江苏省苏州市新实集团2025-2026学年高二上学期期中考试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江苏省苏州市新实集团2025-2026学年高二上学期期中考试物理试卷1.下列对几种物理现象的解释中，正确的是（）A.砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻B.跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量C.在推车时推不动，是因为推力的冲量为零D.动量相同的两个物体受到相同合力的作用而减速，两个物体将同时停下来【答案】D【解析】A．橡皮锤砸钉子时，橡皮锤具有弹性，具有缓冲作用，作用时间较铁锤砸钉子长，根据动量定理，作用力较小，所以不易将钉子钉进物体里，故A错误；B．跳高时，在沙坑里填沙，是为了缓冲，增加人与地面的作用时间，减小作用力，并不是为了减小冲量，故B错误；C．在推车时推不动，车所受的合力为零，合力的冲量为零，故C错误；D．根据动量定理-F•t=0-p动量相同的两个物体受相同的制动力的作用时，两车经过相等时间停下来，与质量无关，故D正确。故选D。2.如图甲所示，调节长木板的倾斜程度，让小车A以某速度做匀速直线运动，与置于木板上静止的小车B相碰并粘在一起，继续做匀速直线运动，得到的纸带如图乙所示，则计算碰前A车的动量大小应选（）A.AB段 B.BC段 C.CD段 D.DE段【答案】B【解析】推动小车由静止开始运动，小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，BC段为匀速运动的阶段，故选BC段计算碰前的速度，故选B。3.质量相等的A、B两球在光滑水平面上均向右沿同一直线运动，A球的动量为pA=9kg·m/s，B球的动量为pB=3kg·m/s，当A球追上B球时发生碰撞，则碰后A、B两球的动量可能是（）A.p′A=6kg·m/s，p′B=6kg·m/sB.p′A=8kg·m/s，p′B=4kg·m/sC.p′A=-2kg·m/s，p′B=14kg·m/sD.p′A=-4kg·m/s，p′B=17kg·m/s【答案】A【解析】A．A、B组成的系统受合外力为0，系统动量守恒，碰撞前总动量为p=pA+pB=9kg·m/s+3kg·m/s=12kg·m/s碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=6kg·m/s+6kg·m/s=12kg·m/s故满足动量守恒；A、B碰撞前的动能应大于或等于碰撞后的动能，即EkA+EkB≥EkA′+EkB′碰撞前的总动能为碰撞后的总动能为故满足碰撞前后动能不增加，故此种情况可能存在，故A正确；B．A、B组成的系统受合外力为0，系统动量守恒，碰撞前总动量为p=pA+pB=9kg·m/s+3kg·m/s=12kg·m/s碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=8kg·m/s+4kg·m/s=12kg·m/s故满足动量守恒；因碰撞后A的球速度应等于或小于B球的速度，即vA′≤vB′，而由题中数据可得故此种情况不可能发生，故B错误；C．A、B组成的系统受合外力为0，系统动量守恒，碰撞前总动量为p=pA+pB=9kg·m/s+3kg·m/s=12kg·m/s碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=-2kg·m/s+14kg·m/s=12kg·m/s故满足动量守恒；A、B碰撞前的动能应大于或等于碰撞后的动能，即EkA+EkB≥EkA′+EkB′碰撞前的总动能为碰撞后的总动能为可知碰撞后的动能增加，故此种情况不可能存在，故C错误；D．A、B组成的系统受合外力为0，系统动量守恒，碰撞前总动量为p=pA+pB=9kg·m/s+3kg·m/s=12kg·m/s碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=-4kg·m/s+17kg·m/s=13kg·m/s故不满足动量守恒，此种情况不可能存在，故D错误。