2025~2026学年河北秦皇岛市昌黎第一中学高三下册第一次模拟考试物理试卷 含答案

/河北昌黎第一中学2025-2026学年高三年级第一次模拟考试物理试卷注意事项：1.本试题共两部分，满分100分，时间75分钟。2.答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试上无效。4.考试结束后，监考员将答题卡按顺序收回，装袋整理；试题不回收。一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.小明用甲、乙、丙三束单色光分别照射同一光电管的阴极，得到了三条光电流I随光电管两端电压U变化关系的曲线（如图所示）。下列说法正确的是（）A.甲光的频率最大B.用乙光照射阴极时光电子的逸出功最大C.丙光的光子能量比甲光的光子能量小D.乙光照射时光电子的最大初动能最大【正确答案】D【详解】AD．根据光电效应方程和动能定理可得由题图可知，乙光对应的遏止电压最大，则乙光照射时光电子的最大初动能最大，乙光的频率最大，故A错误，D正确；B．逸出功只由光电管的阴极自身决定，与入射光无关，故B错误；C．由题图可知，甲光、丙光对应的遏止电压相等，则甲光、丙光的光子能量相等，故C错误。故选D。2.某次训练中，一名球员将篮球竖直向下拍出，篮球触地并弹回手中，手的位置不变，以竖直向下为正方向，不计篮球触地时间和空气阻力，且触地前后速度大小不变。则从篮球被竖直向下拍出到弹回手中的过程中，篮球的加速度a、速度v、位移s分别随时间t变化的图像可能正确的是（）A. B.C. D.【正确答案】D【详解】A．球下落和上升过程都只受重力，加速度始终为重力加速度，方向竖直向下（正方向），A错误；B．篮球向下运动时，初速度为正，速度均匀增大；触地弹回后速度方向变为竖直向上，即负方向，速度应为负值，B错误；CD．位移以初始手的位置为原点，向下为正方向：下落过程：向下运动，位移从0逐渐增大，匀加速运动位移满足，为斜率逐渐增大的抛物线，符合；弹回上升过程：篮球从最低点（最大位移处）向上运动，回到初始手的位置（位移回到0），全程篮球都在原点（初始位置）和地面之间，位移始终不会变为负值，C错误，D正确。故选D。3.某小组用如图a所示的风速仪研究交流电，风杯在风力作用下带动与其连在一起的永磁铁转动；某一风速时，线圈中产生的交变电流如图b所示，已知风杯转速与风速成正比，则（）A.该交变电流的周期为B.该交变电流的峰值为C.风速增大，产生的交变电流周期增大D.风速增大，产生的交变电流峰值增大【正确答案】D【详解】A．从图像可以看出该交变电流的周期为，A错误；B．结合图像可知该交变电流的峰值为，B错误；C．已知风杯转速与风速成正比，风速增大，风杯转速就越大，由知产生的交变电流周期减小，C错误；D．已知风杯转速与风速成正比，风速增大，风杯转速就越大，由可知产生的交变电流峰值增大，D正确。故选D。4.如图，两平行直导线cd和ef竖直放置，通以方向相反、大小相等的恒定电流，a、b、p三个相同的闭合金属圆环位于两导线所在的平面内，a在导线cd的左侧，b在导线ef的右侧，p在导线cd与ef之间，则（）A.穿过p的磁通量为零B.a、b圆心处的磁场方向相反C.cd、ef所受到的安培力方向相反D.a向左平动时产生逆时针方向的感应电流【正确答案】C【详解】A．由题意，根据安培定则，可判断知通电直导线cd和ef在p圆环处产生的磁场方向均垂直纸面向外，所以穿过p的磁通量不为零，故A错误；B．由于距离通电导线越近，产生的磁场越强，距离导线越远，产生的磁场越弱，根据安培定则，结合对称性，可判断知通电直导线cd和ef在a、b圆心处产生磁场的合磁场方向相同，均垂直纸面向里，故B错误；C．根据两通电直导线之间的相互作用规律：“同向相吸，异向相斥”，可知cd所受到的安培力向左，ef所受到的安培力向右，故C正确；D．由选项B分析可知，a处的磁场方向垂直纸面向里，若a圆环向左平动时，穿过a圆环垂直纸面向里的磁通量将减小，根据“楞次定律”可知，感应电流产生的磁场方向也垂直纸面向里，由安培定则可判断知在a内产生感应电流的方向为顺时针方向，故D错误。故选C。5.蛙式打夯机是一种结构简单、操作方便的夯实机械。如图所示，蛙式打夯机主要由偏心轮（飞轮和偏心块组成）、电动机和夯体三部分组成。飞轮和夯体总质量为M，偏心块质量为m，偏心块的重心到轮轴的距离为R，重力加速度为g。在电动机带动下，偏心轮在竖直平面内匀速转动，皮带不打滑。当偏心轮上的偏心块转到顶端时，夯体刚好对地面无压力。下列说法正确的是（）A.电动机轮轴与偏心块转动角速度相同B.偏心块转到最低时对地面的压力等于C.偏心轮转动的角速度为D.偏心块转到最低时处于失重状态【正确答案】C【详解】A．