山东省潍坊市2025-2026学年高二上学期期中考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026学年上学期高二期中质量监测物理注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.快递员常会将易碎陶瓷碗放入铺有泡沫的纸箱内，这样做是为了在搬运时（）A.减小陶瓷碗的动量变化率 B.减小陶瓷碗的动量变化量C.增大陶瓷碗所受力的冲量 D.减小陶瓷碗所受力的冲量【答案】A【解析】本题考查动量定理和缓冲原理。泡沫作为缓冲材料，能增加碰撞时间，从而减小冲击力。A．动量变化率即合外力（）。泡沫增加作用时间，在动量变化量不变的情况下，合外力减小，即动量变化率减小，故A正确；B．动量变化量取决于速度变化和质量，泡沫仅改变作用时间，不影响，故B错误；C．冲量，不变，冲量不变，故C错误；D．同理，冲量不变，故D错误。故选A。2.如图所示为某品牌手机的部分参数，充满电之后，该手机工作12小时自动关机，则该手机的工作电流约为（）处理器骁龙8+存储LPDDR5/UFS3.1屏幕120hz2k曲屏指纹屏下指纹电池4815mAhA.40A B.400A C.400mAh D.400mA【答案】D【解析】由题可知故选D。3.如图所示，A、B间的电压U=10V，电阻R1=R2=R5=5Ω，R3=7.5Ω，R4=10Ω，I1、I2、I3、I4分别为对应电路的电流，则（）A.I1=2A B.I2=0.25A C.I3=0.5A D.I4=1A【答案】B【解析】与并联后的电阻为与并联后再与串联后的电阻为与并联后的电阻为则电路总电阻为根据欧姆定律可得由于，则有由于则通过的电流为，故选B。4.某同学用如图甲所示的容器测量电解液的电阻率，其左右两侧面为带有接线柱的金属薄板（电阻极小），其余四面均为绝缘材料，容器内部长为a，宽为b，高为c。将容器内注满待测电解液后接入电路，测得其I-U图线如图乙所示。则I=4A时电解液的电阻率为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由电阻定律得由欧姆定律得由图乙可知联立可得故选D。5.如图所示，质量为m的物体静止在水平地面上，现对其施加一与水平方向成θ角的恒定拉力F，经时间t物体的速度为v。则时间t内（）A.物体所受拉力F冲量大小为FtcosθB.物体所受地面支持力的冲量大小为0C.物体所受合力的冲量大小为mvD.物体所受摩擦力的冲量大小为Ft-mv【答案】C【解析】A．根据冲量的定义，恒力在时间内的冲量大小为得是拉力在水平方向分力的冲量大小，不是拉力的冲量大小，故A错误B．物体在竖直方向上没有位移，但受力平衡，即所以支持力只要物体没有被拉离地面，支持力就不为零，故B错误；因此，在时间内，支持力的冲量大小为IN=Nt=(mg-Fsinθ)t，不为0。C．根据动量定理，物体所受合外力的冲量等于其动量的变化量。物体初动量为0，末动量为，所以动量的变化量为因此，物体所受合力的冲量大小为，故C正确；D．对物体在水平方向应用动量定理，设摩擦力为，则有整理得，摩擦力的冲量大小，故D错误。故选C。6.热气球下面固定一绳梯，人在绳梯上端，开始时人和热气球静止在空中，人距离地面高度为H。已知热气球（含绳梯）质量为M，人的质量为m，人可视为质点。若人能沿绳梯安全到达地面，绳梯的长度至少为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】设人沿绳梯滑至地面，人的位移为,气球的位移为，软绳长度至少为L。以人和气球的系统为研究对象，竖直方向动量守恒，规定竖直向下为正方向，由动量守恒定律可得结合整理可得又因为联立解得，故选A。A.若要改装成量程为0~1A的电流表，需串联阻值为0.1Ω的电阻B.若并联阻值为125Ω的电阻，改装后电流表的量程为0~800μAC.若要改装成量程为0~2V的电压表，需串联阻值为9500Ω的电阻D.若串联阻值为7500Ω的电阻，改装后电压表的量程为0~1.5V【答案】C【解析】A．改装电流表（量程）需并联电阻，而非串联。计算并联电阻值：满偏时表头电压总电流分流电流分流电阻，故A错误；B．并联电阻时，满偏时表头电压分流电流总电流，故B错误。C．改装电压表（量程）需串联电阻。满偏时总电压表头满偏电流总电阻串联电阻，故C正确；D．串联电阻时，总电阻满偏电压，故D错误。故选C。8.如图所示的电路，电源内阻为1Ω，小灯泡电阻为5Ω，电动机线圈电阻为1Ω。先闭合S1，小灯泡功率为5W；再闭合S2，电动机正常工作，此时小灯泡功率为3.2W。小灯泡电阻不变，则电动机正常工作时的输出功率为（）A.4.8W B.3.36W C.1.8W D.1.44W【答案】B【解析】小灯泡接通，电动机未起动时，由闭合电路的欧姆定律又由代入，，解得电源电动势电动机启动后，路端电压小灯泡功率解得电动机启动后，通过电动机的电流电动机的功率电动机线圈消耗的热功率电动机的输出功率，故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.图甲为某脂肪测量仪，根据人体电阻大小判断脂肪占比，其模拟电路如图乙所示，电流表、电压表均可视为理想电表。测量时，测试者左、右手分别握住手柄A、B，闭合开关，电流表、电压表显示示数。已知人体脂肪几乎不导电，运动后脂肪占比减小，则测试者运动后与运动前相比（）A.电流表示数变大 B.电压表示数变大C.电流表示数变小 D.电压表示数变小【答案】AD【解析】运动后脂肪占比减小，则等效AB间人体电阻减小，电路中总电阻变小，电流变大，电流表读数变大，AB间人体电阻减小，根据串联电路的分压原理，其分得的电压变小，电压表示数减小故选AD。