2026年重庆市北岸区重点达标名校中考物理对点突破模拟试卷含解析

2026年重庆市北岸区重点达标名校中考物理对点突破模拟试卷注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．四冲程汽油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程2．下列粒子中，带正电的是（）A．电子 B．质子 C．中子 D．原子3．如图题图所示，向两支同样的试管中注入质量相等的甲、乙两种液体，发现液面在同一水平线上，比较甲、乙两种液体对试管底部的压强A．甲大B．乙大C．一样大D．无法确定4．下列说法不正确的是A．电功率是表示电流做功快慢的物理量 B．电流做功的过程就是电能转化成其他形式的能的过程C．千瓦、瓦都是电功率的单位 D．消耗电能多的用电器电功率越大5．如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动．当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方的过程中，同时滑动变阻器上的滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是A．电磁铁的上端是N极，下端是S极B．电磁铁的磁性逐渐减弱C．铁块对地面的压强逐渐减小D．地面对铁块的摩擦力逐渐增大6．以下物理量对应常用单位完全正确的一组是物理量常用单位A压强帕斯卡（pa）；牛顿/平方米（N/m2）：牛顿/平方厘米（N/cm2）B速度光年；米/秒（m/s）；千米/小时（km/h）C功率瓦特（W）；千瓦（kW）；千瓦时（kW·h）D电能焦耳/秒（J/s）：焦耳（J）：千焦（kJ）A．A B．B C．C D．D7．如图，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数为6V；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V，下列结果正确的是A．电路先后两次消耗的总功率之比为3:8B．R1先后两次消耗的电功率之比为9:16C．R2先后两次消耗的电功率之比为3:2D．若P从中点滑至a处时，电压表示数又要变化2V8．如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（）A．手在屏幕上形成的手影B．鸟巢在水中形成的倒影C．人透过水球成的像D．勺柄好像在水面处折断9．如图电路，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，关于电表示数变化，下列说法中正确的是A．电流表和电压表示数均变大B．电流表和电压表示数均变小C．电流表示数变小，电压表示数变大D．电流表示数变大，电压表示数变小10．如图所示，杠杆AOB用细线悬挂起来，在A、B两端分别挂上质量为m1、m2的重物时，杠杆平衡，此时AO恰好处于水平位置，AO=OB，不计杠杆自身重力，则m1、m2的关系为A．m1=m2 B．m1<m2 C．m1>m2 D．无法判断二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．如图是同学们根据记录描绘的水的沸腾图象．分析该图象可知，水在沸腾过程中，吸热且温度_____（选填“升高”、“降低”或“不变”），判断当时大气压可能_____（选填“大于”“等于”或“小于”）标准大气压．12．如图所示，某建筑工人用400N的拉力将一重900N的重物在10s内匀速提升了1m，若不计绳重和滑轮间的摩擦．绳子自由端移动的距离是_______m，拉力的功率是________W，此滑轮组的机械效率是____________．13．如图所示，轻质杠杆OA中点悬挂重为100N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则力F的大小是_____，保持F的方向不变，将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，力F将_____（选填“变大”、“变小”、或“不变”，下同）．若本实验中F的方向始终与棒垂直，则F将_____．14．据报道，2018年5月5日，直﹣18改进型直升机阵落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示．该航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m．取ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg．该航母满载时，受到的浮力为_____N，最低处受到海水的压强为_____Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是_____kg．15．如图所示的实验中，闭合开关后支架上原先静止的导线向右运动，保持导线中的电流方向不变，当把蹄形磁体上下磁极调换一下，使磁场方向与原来相反，导线将向__________（选填“左”或“右”）运动；根据上面的实验原理制成了__________机。16．小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示．实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等．