重庆市渝中区重点高中联考2025-2026学年高二上学期12月月考监督考试物理试题卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025年12月重庆市渝中区重点高中联考高二上学期月考监督考试物理试题卷一、单选题1.如图所示，一截面为直角三角形的玻璃砖，，一细激光束自中点垂直射入玻璃砖，在面恰好发生全反射。光线第一次射到边时，自边折射出的光线与边夹角为，则为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】光路图如图所示则有在E点发生全反射，由几何关系可得折射率为在F点发生折射，由几何关系可得由解得由于解得所以A正确；BCD错误；故选A。2.把两个相同的灵敏电流计分别改装成了两个量程不同的电压表、，若把、分别采用并联和串联的方式接入电路，如图甲、乙所示，两电路中滑动变阻器与电源均相同，则闭合开关后，下列说法正确的是（）A.图甲中的、的示数不同 B.图甲中的、的指针偏角不同C.图乙中的、的示数相同 D.图乙中的、的指针偏角不同【答案】B【解析】AB．两个电压表量程不同，所以内阻不同，在图甲中两个电压表是并联关系，根据并联电路电压相等，所以两只电表的示数相同，但是由于两只电表的内阻不同，故流过两只电表的电流不同，又因为指针偏转角与流过表头的电流有关，电流越大，偏转角越大，故A错误，B正确；CD．两个电压表量程不同，所以内阻不同，在图乙中两个电压表是串联关系，根据串联电路电流相等，又因为指针偏转角与流过表头的电流有关，所以两只电表的指针偏转角相同，但是由于两只电表的内阻不同，所以两个电表的分压不同，所以两个表的示数不同，故C错误，D错误。故选B。3.在图甲所示的电路中，电源的图像对应图乙中的图线a，定值电阻的图像如图乙中的图线b所示，滑动变阻器的总电阻为，下列说法正确的是（）A.电源的内阻为B.当时，消耗的功率为C.当时，电源效率最高D.在时，电源输出的功率最大【答案】D【解析】A．根据题意，由图乙可得，定值电阻的电阻为由闭合回路欧姆定律有结合图乙可得，故A错误；B．当时，由闭合回路欧姆定律有消耗的功率为故B错误；C．电源效率为可知，电流越小效率越高，则当时，电源效率最高，故C错误；D．电源输出功率为由数学知识可知，当时，电源输出的功率最大由闭合回路欧姆定律有则有解得即在时，电源输出的功率最大，故D正确。故选D。4.如图所示是某同学自制的测重装置，一轻质长方形绝缘框水平悬挂，可绕螺线管左端口的水平直径自由转动，框架的左端悬挂小重物，螺线管内的框架边缘绕有U型电路，段长为，恰好位于螺线管的中央，的长度均为。螺线管通有电流，U型电路通有电流，框架保持水平且静止。则（）A.段受到的安培力水平向右B.U型电路受到的安培力正比于C.若同时改变与的电流方向，框架的左端下降D.若仅增加螺线管线圈的匝数，框架受到的安培力变大【答案】D【解析】A．根据右手螺旋定则可知，螺线管内部磁感线方向向右，根据左手定则可知段受到的安培力竖直向下，故A错误；B．U形电路所受的安培力为，所以安培力F正比于L1，即QR的长度，而不是U形电路在螺线管内的总长度，故B错误；C．同时改变I1和I2的电流方向，则螺线管内部的磁场方向和QR中的电流方向都改变，则不会改变QR边的受力方向，框架仍然水平，故C错误；D．若仅增加螺线管线圈的匝数，螺线管内部磁感应强度变大，框架受到的安培力变大，故D正确。故选D。5.如下图所示，边长为2L的等边三角形abc区域内部存在垂直纸面向里的匀强磁场，a为x轴的坐标原点。一个长为L，宽为L的矩形线框置于x轴上，t=0时刻线框D点在坐标原点，线框以恒定的速度v穿过磁场。用i表示线框中的电流（逆时针为正），F表示线框所受的安培力的大小，P表示安培力的功率，Φ表示线框中的磁通量，下列图像正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】A．由公式可知当线框进入磁场后，磁通量不断增大，当线框BD边运动到时，线框在磁场内的面积最大，此时磁通量达到最大值，之后减小，当线框BD边运动到时磁通量为零，故A正确；BCD．线框以速度v向右移动，在时，切割磁感线的有效长度呈线性增加，当时，切割磁感线的有效长度达到最大值，由于线框中的电流因此电流也是线性增加，而线框所受的安培力的大小为因此安培力也是随切割磁感线的有效长度的增加而增加，安培力的功率为也是随切割磁感线的有效长度的增加而增加。当时，AB、CD边都切割磁感线，所以有效长度为AB和CD边切割磁感线有效长度之差，当时，AB和CD边切割磁感线有效长度相等，感应电动势相互抵消，此时线框中无感应电流，安培力、安培力功率都应为零，故BCD错误。故选A。6.如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，所加磁场的磁感应强度为B，用来加速质量为m、电荷量为的质子，质子从下半盒的质子源由静止出发，加速到最大动能后射出，下列说法正确的是（）A.