河南省洛阳市2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1洛阳市2025—2026学年第一学期期中考试高二物理试卷本试卷共6页，全卷满分100分，考试时间75分钟注意事项：1、答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.我国外销明星战机歼-10CE，使用了有源相控阵雷达，我国有源相控阵雷达探测距离远，抗干扰能力强，能够实现先敌发现，先敌攻击。有源相控阵雷达的辐射器如图所示，每个辐射器都配装有一个发射、接收组件，每个组件都能自己产生、接收电磁波中的微波。关于电磁波，下列说法正确的是（）A.电磁波波长越长，其能量子越大B.红外线的频率比紫外线的频率小C.红外线的波长比可见光的波长短D.只要空间某处的电场或磁场发生变化，就会在其周围产生电磁波【答案】B【解析】A．根据公式以及，可得，由此可知，电磁波波长越长，其能量子越小，故A错误；B．在电磁波谱中，红外线的频率范围低于紫外线的频率范围，所以红外线的频率比紫外线的频率小，故B正确；C．可见光中紫光波长最短，红光波长最长，而红外线的波长比红光更长，所以红外线的波长比可见光的波长长，故C错误；D．根据麦克斯韦的电磁场理论，只有周期性变化的电场和磁场才能在其周围产生电磁波，均匀变化的电场和磁场只能产生恒定的磁场和电场，不能产生电磁波，故D错误。故选B。2.如图所示，匀强磁场的磁感应强度B为0.05T，方向沿x轴的正方向，且线段MN、DC相等，长度为0.4m。线段NC、EF、MD、NE、CF相等，长度为0.3m。通过平面MNCD、NEFC、MEFD、MNE的磁通量分别为、、和，关于它们的大小，正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】A．通过平面MNCD的磁通量为，故A正确；B．平面NEFC在垂直磁场方向的投影面积为零，则，故B错误；C．平面MEFD在垂直磁场方向的投影面积等于平面MNCD的面积，可知，故C错误；D．平面MNE在垂直磁场方向的投影面积为零，则，故D错误。故选A。3.如图所示，一个质量为m、电荷量为的圆环，可在倾斜放置的足够长的粗糙绝缘细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现让圆环从静止开始沿细杆下滑，在之后的运动过程中，下列运动图像可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】根据左手定则可知，圆环沿细杆下滑过程受到垂直细杆向上的洛伦兹力。设细杆与水平方向的夹角为，圆环刚开始沿细杆向下滑时，速度较小，所受洛伦兹力也较小，小于，此时，细杆对圆环的支持力垂直于细杆向上，则有随着速度增大，圆环所受支持力减小，由可知，圆环所受摩擦力减小，根据牛顿第二定律有故圆环的加速度增大，当时，，此时圆环的加速度最大，此后速度继续增大，则细杆对圆环的支持力垂直于细杆向下，有随着速度增大，圆环所受支持力增大，所受摩擦力也增大，根据可知，圆环的加速度减小，当时，此时速度最大，此后以这一速度沿杆向下匀速直线运动。综合以上，圆环的速度一直增大，最后速度保持不变，该过程中，加速度先增大后减小，最后加速度为零且保持不变，故图像先越来越陡，后越来越平缓，最后与横轴平行。故选B。4.2025年9月，由中国电气装备所属中国西电恒驰电气自主研制并承建的国内首条10千伏三相共箱纯环保气体绝缘金属封闭输电线路（GIL）在南京顺利投运，标志着我国在中压环保型输电装备领域实现技术突破，填补了国内空白。如图甲所示，管道内部有三根绝缘超高压输电线缆平行且间距相等，截面图如图乙所示，下方两根输电线缆P、Q连线水平，某时刻P、Q电流方向均垂直于纸面向外，R电流方向垂直于纸面向内，大小均相等，则（）A.在PQ的连线上存在磁感应强度为零的位置B.输电线缆PR、QR连线中点M、N处的磁感应强度相同C.输电线缆P、Q连线中点O处的磁感应强度方向水平向左D.要使输电线缆R所受安培力为零，需在平面内加一个水平向左的磁场【答案】C【解析】A．由题意知，输电线缆P、Q电流方向垂直纸面向外，R电流方向垂直纸面向内。在P、Q连线上，P与Q产生的磁场方向均为竖直方向（P产生向上，Q产生向下，具体取决于位置，但均在竖直线上）。R在P、Q连线上任一点产生的磁场方向均垂直于该点与R的连线。因R位于P、Q连线中垂线上方，其在P、Q连线上产生的磁场始终具有水平向左分量。由于P、Q产生的磁场无水平分量，无法抵消R的水平分量，故P、Q连线上不存在磁感应强度为零的点，故A错误；B．由对称性可知，M、N两点关于过R和O的竖直轴对称。系统在几何位置与电流分布上均关于该轴对称，故M、N两处磁感应强度大小相等，但方向关于轴对称（方向不同），故B错误；C．