作时，其原理与下面的（选填“甲”或“乙”）图所示的原理相同，在这一过程中，能量是如何转化的：；（2）弹射过程中，舰载机的平均速度是多少？（3）若弹射器对舰载机的推力是6.0×105N，弹射器的功率有多大？（4）福建舰满载时受到的浮力是多少？海水对舰体底部的压强是多少？23．小华家响应国家家电以旧换新惠民政策，置换了一台储水式电热水器，电路图如图，铭牌如下表。已知c水=4.2×10额定加热功率2200W额定电压220V额定保温功率440W防水等级IPX4温度范围室温额定容量50L（1）当开关S1闭合，单刀双掷开关S2接至a时，电热水器处于（选填“保温”或“加热”）挡；此时电路中的电流是多少？（2）R1的阻值是多少？（3）该电热水器的加热效率为90%，在加热状态下正常工作，要使额定容量的水温度升高33℃，需要加热多长时间？

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、用同样的力敲击瓶子，瓶子振动的幅度相同，响度相同，故A错误；

B、瓶内装水越多，瓶子振动越慢，频率越低，音调越低；装水越少，振动越快，音调越高。因此每个瓶子振动时发出声音的音调不同，故B正确；

C、瓶子的材料和结构相同，发出声音的音色基本一致，故C错误；

D、声音的传播速度与介质和温度有关，这里介质都是空气，温度也相同，传播速度相同，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查响度的决定因素，响度由振幅决定，用同样的力敲击，振幅相同，响度相同；

B、考查音调的决定因素，音调由频率决定，瓶内水的高度不同，瓶子振动的频率不同，音调不同；

C、考查音色的决定因素，音色由发声体的材料和结构决定，瓶子材料结构相同，音色基本一致；

D、考查声速的影响因素，声速与介质种类和温度有关，本题中介质和温度都相同，声速相同。2．【答案】A【解析】【解答】A、对接成功后，神舟二十二号飞船与中国空间站的相对位置不再发生变化，因此以空间站为参照物，神舟二十二号是静止的，故A正确；

B、以地球为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕地球运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故B错误；

C、以太阳为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕太阳运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故C错误；

D、不能以研究对象自身作为参照物，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查参照物的选择，对接成功后飞船与空间站相对静止，以空间站为参照物飞船静止；

B、以地球为参照物，飞船在绕地运动，位置改变，是运动的；

C、以太阳为参照物，飞船在绕日运动，位置改变，是运动的；

D、参照物不能选择研究对象本身，因此D选项不符合物理规则。3．【答案】C【解析】【解答】A、水制成冰是凝固过程，需要放出热量，故A错误；

B、水的密度大于冰的密度，水制成冰后密度变小，故B错误；

C、在0℃以下的环境中，冰雕变小是固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故C正确；

D、一切物体在任何温度下都有内能，冰雕的温度虽然很低，但内能不为零，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、考查凝固过程的吸放热情况，凝固放热；

B、考查水和冰的密度差异，水的密度大于冰；

C、考查升华现象的判断，物质由固态直接变为气态；

D、考查内能的概念，一切物体都有内能，内能不为零。4．【答案】B【解析】【解答】A、树荫下的光斑是小孔成像现象，由光的直线传播形成，故A错误；

B、水面的倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故B正确；

C、瀑布下的彩虹是光的色散现象，由光的折射形成，故C错误；

D、溪水中的小鱼看起来位置变浅，是光的折射现象，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查光的直线传播的应用，小孔成像利用光的直线传播；

B、考查光的反射的应用，平面镜成像利用光的反射；

CD、考查光的折射的应用，彩虹的形成利用光的折射；水中鱼的虚像利用光的折射。5．【答案】D【解析】【解答】A、靠近城楼会使物距减小，根据凸透镜成像规律，此时像距需增大，镜头应往前伸长，但这样像会更大，无法拍摄全景，故A不符合题意；