分析图象可以得出：______物质为水，另一种液体的比热容为__J/（kg·℃）．17．某一燃料炉，完全燃烧0.1kg的汽油，放出的热量被质量为50kg、初温为20℃的水吸收，可以使水的温度升高11℃，那么，水吸收的热量是______J，该炉子的效率是______[q汽油=4.62×107J/kg]三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．如图所示，请画出使杠杆在图示位置保持平衡时所施加的最小力的示意图．19．如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图．当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水．请在图中画出动力F1、阻力F2和动力臂L1．20．实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源、电压表、电流表、电阻箱、滑动变阻器、开关等元件各一个，导线若干。请利用上述器材，设计一个实验证明：当通过导体的电流一定时，导体消耗的电功率与导体的电阻成正比。（1）请画出实验电路图；（2）写出实验步骤；（3）画出实验数据记录表格。21．如图甲、乙是探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气．实验中，用_____反映密闭空气温度的变化．图甲可探究电流产生的热量与_____的关系，通电一段时间后，_____(填“左”或“右”)侧容器中电阻产生的热量多．图乙可探究电流产生的热量与_____的关系，通电一段时间后，_____(填“左”或“右”)侧容器中电阻产生的热量多．该实验中用到的研究物理问题的方法是_____法(写出两种)．某同学将两段阻值不同的电阻丝R1、R2分别密封在两个完全相同的烧瓶中，设计了如图丙所示的装置，装入烧瓶的煤油质量相等,利用图丙装置也可探究电流通过导体时产生热量与_______的关系，烧瓶中用煤油而不用水是因为_____．现在教材中用甲装置替代丙装置的演示，请对比甲、丙装置，评价一下甲装置的优点：_____．22．小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率，设计并连接了如题图甲所示的实物电路．（1）请你添加一条导线，将图甲所示的实物图补充完整，并使滑动变阻器的滑片P右移时接入电路的阻值变大．（________）（2）闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器的阻值使电流表的示数为I1，如图乙所示，I1=_____A；（3）将开关S2扳向“2”，保持滑动变阻器的阻值不变，调节电阻箱的阻值R，使电流表的示数仍为I1，此时R=5Ω；则步骤（2）中小灯泡的电阻R1=_____Ω，测量小灯泡电阻的方法是______（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；（4）步骤（2）小灯泡的实际功率P1=_____W；（5）若小灯泡的额定电流为I0=2I1，以下关于灯泡额定功率P0与实际功率P1的数值关系，你认为最有可能的是_____．A．P0＝2P1B．P0＝3P1C．P0＝4P1D．P0＝5P1四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．小明家新买了一台电热水壶，查阅说明书可知，其内部电热丝的阻值为48.4Ω，将其接在220V家庭电路中，将1kg水从20℃加热到40℃需要100s．求：[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（1）水吸收的热量；（2）该电热水壶加热的效率．24．特高压输电技术是指电压等级在750kV交流和±500kV直流之上的更高一级电压等级的输电技术，包括交流特高压输电技术和直流特高压输电技术两部分．特高压交流输电，是指1000kV以上电压等级的交流输电工程及相关技术．特高压输电技术具有远距离、大容量、低损耗和经济性等特点．目前，对特高压交流输电技术的研究集中在线路参数特性和传输能力、稳定性、经济性以及绝缘与过电压电晕及工频电磁场等方面．“西电东送”就是将我国西部发电厂发出的电传输到我国东部，由发电厂输出的电功率是一定的，它决定于发电机的发电能力．根据P＝UI中发电机的功率不变效应，若提高输电线路中的电压U，那么线路中的电流I一定会减小；反之亦然．输电线路的电能损耗主要是输电线的电流热效应，输电线损失的热功P＝I2R，所以采用输电线的电阻要尽量小，如果线路中电流降低到原来，那么线路中损失的热功率就减少为原来，因此提高电压可以很有效地降低输电线路中的热功率损失．特高压交流输电，是指_____kV及以上电压等级的交流输电正程及相关技术．特高压输电技术具有远距离、大容量、_____和经济性等特点．设发电厂的输出功率P0＝1.1×108W，输电线路上的总电阻为5Ω，若采用110kV超高压输送电能，输电线路的电流为_____A，输电线路损失的热功率P1＝_____W，其与发电厂的输出电功率之P1：P0＝_____．若采用1100kV特高压输送电能，输电线路损失的热功率P2＝_____W，与特高压输送电能损失的热功率之P2：P0＝_____，所以采用特高压远距输电可以大大降低输电线路的_____损失．若想使输电线路中的热功率损耗为零，还可采用_____做为输电线材料．