O点为P、Q连线中点。P、Q电流大小相等、方向相同（向外），且到O点距离相等。根据安培定则，P在O点产生的磁场竖直向上，Q在O点产生的磁场竖直向下，两者等大反向，合磁感应强度为零。因此O点磁场仅由R决定。R电流方向垂直纸面向内，O点位于R正下方，由安培定则知R在O点产生的磁场方向水平向左，故C正确；D．P、Q电流向外，R电流向内，P、Q与R间存在排斥力。P对R的斥力沿PR连线延长线方向（左上方），Q对R的斥力沿QR连线延长线方向（右上方）。由对称性知，水平分量抵消，竖直分量叠加，使R所受安培力合力竖直向上。要使R所受安培力为零，需外加水平向右磁场（R电流向内，由左手定则知此时安培力竖直向下）。选项中外加磁场方向水平向左，产生的安培力竖直向上，无法抵消，故D错误。故选C。5.如图甲所示，螺线管Q固定在竖直平面内，其右方悬挂一圆形闭合线圈P，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，则（）A.在时刻，线圈P有远离Q的趋势B.在时刻，线圈P有靠近Q的趋势C.在时刻，线圈P中无感应电流D.在时刻，线圈P有收缩的趋势【答案】A【解析】A．在时刻，Q中的电流正在增大，则穿过线圈P的磁通量正在增大，根据楞次定律，线圈P阻碍磁通量增大，故线圈P有远离Q的趋势，故A正确；BD．在时刻和时刻，Q中的电流变化率均为零，则穿过线圈P的磁通量变化率为零，线圈P中无感应电流，线圈P不受安培力，也没有收缩或扩张的趋势，故BD错误；C．在时刻，Q中的电流变化率不为零，则穿过线圈P的磁通量变化率不为零，线圈P中有感应电流，故C错误。故选A。6.如图所示，导体棒AC长为，绕O点以角速度匀速转动，OC长为，且O、C、A三点在一条直线上，有一磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场充满转动平面且与转动平面垂直，则（）A.C点电势高于A点电势，AC两端的电势差为B.C点电势高于A点电势，AC两端的电势差为C.A点电势高于C点电势，AC两端的电势差为D.A点电势高于C点电势，AC两端的电势差为【答案】D【解析】根据右手定则可知，导体棒AC产生的感应电动势由C点指向A点，即A点相当于电源的正极，C点相当于电源的负极，A点电势高于C点电势；AC两端的电势差为正值，故选D。7.如图所示，的阻值大于电源的内阻r，当的触头向右移动时，电压表、和V示数的变化量分别为、和（均取绝对值），电流表A的示数变化量为，则下列说法中正确的是（）A.电压表的示数变大 B.C.变小，不变 D.电源的输出功率减小【答案】B【解析】AB．当的触头向右移动时，接入电路的阻值减小，外电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，则内电压增大，电压表的示数增大，电压表的示数减小、电压表V的示数变小，因故即两边同时除以得，故A错误，B正确；C．根据闭合电路欧姆定律有即则故不变，又因定值电阻，故则不变，故C错误；D．因的阻值大于电源的内阻r，故外电阻大于电源内阻，当的触头向右移动时，接入电路的阻值减小，则外电阻减小，电源的输出功率增大，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全都选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，纸面内M、N两点之间连接有三段导线1、2和3，三段导线的粗细、材料均相同，匀强磁场垂直于纸面向里，现给M、N两端加上恒定电压，则下列说法正确的是（）A.导线1受到的安培力最大 B.导线3受到的安培力最小C.三段导线受到安培力的大小相等 D.三段导线受到安培力的方向相同【答案】BD【解析】因三段导线的粗细、材料均相同，导线3最长，导线2最短，根据可知，导线3电阻最大，导线2电阻最小，导线1、2和3并联，电压相等，根据可知，导线3中电流最小，导线2中电流最大，计算导线所受安培力大小时所用的有效长度均为M、N两点的距离，判断导线所受安培力方向时所用的电流方向均为由M点指向N点的方向，故根据可知，导线3受到的安培力最小，导线2受到的安培力最大，三段导线受到安培力的方向相同。故选BD。9.如图所示，关于带电粒子在质谱仪和回旋加速器中的运动，说法正确的是（）A.甲图中磁场的方向垂直于纸面向外B.甲图中粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小C.乙图中高频电源的周期与带电粒子做圆周运动的周期相等D.乙图中要使粒子获得的最大动能增大，可增大加速电场的电压U【答案】AC【解析】A．电场的方向与B的方向垂直，带电粒子进入复合场，受电场力和安培力，且二力是平衡力，即结合左手定则可得，磁场的方向垂直于纸面向外，故A正确；B．粒子经过速度选择器后的速度一定，根据洛伦兹力提供向心力可得解得可知r越小，比荷越大，故B错误；C．在回旋加速器中，粒子每经过一次电场加速后，进入磁场做半圆周运动，再回到电场。为了保证粒子每次都能被加速，高频电源的周期必须与粒子在磁场中的回旋周期