故选A。4.如图所示是将滑动变阻器用作分压器的电路，为分压器的输出端，电源电压U恒定，若把滑动变阻器的滑片移到滑动变阻器的正中间，下列判断正确的是（）A.间不接负载时输出电压B.当间接上负载R时，输出电压C.负载电阻R越大，越接近D.接上负载后要使，则滑片P应向下移动【答案】C【解析】A．滑片放在变阻器的中间则变阻器的上半部分和下半部分的电阻相同，都为，AB间不接负载时输出电压就是变阻器下半部分电阻两端的电压，上、下部分为串联，串联分压且与电阻成正比，即，故A错误；B．当AB间接上负载R时，R与变阻器下半部分的电阻是并联关系。此时并联部分的总电阻为所以并联部分的电压小于滑动变阻器的上半部分的电压，即，故B错误；C．根据上述分析可知，并联部分的总电阻为当越大时，越接近，根据串联分压的原则可知，越接近，故C正确；D．接上负载后，滑片P应向下移动时，并联部分的电阻越小，分担的电压就越小，则更是要小于，故D错误。故选C。5.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中错误的是（）A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为C.对应P点，小灯泡的电阻为D.对应P点，小灯泡的功率等于图中矩形PQOM所围的面积【答案】C【解析】A．图线上的点与坐标原点的连线的斜率倒数表示小灯泡的电阻，由题图可知，U越大，图线上的点与坐标原点的连线的斜率倒数不断增大，则小灯泡的电阻增大，故A正确，不符合题意；BC．对应P点，小灯泡的电阻为，故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；D．对应P点，小灯泡的功率，与题图中PQOM所围的面积相等，故D正确，不符合题意。故选C。6.如图所示是一根金属导体棒，A端到B端的横截面积逐渐增大，截面C到A、B两端的距离相等。现在导体棒两端加大小为U的电压，下列说法正确的是（）A.A、C间的电压为B.A、C间的电流小于B、C间的电流C.从A到B，自由电荷的定向移动速率越来越小D.从A到B，导体内的电场强度越来越大【答案】C【解析】A．根据可知AC段电阻大于BC段电阻，因整个导体中电流I相等，根据U=IR可知A、C间的电压大于，A错误；B．AC段电阻与BC段电阻是串联关系，A、C间的电流等于B、C间的电流，B错误；C．根据电流微观表达式从A到B电流I相等，但面积S逐渐增大，故自由电荷的定向移动速率越来越小，C正确；D．A、C间的电压大于B、C间的电压，根据可知A、C间电场强度大于B、C间电场强度，A到B电场强度E逐渐减小，D错误。故选C。7.小明去逛超市买了一个电吹风，电吹风的使用说明书上给出了如表所示的参数及图示电路图。下列说法正确的是（）电吹风铭牌参数额定电压额定功率热风冷风A.该电吹风发热电阻R的阻值约为B.该电吹风电动机M的内阻约为C.当开关均闭合时，电动机每秒钟消耗的电能为D.当开关均闭合时，电吹风吹热风【答案】D【解析】A．由表格可以得到只有发热电阻工作时的功率为根据可得发热电阻R的阻值，故A错误；B．因为电动机是非纯电阻，只知道电动机工作的总功率250W和工作电压220V，所以无法计算电动机的内阻，故B错误；C．开关S1、S2均闭合时，电吹风吹的是热风，总功率为1000W，但是电动机的功率是则电动机每秒消耗的电能，故C错误；D．当开关均闭合时，电动机和发热电阻同时工作，因此电吹风吹热风，故D正确。故选D。8.某简化电路如图所示，电源电动势，内阻r。当开关闭合后，电压表示数为，电流表示数为，电流表示数为。已知定值电阻，电表可视为理想电表，当滑动变阻器滑片滑动时，电压表示数变化量大小为，电流表示数变化量大小为，则（）A.B.滑动变阻器滑片向左移动，示数增大C.D.滑动变阻器滑片向左移动，电源输出功率减小【答案】A【解析】A．根据闭合电路的欧姆定律可得解得又因为所以，故A正确；B．滑动变阻器滑片向左移动时，电路中总阻值减小，干路电流增大，将、等效成电源的内阻，可知两端的电压故两端的电压减小，则通过的电流减小，即示数减小，故B错误；C．