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、C【解析】

吸气冲程、排气冲程都是消耗机械能的冲程，压缩冲程是把机械能转化为内能，而做功冲程是把内能转化为机械能．2、B【解析】

原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电．核外电子带负电，整个原子是电中性的．所以带正电的是质子，故B正确为答案．3、A【解析】分析：由于乙管的倾斜，判断甲乙两试管中液体的体积的大小，再判断密度的大小，根据p=ρgh判断液体对试管底的压强。解答：由于甲试管是竖直放置，乙试管倾斜，液体相同深度，所以V乙＞V甲，甲、乙两相同的试管装有质量相等的液体，根据ρ=mV，故选：A。【点睛】根据试管的倾斜判断甲乙的体积是本题的关键，然后根据密度公式判断液体的密度，最后根据压强公式判断压强的大小。4、D【解析】试题分析：电功率是表示电流做功快慢的物理量，故A正确；电流做功的过程就是电能转化成其他形式的能的过程，故B正确；千瓦、瓦都是电功率的单位，故C正确；消耗电能多的用电器如果用时更长，则电功率不一定大，故D错误；应选D．【考点定位】电功和电功率5、C【解析】

A、由安培定则，右手弯曲的四指指向电流方向，大拇指方向就是N极，可以判断，电磁铁的下端是N极，上端是S极，故A错误；B、由电路图知，滑片逐渐向上滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，通过电磁铁的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；C、电磁铁磁性增强，当铁块逐渐运动到其下方时会受到的吸引力变大，使铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强减小，故C正确；D、铁块因被电磁铁吸引而压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，故D错误．故选C．右手螺旋定则应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上．6、A【解析】

A．pa、N/m2、N/cm2都是压强的单位，故A正确；B．光年是长度的单位，故B错误；C．kW·h是能量的单位，故C错误；D．J/s是功率的单位，故D错误。7、B【解析】

由电路图可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测量R2两端的电压，滑片P位于变阻器右端时，电压表示数为6V，滑动变阻器两端的电压：=6V①，当滑片滑到中点处时，变阻器的接入电阻变小，根据串联分压可知电压表示数应减小，滑动变阻器两端电压为U2=6V-2V=4V；滑动变阻器两端的电压：=4V②，由①②可得R1=R2③，③代入①得到U=12V，电路先后两次消耗的总功率之比为，故A错误；原来R1两端的电压U1=U-U2=12V-6V=6V，后来R1两端的电压U1′=U-U2′=12V-4V=8V，先后两次消耗的电功率之比为，故B正确；R2先后两次消耗的电功率之比为，故C错误；若P从中点滑至a处时，电压表示数由4V变为0，变化4V，故D错误．8、B【解析】A.手在屏幕上形成的手影，即影子，由光的直线传播形成；B.鸟巢在水中形成的倒影，是平面镜成像，由光的反射形成；C.人透过水球成的像，水球相当于一个凸透镜，是由于水球的折射作用，形成了一个倒立缩小的实像；D.勺柄好像在水面处折断，是由光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角而形成的；故B选项由光的反射形成，符合题意．点睛：重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结．9、C【解析】试题分析：根据电路图知道，R1与R2串联，电压表测量R2的电压，且滑动变阻器滑片左侧接入电路，当滑片向右移动时接入电路的阻值增大，电路总电阻增大，根据欧姆定律知道电路电流减小，电流表示数变小，R1的电压减小，R2的电压增大，即电压表示数增大，选C。考点：欧姆定律10、B【解析】

根据题中“杠杆平衡”可知，本题考查杠杆平衡条件的应用，根据杠杆平衡条件，判断杠杆两端所挂重物的重力大小，从而确定其质量关系。【详解】杠杆示意图如下：根据杠杆平衡条件：F1L1=F2L2可知，G1L1=G2L2，，即，力与相应的力臂成反比关系，已知AO=OB，从图中可以看出力臂L1＞L2，所以物体的重力G1＜G2，即m1＜m2。故B正确为答案。二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、不变小于【解析】

由图可见，水在沸腾过程中，温度保持在97℃不变，说明水在沸腾过程中不断吸热，温度不变；标准气压下水的沸点是100℃，因为液体沸点随气压减小而降低，因此当时的大气压小于1标准大气压．12、312075%【解析】

由图知，承担物重的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=3h=3×1m=3m；因不计绳重和摩擦，则绳端的拉力F=(G物+G动)，即：400N=(900N+G动)，所以动滑轮重：G动=300N，拉力做的功：W总=Fs=400N×3m=1200J，拉力的功率：，利用滑轮组所做的有用功：W有=Gh=900N×1m=900J，滑轮组的机械效率：．13、50N不变变小【解析】

如图，杠杆在A位置，，杠杆平衡，所以，所以；杠杆在B位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，所以，所以，杠杆平衡，所以，所以；由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变；将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，如果F的方向始终与棒垂直，则力F的力臂不变，阻力G不变，阻力臂变小，由杠杆平衡条件可得，动力F将变小．14、7×1081.1×1057×103【解析】（1）该航母满载时排水量：m排＝70000t＝7×107kg，航母满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝7×107kg×10N/kg＝7×108N；（2）满载时该航母最底处受到海水的压强：p＝ρ海gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×11m＝1.1×105Pa．（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮＝G，直升机飞离该航母后，则F浮′＝G′，由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直＝G﹣G′，则△F浮＝F浮﹣F浮′＝G﹣G′＝G直，根据F浮＝ρ海gV排和G＝mg可得：直升机的质量m直＝＝ρ海△V排＝1.0×103kg/m3×7m3＝7×103kg．点睛：（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；（2）已知深度，利用液体压强公式p＝ρgh求出海水的压强．（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量．15、左电动【解析】

把导线ab放在磁场里，接通电源，让电流通过导线ab，会观察到导线向右运动，由此说明磁场对通电导体的力的方向向右；保持导线ab中的电流方向不变，当把蹄形磁体上下磁极调换一下，使磁场方向与原来相反，这种情况下，导体中电流方向不变，但磁场方向改变，所以其受力方向改变，导体的运动方向也发生改变，所以会观察到导体ab向左运动；根据上面的实验原理制成了电动机。16、甲2.1×103【解析】