电动机轮轴与皮带轮通过皮带传动，线速度相等，根据电动机轮轴与皮带轮半径不同，皮带轮与偏心轮同轴转动角速度相同，故电动机轮轴与偏心轮转动角速度不相同，故A错误；C．当偏心轮上的偏心块转到顶端时，夯体刚好对地面无压力，有对偏心块有解得偏心轮转动的角速度为，故C正确；BD．在最低点，打夯机对地面压力最大，对偏心块有对打夯机有解得根据牛顿第三定律可知，打夯机对地面压力的最大值大于，处于超重状态，故BD错误。故选C。6.在地面上一小球以初速度竖直上抛，落地速度为。若小球运动过程中受到的空气阻力与速率成正比，则小球在空中运动的时间为（）A.0.7s B.0.6s C.0.5s D.3.5s【正确答案】A【详解】取竖直向下为正方向，对小球应用动量定理。小球上升和下落的总位移为零，因此空气阻力的总冲量重力冲量为，动量变化为由动量定理得解得故选A。7.我国设想的登月载人飞船运行轨迹如图所示。飞船在圆形“停泊轨道”的点加速进入椭圆“过渡轨道”，该轨道离地球表面最近距离为，飞船到达离点最远距离为的点时，被月球引力“俘获”后，在距月球表面的圆形“绕月轨道”上飞行。已知地球半径为，月球半径为，地球表面重力加速度为，飞船在“过渡轨道”运行时忽略月球引力影响。下列说法正确的是（）A.飞船在“过渡轨道”上的点运行速度大于B.飞船在“过渡轨道”上点的加速度大于“停泊轨道”上点的加速度C.飞船的发射速度大于D.飞船从点运动到点的时间为【正确答案】A【详解】A．由万有引力等于重力有由万有引力提供向心力有可得飞船在“停泊轨道”上的P点运行速度为飞船需要在点加速由“停泊轨道”进入“过渡轨道”，则飞船在“过渡轨道”上的P点运行速度大于，故A正确；B．由万有引力提供向心力有解得可知，飞船在“过渡轨道”上P点加速度等于“停泊轨道”上P点的加速度，故B错误；C．飞船只是从地球轨道转移到绕月轨道，没有脱离地球引力束缚，所以发射速度小于11.2km/s，故C错误；D．飞船在停泊轨道的周期对停泊轨道与过渡轨道，由开普勒第三定律有飞船从P点运动到Q点的时间为解得，故D错误。故选A。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）8.一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图所示，此时P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一。已知该波的波速v=8m/s，则此后P点第二次达到平衡位置的时间可能是（）A. B. C. D.【正确答案】AB【详解】由波形图可知λ=4m，由解得假设波沿x轴正方向传播，则P点此时沿y轴负方向振动，又P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一，故P点第一次到平衡位置的时间为，故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为假设波沿x轴负方向传播，则P点此时沿y轴正方向振动，故P点第一次到平衡位置的时间为故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为故选AB。9.一定质量的理想气体从状态A经过状态B、C又回到状态A，该过程的图像如图所示，其中反向延长线过原点O，与纵轴平行，为绝热过程。下列说法正确的是（）A.过程，气体温度升高，所有分子热运动的速率均增大B.过程，气体单位时间碰撞单位面积器壁的平均力减小C.过程，外界对气体做的功大于气体向外界放出的热量D.过程，气体吸收的热量大于过程放出的热量【正确答案】BD【详解】A．过程气体温度升高，气体分子热运动的平均速率增大，但不是所有分子热运动的速率均增大，A错误；B．根据理想气体状态方程，可知，过程，图像中各点与原点连线的斜率增大，所以压强减小，单位时间碰撞单位面积器壁的平均力减小，B正确；C．过程，气体温度不变，内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律，外界对气体做的功等于气体向外界放出的热量，C错误；D．一个循环过程，内能变化量为0，图像如图所示，根据图线与横轴所围成的面积可知，过程气体对外界做的功大于过程外界对气体做的功，所以一个循环过程，根据热力学第一定律可知，一个循环过程，所以过程气体吸收的热量大于过程放出的热量，D正确。故选BD。10.如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角，CD与水平面垂直，现将电荷量大小均为Q的正、负点电荷分别固定在A、B两点，已知无穷远电势为零，静电引力常量为k，则（）A.E点电势低于C点B.E、F两点电场强度大小均为，方向相同C.