10.某同学用多用电表进行电学测量，下列说法正确的是（）A.测量小灯泡的额定电流时，应将选择开关旋至“直流电流”挡，再串联接入电路，红表笔接电势高的一端B.测电阻两端电压时，若将选择开关旋至“直流电流”挡后并联在电阻两端，可能因电流过大损坏电表或电源C.用“欧姆挡”测电阻的阻值时，若指针靠近“0Ω”端，应换用更小倍率，无需重新欧姆调零即可测量D.判断导线是否断路时，将选择开关旋至“欧姆挡”调零后，直接测量未断开电路的导线，若指针指到“∞”处，说明导线断路【答案】AB【解析】A．多用电表测直流电流时，电流从红表笔流入多用电表、从黑表笔流出，红表笔应接电势高的一端，A正确；B．若将选择开关旋至“直流电流”挡并联在电阻两端，相当于用导线直接短路电阻，会导致电路中电流极大，可能损坏电表或电源，B正确；C．用“欧姆挡”测电阻时，若指针靠近“0Ω”端，说明当前倍率过大，应换更小倍率，但更换倍率后必须重新欧姆调零才能测量，C错误；D．判断导线是否断路时，不能在未断开电路的情况下用“欧姆挡”测量（电路带电会损坏欧姆挡）；且指针指“∞”处仅说明当前测量的两点间电阻极大，不能直接判定导线断路（需断开电路后单独测量导线），D错误。故选AB。11.如图所示，质量均为m的木块a、b并排放在光滑水平面上，a上固定一竖直轻杆，质量也为m的小球c用细线系在轻杆上端的O点。现将c拉起使细线水平伸直，由静止释放，c第一次过最低点时速度大小为v。释放c后（）A.a、b和c三者组成的系统动量守恒B.a、b和c三者组成的系统机械能守恒C.b的最大速度为vD.a的最大速度为v【答案】BD【解析】A．木块a、b和小球c组成的系统在水平方向合力为零，而在竖直方向合力不为零，故此系统在水平方向上动量守恒，而在竖直方向上动量不守恒，所以此系统的动量不守恒，故A错误；B．将木块a、b和小球c组成的系统看作整体，则只有重力做功，故机械能守恒，故B正确；C．设c第一次到达最低点时速度为v，a与b速度为，由水平动量守恒可得解得此时绳拉力最大，且a、b即将分离，此后c向左上摆动，a减速，b以匀速右移，故b的最大速度为，故C错误；D．a、b分离后，a与c系统水平方向上动量守恒，设当c再次回至最低点时，a速度达到反向最大值。设此时a速度为，c速度为，由动量守恒可得由机械能守恒可得解得，故a最大速度大小为v，故D正确。故选BD。12.如图甲所示的电路中，定值电阻R1的阻值为100Ω，定值电阻R2阻值未知，滑动变阻器R3的滑片P从最左端滑至最右端，电源的路端电压U随流过电源的电流I变化关系图线如图乙所示，其中A、B两点是P在R3的两个端点得到的。下列说法正确的是（）A.电源的电动势为20V，内阻为25ΩB.R3的总阻值为300ΩC.P从最左端滑至最右端过程，R2消耗的最大功率为3.2WD.P从最左端滑至最右端过程，电源的输出功率一直增大【答案】BC【解析】A．电源的路端电压公式为，由图乙可知：纵轴截距为电动势斜率绝对值为内阻，A错误；B．滑片在最右端时，接入电阻为0，被短路，外电路只有，由图乙得此时外阻滑片在最左端时，与并联后再与串联，由图乙得此时外阻代入串并联公式将，代入解得。B正确。C．P从最左端滑至最右端时，R2消耗功率最大，，C正确；D．电源输出功率在时最大，滑片移动过程中，外阻从5Ω（右端）变到40Ω（左端），故输出功率先增大后减小，D错误。故选BC。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某实验小组要测定水的电阻率，选择下面的仪器进行实验。A．两节干电池（每节干电池的电动势为1.5V）B．电压表V（0~1V，内阻为6kΩ）C．毫安表G（0~6mA）D．滑动变阻器R（0~20Ω）E．定值电阻R0（阻值为12kΩ）F．开关、导线若干次数12345U/V00.280.450.650.80I/mA01.402.203.204.00（1）将水装入如图甲所示的均匀长玻璃管中，两端各装一个电极，测得水柱的长度为25cm；用游标卡尺测量玻璃管的内径如图乙所示，读数为___________cm；（2）为了测出玻璃管内水柱的电阻，该实验小组设计的实验电路如图丙所示，请在图丁中将实物图补充完整___________；（3）按照电路图连接电路，闭合开关，移动滑片，测得多组电压表示数U与电流表示数I，如图戊表格所示，则水的电阻率约为___________Ω·m（计算结果保留两位有效数字）。【答案】（1）（2）（3）4.8【解析】（1）20分度的游标卡尺的最小分度为0.05mm玻璃管的内径读数为（2）电压表量程小了，故串联定值电阻改装成了量程是的电压表（3）根据欧姆定律水的电阻水的电阻的平均值为由电阻定律，得解得水的电阻率约为14.某小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材有：电压表V（0~3V）、电流表A（0~0.6A）、滑动变阻器R1（0~20Ω）、滑动变阻器R2（0~300Ω），定值电阻R0（1Ω）、开关S、导线若干。（1）为了便于实验操作，滑动变阻器应选___________（填写“R1”或“R2”）；（2）正确连接电路，调节滑动变阻器滑片，测量多组电压表示数U和电流表示数I，描点如图乙所示，则干电池的电动势为___________V，内阻为___________Ω；（计算结果保留两位小数）（3）该实验引起系统误差的主要原因是___________。【答案】（1）R1（2）1.500.14（3）电压表的分流作用【解析】（1）干电池电动势约1.5V，（300Ω）阻值过大，电路电流过小，调节时电流、电压变化不明显；（20Ω）阻值较小，便于操作和数据测量。所以选择。（2）描点做出图像如上图所示。根据