相等。这样，粒子每次到达缝隙时，电场方向刚好改变，可以持续加速，故C正确；D．根据公式得最大动能最大动能与加速电压无关，故D错误。故选AC。10.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，三个定值电阻，且，平行板电容器的电容为C，则下列说法中正确的是（）A.开关闭合，断开，电路稳定后两极板间的电压为B.开关、均接通，电路稳定后，电容器的带电量为C.开关接通电路稳定后，再闭合，通过的电流方向从左到右D.开关接通电路稳定后，再闭合，电路再次稳定后通过的电荷量为【答案】ABD【解析】A．由于与电容器串联，相当于导线，所以开关闭合，断开时，两极板间的电压为两端的电压，根据串联电路的规律可知，故A正确；B．开关、均接通时，与并联再和电源串联，因为两电阻阻值均为R，并联阻值为，则两极板间的电压为电容器的带电量为，故B正确；CD．开关接通电路稳定后，电容器的带电量为再闭合，稳定之后电容器的带电量为带电量减小，所以为放电过程，通过的电流方向从右到左，通过的电荷量为故C错误，D正确故选ABD。三、实验题（本题共2小题，共15分。）11.如图是一个欧姆表内部电路结构示意图。表头的满偏电流1mA、内阻；电源电动势1.5V、内阻；滑动变阻器R的取值范围。（1）图中a插孔应该接欧姆表的_________表笔（填“红”或“黑”）；（2）欧姆调零后用该欧姆表测某未知电阻的阻值时，发现欧姆表表盘的指针指到满偏刻度的处，则该待测电阻的阻值为_________；（3）该欧姆表用久了发现其内部电源的电动势不变，内阻变大了，调零后测量某电阻的阻值，测量结果_________（选填“偏大”“偏小”或“准确”）。【答案】（1）黑（2）3000（3）准确【解析】（1） a插孔表内接电源正极，电流从其流出，根据“红进黑出”，图中a插孔应该接欧姆表的黑表笔；（2）欧姆表中值电阻等于其内阻，则中间刻度值对应示数为根据解得（3）由得可知的测量值与内阻无关，即测量结果准确。12.某课外科技活动小组利用铜片、锌片和家乡盛产的橙子制作了橙汁电池，他们用如图所示的实验电路测量这种电池的电动势E和内阻r。电流表G的内阻约为，量程为；电阻箱阻值的变化范围为。连接电路后，调节电阻箱R的阻值，得到对应电流表的读数I，然后通过计算得到电阻箱两端的电压，数据如下表所示：R/9876543I/μA92102115131152180220U/V0.8280.8160.8050.7860.7600.7200.660（1）请根据表中数据在下方的坐标纸上做出本实验的图像；（2）根据图像可得到该橙汁电池的电动势为_________V，内阻为_________。（结果均保留两位有效数字）；（3）用该方法测出的电池内阻和电池内阻真实值大小关系为_________（填“>”“=”或“<”）。【答案】（1）（2）0.93V##0.94V##0.95V##0.96V（3）>【解析】（1）描点画图，用一条平滑的直线将这些点尽可能多的拟合，不在直线上的点应徘徊在直线附近，偏差较大的点直接删去，最后将直线延长至与横纵坐标轴有交点。（2）由闭合电路欧姆定律可得图像斜率的绝对值为电源内阻，纵截距为电源电动势，则电动势内阻为（3）这种测法忽略了电流表的内阻，测出的内阻为电流表内阻与电源内阻之和，实际应为故四、解答题（本题共3小题，共39分。解答要有必要的文字说明和方程式，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）13.如图所示，电源电动势E为12V，内阻r为，电阻R为。开关闭合后，额定电压6V、额定功率6W的灯泡L正常发光，电动机恰好正常工作。已知电动机线圈电阻为，求：（1）电动机正常工作时流过电动机的电流；（2）电动机的效率。【答案】（1）1A（2）【解析】（1）设电路干路电流为I，由闭合电路欧姆定律解得通过L的电流电动机正常工作时流过电动机的电流（2）电动机的输入功率电动机的热功率电动机的效率代入数据得14.如图所示，x轴上方存在大小为E、方向竖直向上的匀强电场，x轴下方存在垂直纸面向里的匀强磁场。有一个带负电的粒子，电荷量为，质量为m，从y轴上的P点，以速度沿x轴正方向射入第一象限，经过x轴上的A点后进入第四象限的磁场，进入磁场时速度方向与x轴正方向成角，偏转后经原点O又进入第一象限，之后经过x轴上的D点（图中未画出）再次进入磁场中，不计粒子的重力，求：（1）粒子进入磁场时的速度大小；（2）O点到D点的