将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加D.将带负电的检验电荷从C点沿直线匀速移到D点，电场力功率先增大后减小【正确答案】BC【详解】AB．等量异种点电荷的电场和等势线分布如图所示根据沿电场线方向电势逐渐降低可知由对称性可知，E、F两点电场强度大小相等，方向相同，大小为故A错误，B正确；C．由上述分析可知由公式可知，将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加，故C正确；D．沿直线从到，电场强度先变大后变小，电场力先变大后变小，但电场力方向一直与CD垂直，则电场力的功率一直为零，故D错误。故选BC。三、非选择题（本题共5小题，共54分）11.如图甲所示为某实验小组在水平桌面上“探究带滑轮小车的加速度与所受合外力关系”的实验装置。请回答下列问题：（1）甲同学在实验中得到如图乙所示一条纸带的一部分，其中，，，，相邻两计数点间还有4个计时点未标出，已知交流电频率为50Hz，根据数据计算出的加速度为___________（结果保留三位有效数字）。（2）乙同学调整长木板和滑轮，使长木板水平且细线平行于长木板，改变桶中砂子的质量，依次记录传感器的示数F并求出所对应的小车加速度大小a，画出的a—F图像是一条直线如图丙所示，则可求得带滑轮小车的质量为___________kg，由于没有平衡摩擦力造成a—F图象不过坐标原点，则求得带滑轮小车的质量___________（填“偏大”、“偏小”或“不影响”）【正确答案】①.1.61②.0.3③.不影响【详解】（1）[1]由题意f=50Hz，则T==0.02s相邻两计数点间还有4个计时点未画出，故相邻两计数点间的时间间隔t=5×0.02s=0.1s根据匀变速直线运动的推论△x=aT2可得（2）[2]由题图结合牛顿第二定律，由2F-μMg=Ma变形得图像斜率解得M=0.3kg[3]由上可知，带滑轮小车的质量与a-F图像的斜率有关，而没有平衡摩擦力对图像的斜率没有影响，所以没有平衡摩擦力对带滑轮小车的质量不影响。12.有一长度为、电阻率为的圆柱形金属管（阻值约十几欧姆），管内部中空，其横截面如图甲所示。现需要测量中空部分的横截面积，某实验小组设计了如下实验。所用实验器材为：电流表（量程为，内阻约为）；电压表（量程为，内阻约为）；滑动变阻器（最大阻值为）；电源（电动势为，内阻可忽略）；待测金属管、开关、导线若干。部分实验步骤如下：（1）先用螺旋测微器测量金属管的直径，如图乙所示其读数为___________mm。（2）按图丙连接电路，电压表右端应连接___________点（选填“M”或“N”），利用此电路测得的电阻值___________（选填“大于”或“小于”）真实值。（3）闭合开关，测出电压表示数电流表示数，则金属管的中空截面积_________（用表示）。【正确答案】（1）（2）①.②.小于（3）【小问1详解】根据螺旋测微器的读数规律可知，该读数为【小问2详解】[1]由于电压表的内阻远远大于待测电阻的阻值与电流表的内阻，可知，电流表的分压影响较大，实验中应排除电流表分压影响，可知测量电路采用电流表外接法，即更合理的是电压表右端应连接M点；[2]由于测量电路采用电流表的外接法，则实验误差在电压表的分流，由于电压表分流影响，导致电流的测量值偏大，则利用此电路测得的电阻值小于真实值。【小问3详解】根据欧姆定律有根据电阻定律有解得13.在游泳池底安装灯带可点缀夜景。如图所示，若在长方形游泳池底部，紧贴边缘水平安装一条长度为的条形细灯带，灯带到水面的距离，水的折射率。求：（1）光从水射入空气时发生全反射的临界角的正弦值；（2）水面上有光射出部分的面积（结果保留两位有效数字）。【正确答案】（1）（2）【小问1详解】设全反射的临界角为，由折射定律解得【小问2详解】由几何关系知，点光源从水面上射出的最远点距光源正上方水面为，满足而水面上有光射出部分是半径为的两个四分之一圆和长为、宽为的矩形，故解得14.如图所示，一质量为的正方形装置固定在光滑水平面，其竖直面内有一半径为的光滑环形管道，远大于管道的横截面直径，管道内有一质量为小球，直径略小于管道横截面直径。，重力加速度为。（1）小球在最高点受轻微扰动无初速度下滑，求小球到达管道最低点时对装置的压力大小；（2）若装置解除固定，小球仍从最高点无初速度下滑，求装置偏离原位置的最大距离；（3）若装置解除固定，小球在最低点获得水平向右速度，小球到达最高点时刚好与装置无相互作用力，求的大小。【正确答案】（1）（2）（3）【小问1详解】小球由最高点运动到最低点的过程中，由机械能守恒定律可得在最低点，对小球由牛顿第二定律可得解得根据牛顿第三定律得小球对装置的压力大小。【小问2详解】小球运动到球心等高处时，装置有最大位移，设小球和装置的水平位移分别为、则由水平方向动量