增大交变电压U，质子的最大动能变大B.增大交变电压U，质子在加速器中运行时间将不变C.下半盒内轨道半径之比（由内到外）为D.质子第2次进入上半盒的轨迹圆心在第1次进入上半盒的轨迹圆心的右侧【答案】D【解析】A．质子在射出回旋加速器时有解得射出回旋加速器时的动能为则最大动能与加速电压无关，A错误；B．若增大交变电压U，则质子在加速器中加速的次数将减小，则运行时间将减小，B错误；C．由于质子在下半盒内的速度之比为……，在磁场中的轨道半径为下半盒内部质子的轨道半径之比（由内到外）为……，C错误；D．由于粒子运动速度增大，则运动半径增大，所以质子第2次进入上半盒轨迹圆心在第1次进入上半盒的轨迹圆心的右侧，故D正确；故选D。7.如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接有阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计，整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上。从t＝0时刻开始棒受到一个平行于导轨向上的外力F，由静止开始沿导轨向上运动，运动中棒始终与导轨垂直，且接触良好，通过R的感应电流随时间t变化的图像如图乙所示。下面分别给出了穿过回路abPM的磁通量Φ、磁通量的变化率、棒两端的电势差Uab和通过棒的电荷量q随时间变化的图像，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由电流图像得，I=kt，k是比例系数。设金属棒长为LA．由图看出，通过R的感应电流随时间t增大，由欧姆定律得知，回路中的感应电动为即而A图描述磁通量与时间关系中斜率不变，产生的感应电动势不变，故A错误；B．由，，得则与成正比，故B正确；C．a、b两端的电压则Uab与t成正比，故C错误；D．通过导体棒的电量为故q－t图像为抛物线，并非过原点的直线，故D错误。故选B。二、多选题8.某示波器的部分结构如图所示，电子枪中金属丝上逸出的电子，在加速电场中加速后进入偏转电场，最后打在荧光屏上。A、B间的电压为，C、D间的电压为，不计电子受到的重力，下列说法正确的是（）A.仅增大A、B间的距离，可增大电子进入偏转电场时的速度B.仅增大，可增大电子进入偏转电场时速度C.仅增大C、D间的距离，可增大C、D间的电场强度D.仅增大，可增大电子在偏转电极间的偏转距离【答案】BD【解析】AB．电子在电子枪中加速，由动能定理有可知电子离开电子枪时的速度与A、B间的距离无关，越大越大，故A错误、B正确；C．由可知，仅增大C、D间的距离时，电场强度减小，故C错误；D．电子在偏转电极间的偏转距离除了，其他的都是定值，可知仅增大，可增大电子在偏转电极间的偏转距离，故D正确。故选BD。9.如图所示，一价氢离子(H+)和二价氦离子(He2+)的混合体，由静止经同一加速电场加速后，垂直于电场方向射入同一偏转电场中，偏转后打在同一荧光屏上，则它们（）A.离开偏转电场时速度方向不同B.离开偏转电场时速度方向相同C.到达屏上同一点D.到达屏上不同点【答案】BC【解析】设离子的电荷量为q，质量为m，偏转电场极板板长为L，板间距离为d。根据动能定理可知，在加速电场中在偏转电场中运动时间偏转距离得到设速度偏转角度为θ，则由以上可知y、θ与离子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、二价氦离子离开偏转电场时速度方向相同，会打在屏上同一点。故选BC。10.如题图所示，在竖直平面内建立平面直角坐标系xOy，空间内存在范围足够大、方向水平向右的匀强电场。一质量为m、带正电的小球从坐标原点由静止释放，小球运动方向与y轴负方向成角。现将该小球从坐标原点沿y正方向以初速度抛出，则抛出后（已知重力加速度为g）有（）A.小球所受电场力大小为B.小球运动过程中的最小动能为C.小球经过x轴时，距离坐标原点D.从抛出后到达最高点的过程中，小球机械能增加量为【答案】BD【解析】A．小球的受力情况如图所示则小球所受电场力大小为故A错误；B．将小球的初速度沿着合力F和垂直于合力F方向分解如图所示小球做类斜上抛运动，当沿着合力F方向的分速度减小到零时动能最小，最小动能为故B正确；C．小球竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，水平方向的加速度大小为设从抛出开始经过的时间为t，则竖直方向和水平方向分别有联立求得故C错误；D．小球竖直方向的速度减小为零时到达最高点，设所用时间为，最高点的横坐标为，则有联立求得所以，从抛出后到达最高点的过程中，小球机械能增加量为故D正确。故选BD。三、实验题11.