B、靠近城楼时，若镜头往后缩短，像距与物距的变化不匹配，无法形成清晰的像，故B不符合题意；

C、远离城楼可增大物距，使像变小，但此时像距需减小，镜头应往后缩短，而非往前伸长，故C不符合题意；

D、远离城楼，增大物距，使像变小，同时调节镜头往后缩短，减小像距，可拍摄到城楼全景，故D符合题意。

故答案为：D。

【分析】A、靠近物体时，物距减小，像距应增大，镜头需前伸，像会变大，不符合全景拍摄需求；B、靠近物体且镜头后缩，物距减小但像距也减小，无法成清晰像；

C、远离物体时，物距增大，像距应减小，镜头应后缩，而非前伸；

D、远离物体（增大物距）并缩短镜头（减小像距），根据凸透镜成像规律，像会变小，能拍摄到全景。6．【答案】D【解析】【解答】首先估算答题卡的尺寸，理化答题卡的长约0.4m，宽约0.3m，面积约为S=0.4m×0.3m=0.12m2；标准大气压约为p=1.01×105Pa，根据公式F=pS7．【答案】C【解析】【解答】A、甲图中拉力等于物体重力，乙图中使用动滑轮，拉力为物体重力的一半，故拉力不同，A错误；

B、甲图中总功等于有用功，乙图中总功等于有用功加上克服动滑轮重力和摩擦做的额外功，故总功不同，B错误；

C、两人提升同一物体到同一高度，根据公式W有用=Gh，有用功相同，C正确；

D、甲图中机械效率为100%，乙图中存在额外功，机械效率小于100%，故机械效率不同，D错误；【分析】A、考查拉力大小的比较，直接提升时拉力等于物重，动滑轮拉力为物重的一半；

B、考查总功的比较，总功等于有用功加额外功，乙图有额外功，总功更大；

C、考查有用功的比较，有用功是克服物体重力做的功，同一物体提升同一高度，有用功相同；

D、考查机械效率的比较，甲图无额外功，效率100%，乙图有额外功，效率较低。8．【答案】C【解析】【解答】A、CPU和风扇并联，开关在干路，当CPU工作时，风扇始终工作，不符合“温度上升到某一值时风扇才工作”的要求，故A错误；

B、风扇被开关短路，只有当开关闭合时风扇才工作，但此时CPU被短路，无法正常工作，故B错误；

C、CPU和风扇并联，风扇支路有独立开关，CPU工作时风扇不工作，温度升高到设定值时风扇支路开关闭合，风扇开始工作，符合题意，故C正确；

D、CPU和风扇并联，两者始终同时工作，无法实现风扇延迟启动，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、风扇与CPU同时工作，无法实现延迟散热；

B、电路设计存在短路问题，CPU无法正常工作；

C、风扇与CPU并联，且风扇支路有独立控制开关，可实现CPU先工作、风扇后启动；

D、风扇与CPU始终同步工作，不符合题意。9．【答案】D【解析】【解答】A、核反应堆用水作为冷却系统是因为水的比热容较大，相同条件下能吸收更多热量，故A错误；

B、核电站产生的核废料具有放射性，需进行专业的特殊处理，不能送到生活垃圾场处理，故B错误；

C、“华龙一号”利用核裂变获取能量，目前核电站均采用核裂变技术，故C错误；

D、核能的原料铀矿在地球上的储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查比热容的应用，水的比热容大，适合做冷却剂；

B、考查核废料的处理方式，核废料具有放射性，需专业处理；

C、考查核电站的能量来源，核电站利用核裂变释放能量；

D、考查能源的分类，核能属于不可再生能源。10．【答案】B【解析】【解答】A．生活用水容易导电，电水壶紧靠插线板烧水，溅出的水会导致短路和触电，故A不符合题意；B．更换灯泡时，要先切断电源，再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故B符合题意；C．在电暖器上烘烤衣物，高温易点燃衣物，引发火灾，故C不符合题意；D．插座上的插头长期不拔会发热，引起火灾事故发生，故D不符合题意。故选B。

【分析】生活用水容易导电，要远离电源；更换灯泡前，先断开电源；不能在电暖气上烤衣物；手机充电器的插头不使用时，要及时断开电源。11．【答案】C【解析】【解答】A、“快”不是指手机的计算速度，计算速度主要由处理器性能决定，与网络制式无关，故A错误；

B、不同代际通信使用的电磁波在空气中的传播速度相同，均为光速，故B错误；

C、5G技术相比4G，能在相同时间内传递更多的信息，即信息传输速率更快，故C正确；

D、“快”不是指电磁波传递的能量多，通信技术主要关注信息传输，而非能量传输，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、考查对通信“快”的理解，与手机计算速度无关；