由题可知，两端的电压则两端的电压的阻值为，故C错误；D．根据上述分析可知，电源的内阻电源的输出功率可知外电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，由于外电阻大于电源的内阻，所以滑动变阻器滑片向左移动，总的外电阻减小而接近电源内阻，故电源输出功率增大，故D错误。故选A。9.如图甲是多用电表的外部结构，如图乙是多用电表简单的内部结构，灵敏电流计的最大电流为，下列说法正确的是（）A.测量前，需要调节机械调零旋钮，使指针指向欧姆零点B.不管多用电表测电压还是测电阻，红表笔的电势均高于黑表笔C.测电阻时，当指针偏转角过大，把欧姆挡倍率变小，并重新欧姆调零D.对于乙图，若红、黑表笔短接，当电流计电流最大，的接入值为【答案】C【解析】A．测量前，需要调节机械调零旋钮，使指针指向表盘左端0刻度，故A错误；B．多用电表测电压时，红表笔的电势高于黑表笔，测电阻时，红表笔的电势低于黑表笔，故B错误；C．测电阻时，当指针偏转角过大，说明待测电阻相对所选倍率较小，应把欧姆挡倍率变小，并需要重新欧姆调零，故C正确；D．对于乙图，若红、黑表笔短接，当电流计电流最大则有可得故D错误。故选C。10.如图所示，一质量的滑块套在光滑的水平轨道上，一质量的小球通过长的轻质细杆与滑块上的光滑轴O连接，小球和轻杆可在竖直平面内绕轴O自由转动。初始时，轻杆水平，现给小球一竖直向上的初速度，已知重力加速度。下列说法正确的是（）A.若滑块固定，小球到达最高点的速度大小为B.若滑块不固定，小球到达最高点的速度大小为C.若滑块不固定，小球到达最高点时，滑块运动的位移大小为D.若滑块不固定，小球到达轴O右侧水平位置时的位移大小为【答案】D【解析】A．若滑块固定，小球由初始位置到达最高点的过程，则有代入数据解得，故A错误；B．若滑块不固定，小球由初始位置到达最高点的过程，水平方向动量守恒，则有根据机械能守恒，则有联立解得，故B错误；CD．若滑块不固定，小球由初始位置到达最高点的过程，水平方向动量守恒，选取向右的方向为正方向，则有结合整理可得位移关系则有代入数据解得同理可得，若滑块不固定，小球到达轴O右侧水平位置时的位移为，故C错误，D正确。故选D。11.如图所示，凹槽A放在光滑水平地面上，槽内有一可视为质点的小物块B，到槽两侧内壁的距离均为。B正上方有一固定在长度大于的水平轻杆中点的物块C（也可视为质点），槽与轻杆间的摩擦不计，小物块与凹槽间的动摩擦因数，A、B、C三者质量相等；时让物块B以的初速度向右运动，已知发生的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度g取，下列说法正确的是（）A.A、C第一次碰撞前瞬间B速度大于A的速度B.C第一次被碰撞后瞬间速度大小为C.A、B第一次碰撞前C向右运动的距离为D.系统内第二次碰撞一定发生在A的左侧壁【答案】B【解析】A．B以的初速度带动A向右运动，运动过程中A、B、C的图像易得如图所示由于A、B间有摩擦，故B向右做匀减速直线运动，A向右做匀加速直线运动，设系统内第一次碰撞前A、B已达到相同速度，则由动量守恒定律可得解得加速度大小此时B相对A运动的距离为阴影部分Ⅰ的面积，则，假设成立。故A、C第一次碰撞前瞬间A、B速度相同，故A错误。B．A、C第一次碰撞到A、B第一次碰撞前的过程，根据图像可知当A再运动时，A、C相碰，此时三者位置关系如下图所示，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可知A、C速度交换，A速度为0，C速度大小为，方向向右，此后A在摩擦力的作用下向右加速运动，故B错误。CD．设时刻A、B相碰(系统第二次碰撞)，则A的位移有解得碰撞前瞬间B的速度为碰后A、B速度交换，此过程C运动了，故CD错误。故选B。二、非选择题：本题共5小题，共56分。其中第13-16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的解题步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.图1螺旋测微器读数为______mm，图2游标卡尺读数为______mm。