在测量电源电动势和内电阻的实验中，有电压表V（量程为3V，内阻约3kΩ）；电流表A（量程为0.6A，内阻约为0.80Ω）；滑动变阻器R（10Ω，2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻设计了如图所示的电路图。①如图所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在___________（选填“a”或“b”）处；②在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U—I图线，由图可得该电源电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。③某同学在设计电压表改装时，将一个内阻为50Ω，满偏电流为0.5mA的电流表表头改成量程为3V的电压表，需要________（选填“串”或“并”）联一个阻值_________Ω的电阻。【答案】①a②1.51.0③串5950【解析】①[1]如图所示在闭合开关之前防止电流表过载，滑动变阻器接入电路阻值应为最大值，滑动头P应放在a处；②[2][3]根据闭合电路的欧姆定律有U=E-IR则由图像可得该电源电动势E=15V内阻③[4][5]某同学在设计电压表改装时，将一个内阻为50Ω，满偏电流为0.5mA的电流表表头改成量程为3V的电压表，需要串联一个电阻，根据U=IG（RG+R）可得R=5950Ω即串联的电阻阻值为5950Ω。12.某实验小组要测量一半圆形玻璃砖的折射率。他们先在平铺的白纸上画出半圆形玻璃砖的直径和圆心，过点画法线、并画出一条入射光线，与法线的夹角为30°。将半圆形玻璃砖沿着直径放好，紧贴点放置与法线平行的光屏，如图甲所示。现用一绿色激光笔沿着方向射入一束光.在光屏上的点出现一个光斑。用刻度尺测出玻璃砖的半径为，。（1）玻璃砖的折射率__________。（结果用分数表示）（2）若改用红色激光笔照射.其他条件不变，则光屏上的光斑会出现在______（选填“点上方”“点下方”或“点”）。（3）若实验过程中，实验小组的同学不小心将玻璃砖向左下方平移，但入射光线仍能通过玻璃砖的圆心，如图乙所示。在光屏上出现一个光斑，小组同学将此光斑仍记作点，并在白纸上连接、两点作为出射光线，则此时测得的折射率_________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。【答案】（1）（2）点上方（3）大于【解析】（1）由题意可知，入射角为30°，折射角与大小相等，且根据折射定律可得玻璃砖的折射率为（2）若改用红色激光笔照射，玻璃对红光的折射率小，光屏上的光斑会出现在点上方；（3）作出光线的传播路径如图所示。点为实际光屏上出现的光斑点，由折射率和几何知识可知，出射光线与平行，连接作为出射光线，则折射角偏大，因此测得的折射率大于真实值。四、解答题13.如图所示，半径为R的半圆形玻璃砖固定在地面上，AB面垂直地面，在地面上P点有一个发光点，发出两束光线，分别射向圆心O和与O在同一高度的圆弧上C点，两束光从AB面出射时，出射光线平行，已知PB=2R，求：（1）玻璃砖对光的折射率；（2）两束光从AB面出射光的间距多大。【答案】（1）；（2）【解析】（1）从C点入射的光线，经玻璃砖折射后，从AB面出射的光线与PC平行，根据题意，光路两束光的光路如图所示。设光线在O点的入射角为i，折射角为r，根据几何关系r=45°，因此玻璃砖对光的折射率（2）由于两束光线在AB在出射后平行，因此两束光线在玻璃砖中传播时平行根据几何关系，光线在C点的折射角θ=i，即sinθ=则从AB面出射的两束光间距14.如图所示，足够长的绝缘的质量为4m的木板C静止在光滑水平面上，一开始木板锁定在地面上，OP间距离为4L。木板上距左端为L的Q处放有质量为2m的金属小物块B，开始不带电。平台OP与木板C的上表面等高，质量为m带正电的金属小物块A，A与平台OP间、A与木板C间的动摩擦因数均为，A的带电荷量为q，整个空间有水平向右的匀强电场，电场强度的大小为在电场的作用下，A由静止开始加速，经P点滑上木板向右运动，直到撞上B。A与B发生完全弹性碰撞，碰撞后AB电荷量均分，C和地板之间的锁定解除，B与C的动摩擦因数为，本题A、B均可视为质点，重力加速度大小为g，不考虑AB间的库仑力。求：（1）求物块A在与物块B碰撞前瞬间的速度的大小；（2）A、B碰撞后，A、B的速度的大小；（3）从碰后到A速度减小为零的过程中，BC之间的摩擦生热。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）物块A在与物块B碰撞前瞬间的速度的大小解得（2）A与B发生完全弹性碰撞，解得A、B碰撞后，A、B的速度速度是矢量，负号表示碰后，A会反向；则A、B碰撞后，A、B的速度的大小为（3）碰后A的加速度A减速到零，经过的时间此过程中B的加速度位移木板的加速度木板的位移BC之间的摩擦生热15.如图所示，水平