B、考查电磁波的传播速度，所有电磁波在空气中传播速度均为光速；

C、考查5G与4G的核心区别，在于信息传输速率，即相同时间内传递的信息量；

D、考查通信技术的关注点，主要是信息传输而非能量传输。12．【答案】D【解析】【解答】A、电阻R=UI是欧姆定律的变形公式，电阻是导体本身的属性，与导体两端的电压U和通过的电流I无关，故A错误；

B、密度ρ=mV是物质的特性，同种物质的密度与质量m和体积V无关，故B错误；

C、比热容c=Qm(t1−t2)是物质的特性，与吸收的热量Q、质量m和温度变化量无关，故C错误；

D、电流【分析】A、考查电阻的定义，电阻由导体材料、长度、横截面积和温度决定，与电压、电流无关；

B、考查密度的定义，密度由物质种类和状态决定，与质量、体积无关；

C、考查比热容的定义，比热容由物质种类和状态决定，与热量、质量、温度变化无关；

D、考查电流的决定因素，电流由导体两端的电压和导体的电阻共同决定，电压越大、电阻越小，电流越大。13．【答案】惯性；阻力；改变物体的运动状态【解析】【解答】物体具有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。当马的拉力消失后，车子会依靠惯性维持原来的运动状态，继续向前运动。

车子运动过程中，会受到地面摩擦力、空气阻力等阻碍运动的力，这些力会使车子的运动状态逐渐改变。

车子最终从运动状态变为静止状态，运动状态发生了改变，这说明力能够改变物体的运动状态。

故答案为：惯性；阻力；改变物体的运动状态；

【分析】结合惯性的定义，分析拉力消失后车子继续运动的原因；关键知识点：惯性的概念。

分析车子运动过程中受到的阻力，说明这些阻力对运动状态的影响；关键知识点：阻力对物体运动的影响。

通过车子从运动到静止的状态变化，理解力的作用效果；关键知识点：力可以改变物体的运动状态。14．【答案】向前；减小【解析】【解答】（1）蹬冰脚在向后蹬地的过程中，脚相对冰面有向后运动的趋势，由于冰面阻碍脚向后运动，故脚受到的摩擦力向前。（2）滑行脚的鞋底由塑料制成，塑料表面非常光滑。运动员使用塑料鞋底，正是为了减小鞋底与冰面之间的摩擦力，从而让自己能够顺畅地在冰面上长距离滑行。

故答案为：向前；减小。

【分析】（1）摩擦力的方向与相对运动方向相反，或与相对运动趋势方向相反；

（2）在压力一定的情况下，接触面越光滑，摩擦力就越小。15．【答案】费力；小于【解析】【解答】根据图片可知，该杠杆以肘关节为支点，肱二头肌对桡骨的拉力为动力，物体对手的压力为阻力，此时动力臂小于阻力臂，则属于费力杠杆。省力杠杆费距离，而费力杠杆省距离，则此过程中肱二头肌收缩的距离小于手移动的距离。

【分析】根据图片确定杠杆的支点，动力臂和阻力臂，比较二者大小，确定杠杆的分类即可。16．【答案】N；断路；增大电流（电压、电池个数）【解析】【解答】电流从电源正极流出，经开关后流入电磁铁线圈，先流过左侧线圈，再流过右侧线圈，最终回到电源负极。根据安培定则，对于U形电磁铁的右侧线圈，电流方向为从左到右；用右手握住右侧线圈，让四指弯曲方向与电流方向一致，大拇指所指的方向即为N极，因此电磁铁的右上端为N极。

当电磁铁通电产生磁性后，会吸引衔铁B向下运动；衔铁B与弹性片A相连，因此弹性片A随之向下运动并与螺钉分离。由于弹性片A是电路的一部分，它与螺钉的分离会切断电路，使电流无法通过，电磁铁失去磁性；衔铁在弹性片的作用下复位，再次与螺钉接触，电路重新接通，如此循环往复，使电铃持续发声。

电铃的声音由衔铁敲击铃碗产生，要使声音更响，需增大敲击力度，这就需要增强电磁铁对衔铁的吸引力。电磁铁的磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，因此可以通过增加线圈匝数、增大电路电流（如增加电池节数）来增强磁性，从而增大敲击力度，让电铃声音更响。