，图乙中

图像的纵轴截距为电动势

；斜率绝对值为

，已知，故

。（3）电路中电压表与滑动变阻器并联，会分流，导致电流表读数偏小，从而使电动势和内阻的测量值存在误差。15.在科技节上，同学们制作了一个“水火箭”，其工作原理是通过压缩空气，将水从火箭尾部的喷嘴高速喷出，产生反作用力。发射前，火箭箭体内密封水的体积V=2.0L；启动火箭，在Δt=0.5s时间内，箭体内的水以相对于地面v0=20m/s的速度竖直向下喷出。“水火箭”（不含水）的质量M=1kg，水的密度，重力加速度大小取，忽略空气阻力。求：（1）水喷出过程“水火箭”受到的平均推力大小；（2）喷水结束时“水火箭”的速度大小。【答案】（1）60N（2）40m/s【解析】（1）喷出的水的质量对喷出的水，取竖直向下为正方向根据动量定理解得根据牛顿第三定律水对火箭的平均推力（2）对火箭和水组成的系统，竖直方向动量守恒。取竖直向上为正方向，初始时系统总动量为0，有代入数据解得16.自动体外除颤器（AED）是一种便携式的医疗设备，某型号AED的工作原理示意图可简化成如图所示。闭合开关S，电路给储能电容器C充电，充电完毕后断开S，电容器通过电阻R1、R2、R3放电。已知电源电动势，内阻，电阻，，，电容器的电容，求：（1）闭合S电路稳定后通过R3电流；（2）断开S通过R1的电量。【答案】（1）1A（2）4×10-5C【解析】（1）闭合S电路稳定后外电路总电阻为解得根据闭合电路欧姆定律可得，通过R3的电流为解得（2）闭合S电路稳定后，电容器的电压为解得电容器的带电量为Q=CU解得断开S后，电容器通过电阻R1、R2、R3放电，R1、R2并联后与R3串联，通过R1、R2的电流之比为根据，t相同，可知通过R1、R2的电量之比为故通过R1电量为解得17.如图所示，光滑水平面上，三个半径相同的小球a、b、c沿直线自左向右依次排列，b、c处于静止状态，a以v0=4m/s的初速度向b运动，并与b发生弹性碰撞，随后b与c碰撞并粘在一起。已知a、b的质量分别为ma=3kg、mb=1kg。（1）求a、b碰撞后各自的速度大小；（2）若a与b、c的结合体不会发生碰撞，求c的质量。【答案】（1），（2）【解析】（1）a与b发生弹性碰撞，动量是守恒的，即前后的动能也是