[1]质量和初温相等的水和另一种液体，放出相等的热量，由于水的比热容大，由，可知水降低的温度小，故甲物质是水；[2]如图15min时，在放出相同热量的情况下，另一种液体降低的温度是水降低的温度2倍，所以另一种液体的比热容是水的一半，为2.1×103J/（kg·℃）．17、2.31×10650%【解析】

水吸收的热量：Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×11℃=2.31×106J；0.1kg汽油完全燃烧放出的热量：Q放=m汽油q汽油=0.1kg×4.62×107J/kg=4.62×106J；炉子的效率：η=Q吸Q放=2.31×三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解析】

在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OB是最大动力臂，当力F与OB垂直向上时，力F最小，如图所示．19、【解析】

根据杠杆原理分析出杠杆所示动力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的距离，支点为点O，分别作出支点到力的作用线的垂线段即可．【详解】由图和题意可知，O为支点，水对浮标的向上作用力为动力，入水口对B端的向上作用力为阻力；入水口处的水对塞子产生竖直向上的压力，所以过杠杆B点作竖直向上的力即为阻力；浮力竖直向上，所以过浮标重心作竖直向上的力即为动力，过支点O作动力作用线的垂线段即为动力臂如图所示：20、（1）（2）详见解析（3）R/ΩI/AU/VP/W【解析】

（1）根据控制变量法，要使通过电路的电流保持不变，必须把电阻箱与滑动变阻器和电流表串联起来，然后利用电压表测出电阻箱两端的电压，根据P=UI分析比较即可。实验电路图，如图所示：（2）实验步骤：①按电路图连接实验电路，将电压表电流表指针调零，滑动变阻器调到阻值最大；②断开开关S，调节电阻箱R的阻值。闭合开关S，适当移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数为I，用电压表V测量电阻箱R两端的电压U，将R、I、U的数据记录在实验记录表中；③仿照步骤②，分别改变5次电阻箱R的阻值，每次移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数仍为I，用电压表V分别测量各次相应的电压U，并分别将R、I、U的数据记录在实验记录表中；④利用公式P=UI，分别计算出6次电阻箱R消耗的电功率P的数值，并分别记录在实验记录表中。（3）实验数据记录表：R/ΩI/AU/VP/W21、U型管中液面高度的变化电阻右电流左控制变量法、转换法电阻煤油的比热容小，煤油是绝缘体甲加热空气，空气比煤油受热膨胀程度更大，现象更明显；空气更安全【解析】

(1)由图知，当空气温度升高时，空气膨胀，U形管中的液面会出现高度差，所以实验中用U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。(2)图甲两电阻串联，电流相等，而两个电阻不等，所以可探究电流产生的热量与电阻的关系；通电一段时间后，根据可知，电流相等时，电阻越大，产生的热量越多，所以右侧容器中电阻产生的热量多。(3)图乙两容器中的电阻相等，而通过的电流不相等，所以可探究电流产生的热量与电流的关系；因为右侧容器的外面并联了一个电阻，具有分流作用，即左侧电阻通过的电流大；根据可知，电阻相等，电流越大时，产生的热量越多，所以，左侧容器中电阻产生的热量多。(4)该实验中用到的研究物理问题的方法：分别控制电流和电阻相等，分两次实验进行探究，是控制变量法的应用；用U形管液面的高度差来表示产生热量的多少，是转换法的应用；(5)图丙中，两个电阻串联，可以保证电流相等，两电阻的阻值不同，所以利用图丙装置也可探究电流通过导体时产生热量与电阻的关系；烧瓶中用煤油而不用水有两个原因：一是煤油的比热容小，吸收相同的热量时，温度升高更高，所以实验时用时短，实验现象更明显；二是普通的水是导体，而煤油是绝缘体，所以用煤油而不用水。(6)现在教材中用甲装置替代丙装置的演示，对比甲、丙装置，甲装置的优点有：一是容器内的空气的质量小，空气的比热容也小，所以甲装置实验时，用时短，现象更明显；二是灯油容易燃烧，而空气不会燃烧，所以甲装置相对更安全。22、0.25等效替代法0.2D【解析】

(1)滑动变阻器要按“一上一下”的方式串联接入电路，使滑动变阻器的滑片P向右移时接入电路的阻值变大，则应将变阻器滑片左边的电阻连入电路，即将A接线柱与开关右接线柱连接，如图所示：(2)闭合开关S1,将开关S2扳向“1”，滑动变阻器与灯泡串联，如图所示,电流表量程为0∼0.6A,分度值为0.02A,则电流表的示数为I1=0.2A；(3)将开关S2扳向“2”,保待滑动变阻器的阻值不变,调节滑动变阻箱的阻值R,使电流表的示