故答案为：N；断路；增大电流（电压、电池个数）；

【分析】先明确电流在电磁铁线圈中的流向，再应用安培定则判断磁极；关键知识点：安培定则（右手螺旋定则）的应用。

分析电磁铁通电、断电过程中，衔铁和弹性片的运动状态变化，理解电铃的工作循环；关键知识点：电磁铁的磁性有无与通断电的关系、电路通断的控制原理。

结合电磁铁磁性强弱的影响因素，分析增强磁性的方法，从而增大敲击力度；关键知识点：电磁铁磁性强弱的影响因素（线圈匝数、电流大小）。17．【答案】【解析】【解答】从物点S作一条平行于主光轴的入射光线，与凸透镜交于点P。根据凸透镜特殊光线的性质，该光线经折射后会通过焦点F；同时，由凸透镜成像规律可知，物点S发出的光线经透镜折射后必会会聚于像点S'，因此P点的折射光线也经过S'。连接P与S'，该线与主光轴的交点即为焦点F。光线AB是物点S发出的入射光线，连接B点与像点S'故答案为：；【分析】利用凸透镜的特殊光线性质（平行于主光轴的光线经折射后过焦点）和成像规律（所有折射光线会聚于像点），先确定焦点位置，再画出给定入射光线的折射光线；关键知识点：凸透镜的特殊光线、凸透镜成像规律（折射光线会聚于像点）。18．【答案】【解析】【解答】毽子向上运动时，受到两个力的作用：重力：方向始终竖直向下，作用点在毽子的重心（即毽子中心），符号记为G；空气阻力：阻碍毽子的相对运动，方向与运动方向相反，因此也是竖直向下，作用点同样画在重心，符号记为f。如图所示：故答案为：；【分析】先确定毽子的受力情况，再根据重力和阻力的方向、作用点特点，画出对应的力的示意图；关键知识点：重力的方向总是竖直向下，阻力的方向与物体相对运动方向相反，力的示意图需标明作用点、方向和符号。19．【答案】（1）不变；增大（2）大于；水的比热容大于冰的比热容（3）不对，冰从周围环境吸热【解析】【解答】(1)冰属于晶体，在熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；由于冰持续吸收热量，其内能会不断增大。故答案为：不变；增大；

(2)在相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同。由图像可知，AB段升高10℃用时5分钟，CD段升高10℃用时10分钟，CD段加热时间更长，吸收的热量更多；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰的比热容，根据公式Q=cmΔ故答案为：大于；水的比热容大于冰的比热容；

(3)冰熔化需要同时满足两个条件：达到熔点和持续吸热。环境温度高于冰的熔点时，冰可以从周围空气中吸收热量，因此即使没有酒精灯加热，冰也能熔化，并非熔化不需要吸热，所以小丽的观点是错误的。故答案为：不对，冰从周围环境吸热；【分析】(1)结合晶体熔化的特点（吸热、温度不变）和内能变化的规律（吸热内能增大）进行分析；关键知识点：晶体熔化的特点、内能与热量的关系。(2)利用转换法（加热时间反映吸收热量的多少），结合比热容公式Q=cmΔt，分析冰和水在质量、升高温度相同时，吸收热量不同的原因；关键知识点：比热容公式(3)根据晶体熔化的两个必要条件，分析冰能从空气中吸热熔化的原因，从而判断观点的正误；关键知识点：晶体熔化的条件（达到熔点、持续吸热）。（1）冰是晶体，熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；因为冰持续吸热，所以内能增大。（2）相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同，由图像可得，AB段升高10℃用时5min，CD段升高10℃用时10min，CD段加热时间更长，因此吸收热量更大；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰，根据Q=cmΔ（3）冰熔化需要满足两个条件，达到熔点、持续吸热，环境温度高于冰的熔点，冰已经从周围空气中吸收热量，并不是熔化不需要吸热，因此小丽的观点错误。20．【答案】（1）1.4；1.3（2）溢水杯水没装满（3）能（4）C【解析】【解答】(1)由图B可知，小石块的重力G=3.8N；根据称重法，浸没时浮力：小石块排开水的重力：G故答案为：1.4；1.3；