【答案】0.899##0.900##0.90114.50【解析】[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为[2]由图示游标卡尺可知，其示数为13.如图甲所示，实验室有5个完全相同的色环电阻，由于外漆面脱落阻值大小未知，另有一电动势和内阻未知的电池（图中未画出）。为了测量色环电阻的阻值以及电池的电动势和内阻，某同学设计了如图乙所示的电路，图中为色环电阻，定值电阻的阻值为，为金属夹。（1）该同学首先测量色环电阻的阻值，步骤如下：①断开，接，夹在0处，闭合，此时电压表示数为；②断开，闭合，接，将金属夹夹在位置1，闭合，电压表示数仍为；则色环电阻的阻值为________；（用题中相关物理量的字母表示）（2）该同学继续测量电池的电动势和内阻，步骤如下：①断开，接，闭合；②将金属夹依次夹在位置编号1、2、3、4、5处，记录对应的电压表示数；③以电压表示数______（填“”“”“”或“”）为纵轴，以位置编号为横轴建立平面直角坐标系，作出关系图像如图丙所示；④求出图丙中图线斜率为，纵轴截距为，则电池电动势为_______，内阻为_______；（均用、和表示）（3）该实验中电动势的测量值_________（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。【答案】（1）（2）（3）小于【解析】（1）断开开关，接b，c夹在0处，闭合，此时电压表示数为，由电路图可知此时外电路只有，断开开关，闭合，接a，将金属夹c夹在位置1，闭合，电压表示数也为，由电路图可知此时外电路有，则有（2）[1][2][3]根据闭合电路欧姆定律可得整理可得则纵轴物理量为，根据题意可得，解得电动势和内阻分别为，（3）由电路图可知，实验误差来源于电压表的分流，根据等效电源法可知，则该实验中电动势的测量值小于真实值。14.如图所示电路中，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1Ω．求：（1）在a、b间接入一只理想的电压表，它的示数为多大？（2）在a、b间接入一只理想的电流表，它的示数为多大？【答案】（1）6V；（2）0.83A【解析】（1）在a、b间接入一只内阻很大的伏特表，它的示数为（2）在a、b间接入一只内阻很小的安培表，它的示数为15.质量为30kg的运动员从离水平网面0.8m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面0.45m高处，已知运动员与网接触的时间为0.35s，重力加速度g取10m/s2，求：（1）运动员与网接触的这段时间内，动量的变化量的大小和方向；（2）网对运动员的平均作用力大小。【答案】（1）210kg∙m/s，方向竖直向上（2）900N【解析】（1）下落未接触到网的过程中，根据运动学规律可得代入数据解得同理离开网向上减速的过程中，则有以竖直向上正方向，运动员触网过程中动量变化量为动量变化量的方向竖直向上。（2）对运动员，由动量定理得解得16.如图所示，电源电动势，内阻，定值电阻，，电动机线圈电阻，电容器的电容，开关S闭合后电路稳定时，电流表的示数，求：（1）电动机的机械功率；（2）电容器所带电荷量；（3）若电动机转子突然卡住，同时，断路，待电路重新稳定后，求这个过程中流过电荷量大小。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）根据闭合电路的欧姆定律可得干路中的电流电动机所在支路的电流则电动机两端的电压电动机的电功率电动机的热功率故电动机的机械功率（2）根据上述分析可知，定值电阻两端的电压两端的电压电容器两端的电势差电容器所带电荷量（3）若电动机转子突然卡住，同时断路，根据闭合电路的欧姆定律可得此时电容器两端的电压下极板带负电，其电荷量由上述分析可知，开始时下极板带正电，电荷量为则通过的电荷量大小17.如图所示，长的水平传送带的左、右两侧为光滑的水平台面，传送带与左、右两侧台面等高且平滑连接，左台面上有五个挨在一起、质量均为的刚性小球，右台面上放了一个曲面光滑、半径为