湖南省张家界市2025-2026学年高一下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页湖南省张家界市2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CDDDCBCACABDAC1．C【详解】若小球恰好落到台阶2的右边沿，竖直方向有解得s水平方向有解得m/s若小球恰好落到台阶3的右边沿，则有解得s又解得m/s故小球的初速度大于m/s且小于或等于m/s时，才可能落在台阶3上，故选项C正确符合条件，ABD不符合条件。故选C。2．D【详解】A．将物体的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向匀速直线运动，竖直方向为竖直上抛运动，C点的竖直速度为零，水平速度不是零，从C到B物体做的是平抛运动，故C点的速度不为零，故A错误B．任何曲线运动的瞬时速度方向都是沿着曲线在该点切线方向，可知，A点的速度斜向上，B的速度斜向下，方向不同，故B错误；C．因物体在水平方向不受外力，水平初速度不变；故物体在A点、B点的水平分速度均等于物体在C点的速度，故C错误；D．物体只受重力，故加速度等于重力加速度g，所以物体在A、B、C各点的加速度都相同，故D正确；故选D。3．D【详解】两物块和细绳组成的系统合外力为零，所以动量守恒；细绳拉紧的过程是非弹性碰撞，一部分机械能转化为内能，因此机械能不守恒。故选D。4．D【详解】AB．惯性只与物体质量有关，故过急弯惯性不变，下坡过程中惯性也不变，故AB错误；CD．减速本身并不能增大过急弯处所受的摩擦力，而是通过减小过急弯处所需的向心力，避免侧滑，故C错误，D正确。故选D。5．C【详解】ACD．由题图知三颗人造地球卫星的轨道半径关系为，由万有引力提供向心力得，，可知，，，故AD错误，C正确；B．由于三颗卫星的质量关系不确定，故万有引力大小不确定，故B错误。故选C。6．B【详解】A．实验中所用的弹簧测力计劲度系数大小为，故A错误；B．根据受力平衡可得木质滑块受到的滑动摩擦力大小为则木质滑块与橡胶皮之间的动摩擦因数大小为，故B正确；C．稳定后砝码处于静止状态，受到重力和支持力作用，共受到2个力作用，故C错误；D．稳定后木质滑块受到重力、砝码的压力、橡胶皮的支持力、细线拉力和滑动摩擦力作用，共受到5个力作用，故D错误。故选B。7．C【详解】A．飞镖在空中做平抛运动，竖直方向有解得飞镖在空中运动的时间为，故A错误BD．飞镖落地瞬间在竖直方向的分速度大小为飞镖落地瞬间重力的瞬时功率为，故BD错误；C．根据可得飞镖出手时的初速度大小为，故C正确。故选C。8．AC【详解】AB．设电场强度为0的点到的距离为。因为的电荷量比的多，所以电场强度为0的位置只能在右边，则有解得所以坐标轴上处的电场强度为0，只有一处，A正确，B错误；C．在处的电场强度方向沿轴正向，在处的电场强度方向沿轴正向，根据场强的叠加可知处的电场强度方向沿轴正向，故C正确；D．根据点电荷的电场强度公式和电场强度的叠加原理可知的区域电场强度沿轴正方向。在之间，正电荷和负电荷在该处产生的电场强度方向均沿轴正方向，所以实际电场也是沿轴正方向，所以轴上电场强度方向沿轴正方向的区域是，轴上电场强度方向沿轴负方向的区域是，，，即处的电场强度方向沿轴负向，故D错误。故选AC。9．ABD【详解】A．闭合S，极板间电压不变，根据可知极板间电场强度变大，根据可知点与下极板的电势差变大，则点与上极板的电势差变小，又上极板接地，所以点的电势变大，根据平衡条件可知油滴所受的电场力竖直向上，极板间电场强度竖直向下，则油滴带负电，根据可知油滴在点具有的电势能降低，故A正确；B．断开S，极板间的电荷量不变，根据可知板上移，极板间的电场强度不变，油滴受力不变，油滴将继续保持静止状态，故B正确；C．断开S，极板间的电荷量不变，根据可知减小极板间的正对面积，电容器的电容变小，根据可知极板间的电势差变大，根据可知极板间电场强度变大，根据可知点与上极板的电势差变大，又上极板接地，所以点的电势变小，故C错误；D．若在板上表面重叠放置一相同金属板，相当于极板间的距离变小，根据可知电容器的电容增大，故D正确。故选ABD。10．AC【详解】AB．根据题图可知小球受到的匀强电场电场力方向水平向右，故小球带正电，A正确，B错误；CD．研究第个小球受力分析，受力图如图所示，根据平衡关系研究第和号小球，根据平衡关系联立可得则小球电荷量保持不变，C正确，D错误。故选AC。11．(1)B(2)1：2变大不变【详解】（1）在某次实验中，某同学把两个质量相等的钢球放在A、C位置，A、C到塔轮中心距离相等，即两球的转动半径相等，此时可研究向心力的大小与角速度的关系，故选B。（2）[1]由题意可知左、右两球做圆周运动所需的向心力之比为F左∶F右＝4∶1，则由F＝mrω2，可得ω左∶ω右＝2:1由v＝Rω可知，皮带连接的左、右塔轮半径之比为R左∶R右＝ω右∶ω左＝1∶2；[2][3]其他条件不变，若增大手柄转动的速度，则角速度均增大，由F＝mrω2，可知左、右两标尺的示数将变大，但半径之比不变，由R左∶R右＝ω右∶ω左可知，角速度比值不变，两标尺的示数比值不变。12．(1)BD(2)(3)(4)2g【详解】（1）A．电磁打点计时器应使用低压交流电源，故A错误；B．实验前将纸带穿过打点计时器限位孔，并将重物固定在纸带下端，这样能保证重物下落时带动纸带运动，故B正确；C．为使重物下落时受到的阻力影响更小，应选用密度较大的重物，因为密度大的重物在相同体积下质量大，重力远大于阻力，故C错误；D．安装打点计时器时，使两限位孔在同一竖直线上，可以减小纸带与限位孔之间的摩擦，故D正确。故选BD。（2）根据匀变速直线运动过程中一段时间内的中间时刻速度等于该段时间内的平均速度，可得打E点时重物的速度（3）若要验证从O点到E点的过程中，重物减少的重力势能为重物增加的动能为若重物的机械能守恒，则有解得（4）若重物下落过程中机械能守恒，则有化简得可得图像的斜率13．(1)(2)正电,【详解】（1）对带电小球受力分析有由电场强度定义式有解得（2）场源电荷A对小球的库仑力由，可知场源电荷应带正电场源电荷对小球的库仑力解得14．(1)，(2)(3)【详解】（1）物块被弹簧弹出，由能量守恒定律有解得物块被弹簧弹出时的速度大小若物块在传送带上一直加速，设经过传送带获得的速度为，有解得所以物块在传送带上先加速后匀速，经过传送带获得的速度为从B到E，由动能定理得解得光滑竖直半圆弧的轨道直径（2）设物块在B点的速度为时能恰好到达F点，在F点满足从B到F点过程中由动能定理可知又解得传送带速度的大小（3）物块恰好到