(2)实验结果与阿基米德原理不一致，可能的原因是溢水杯初始未装至溢水口，导致石块排开的水没有全部流入小桶，测得的排开水的重力偏小。故答案为：溢水杯水没装满；

(3)即使物体未完全浸没，仍可用称重法测浮力，也能测出排开水的重力；此时浮力减小，排开水的重力也相应减小，仍能验证阿基米德原理，得出正确结论。故答案为：能；

(4)若用密度小于水的蜡块实验，蜡块会漂浮在水面上，无需弹簧测力计拉着即可完成实验，因此步骤C中可以不用弹簧测力计。故答案为：C；

【分析】(1)利用称重法公式F浮=G−F(2)对比浮力与排开水的重力，结合实验装置分析误差来源；关键知识点：阿基米德原理实验的误差分析。(3)分析物体未完全浸没时，浮力和排开水重力的变化规律，判断是否仍能验证阿基米德原理；关键知识点：阿基米德原理的普遍性（适用于部分浸入）。(4)结合漂浮条件，分析蜡块实验中弹簧测力计的使用情况；关键知识点：漂浮条件（浮力等于重力）、阿基米德原理实验的变式。（1）由图B可知，小石块的重力是3.8N，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为F小石块排开的水的重力为G（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，可能最初溢水杯中的水未装至溢水口，排开水没有全部流入小桶，测量的排开水的重力变小。（3）物体没有完全浸没在水中，受到水的浮力仍然能用称重法测量，排开水的重力也能测量，物体受到的浮力越小，排开液体的重力越小，所以按照上面的方法，仍能得出正确的实验结论。（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，蜡块漂浮在水面上，在步骤C中可以不用弹簧测力计。21．【答案】（1）（2）定值电阻断路（3）（4）正比；10（5）C（6）电压表并联在滑动变阻器两端【解析】【解答】（1）滑动变阻器按“一上一下”方式接入电路；滑片右滑电流变大，说明接入电阻需变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，使其与定值电阻串联；电压表并联在定值电阻两端。如图所示：

故答案为：；(2)电流表无示数，说明电路存在断路；电压表指针明显偏转，说明电压表两端连通电源；移动滑片两表示数不变，可判断断路位置在与电压表并联的定值电阻处。故答案为：定值电阻断路；

(3)表格中(1.4V，0.24A)为错误数据，作图时舍去；根据其余测量数据，在坐标纸中描点并画出I-U图像，如图所示：故答案为：；

(4)I-U图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比；根据公式R=UI，代入任意正确数据（如R=0.6V故答案为：正比；10；

(5)本实验仅使用一个定值电阻，结论具有偶然性；为使结论更具普遍性，需更换不同阻值的定值电阻重复实验，故选C。故答案为：C；

(6)当电压表测滑动变阻器电压时，滑动变阻器接入电阻越大，分得的电压越大，电路总电阻越大，电流越小，对应表格中“电压越大、电流越小”的规律。故答案为：电压表并联在滑动变阻器两端；

【分析】(1)根据“滑片右滑电流变大”的要求，结合滑动变阻器“一上一下”的接线规则，选择合适的接线柱接入电路，并明确电压表的并联位置；关键知识点：滑动变阻器的工作原理、电路连接方式。(2)根据电流表无示数、电压表有示数的现象，结合电路故障分析方法，判断断路位置；关键知识点：电路故障分析（断路判断）。(3)识别表格中的错误数据并剔除，根据其余数据绘制I-U图像；关键知识点：实验数据处理与图像绘制。(4)通过I-U图像形状分析电流与电压的关系，利用欧姆定律公式R=U(5)分析实验结论的局限性，结合实验普遍性的要求，选择正确的改进方法；关键知识点：实验结论的普遍性验证方法。(6)分析电压表测量滑动变阻器电压时，电压与电流的变化规律，解释表格中数据的规律；关键知识点：串联电路分压规律、欧姆定律的应用。（1）滑动变阻器按一上一下接入电路，要求滑片右滑电流变大，即接入电阻变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱串联接入电路，使滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端。（2）电流表无示数说明电路断路，电压表指针明显偏转说明电压表两端连通电源，移动滑片，两表示数不变，说明断路位置在与电压表并联的定值电阻处。（3）表格中(1.4V，0.24A)是错误测量数据，作图时舍去，根据表中的测量数据，在图乙的