河南省新乡市2025-2026学年高二上学期教学目标测评物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025—2026学年高二数学目标测评卷物理试题（考试时间：75分钟试卷满分：100分）一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题意）1.我国宋代科学家沈括在公元1086年写的《梦溪笔谈》中，最早记载了地磁偏角：“方家（术士）以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”沈括是历史上第一个从理论高度来研究磁偏现象的人。关于磁场、磁感线、磁感应强度、磁通量，下列说法正确的是（）A.若地磁场是由于地球带电随地球自转产生的，则地球表面带正电B.磁感线是磁场把铁屑磁化形成的，磁场是由无数条磁感线组成的C.小磁针S极所受磁场力方向与该处磁感应强度的方向相同D.线圈处在磁感应强度很大的磁场中，穿过线圈平面的磁通量可能为零【答案】D【解析】A．若地磁场由地球带电自转产生，根据右手定则（环形电流产生磁场），地球表面需带负电才能使磁北极位于地理南极附近（与实际地磁场一致），故A错误；B．磁感线是人为假想的曲线，用于描述磁场分布，并非由铁屑磁化形成，磁场本身也不由磁感线组成，故B错误；C．磁感应强度方向定义为小磁针N极所受磁场力方向，因此S极所受磁场力方向与磁感应强度方向相反，故C错误；D．磁通量公式为（为磁场方向与线圈法线方向的夹角），当线圈平面与磁场方向平行时（），，磁通量为零，与磁感应强度的大小无关，故D正确。故选D。2.如图所示，A、B为相互接触并用绝缘支柱支持的金属导体，起初都不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法错误的是（）A.此时B带正电B.A的电荷量等于B的电荷量C.把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开D.把C移近导体A，用手摸B，A、B上的金属箔片都张开【答案】D【解析】AB．把C移近导体A时，导体A、B的电子被吸引到左端，A端带负电，B端带正电，A带负电荷量等于B带正电荷量，故AB正确；C．把C移近导体A，A端带负电，B端带正电，先把A、B分开，然后移去C，导体A的负电与导体B正电不能中和，A、B上的金属箔片都张开，故C正确；D．把C移近导体A，A端带负电，B端带正电，A、B上的金属箔片都张开；用手摸了一下B，地球远端的电子被吸引到左端，左端仍带负电，地球带正电，导体B不带电，A上的金属箔片张开，B上的金属箔片闭合，故D错误。本题选错误的，故选D。3.如图，直角三角形ABC处在负点电荷的电场中，，，A、B、C三点与点电荷在同一平面内，O为AB边的中点，D为AC边的中点，将一电荷从A移到C电场力做功为零，从D移到B点电场力做功也为零。下列图中箭头表示C点电场的方向，则正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】负点电荷的等势线为以负点电荷为圆心的圆，因为粒子从A移到C电场力做功为零，A、C电势相等，A、C处在同一个圆上，从B移到D点电场力做功也为零，B、D电势相等，B、D处在同一个圆上，分别作AC、BD的垂直平分线，必交于一点，如图所示则由几何关系得到交点在AB上，但不是AB的中点O；应在O右侧即E点，根据负点电荷的电场线分布特点，可知C正确。故选C。4.电容式加速度传感器可以用于触发汽车安全气囊等系统。如图所示，极板M、N组成的电容器视为平行板电容器，M固定，N可左右运动，通过测量电容器极板之间电压的变化来确定汽车的加速度。当汽车加速时，极板M、N的距离增大，若极板上电荷量保持不变，则该电容器（）A.电容增大B.极板间电压变小C.极板间电场强度不变D.极板间电场强度变小【答案】C【解析】A．当汽车加速时，极板M、N的距离增大，由平行板电容器的决定式可知，电容变小，故A错误；B．极板上电荷量保持不变，电容变小，由电容定义式可知，极板M、N之间电压增大，故B错误；CD．由、和可得，由于极板上电荷量保持不变，极板正对面积不变，因此极板之间电场强度不变，故C正确，D错误。故选C。5.在“观察电容器的充、放电现象”实验中，某同学设计的实验电路如图所示。先调节电阻箱，将单刀双掷开关S与“1”端相接，电容器充电完成后，开关S再与“2”端相接，相接后小灯泡亮度变化情况是（）A.迅速变亮，然后亮度趋于稳定B.迅速变亮，然后亮度逐渐减小至熄灭C.亮度逐渐增大，然后趋于稳定D.亮度逐渐增大，然后亮度逐渐减小至熄灭【答案】B【解析】电容器充电完成后，开始时两极板电量较多，电势差较大，当闭合“2”接入小灯泡，回路立即形成电流，灯泡迅速变亮；随着时间的积累，两极板电量变少，电势差变小，流过灯泡的电流减小，直至两极板电荷量为零不带电，则无电流流过小灯泡即熄灭。故选B。6.如图所示，在一个平面内有六根彼此绝缘的通电直导线，各通电导线的电流强度大小相同（通电的长直导线在周围空间某位置产生磁场的磁感应强度大小为，其中I为电流强度，r为该位置到长直导线的距离，k为常数）方向如图所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域的面积相同，则磁感应强度为零的区域是（）A.Ⅱ和Ⅳ B.Ⅰ和Ⅱ C.Ⅰ和Ⅲ D.Ⅲ和Ⅳ【答案】A【解析】把导线编号，如图所示先确定每根导线产生的磁场再叠加。I区域中①⑥直线电流磁场方向垂直纸面向里，②⑤直线电流磁场方向垂直纸面向里，③④直线电流磁场方向垂直纸面向外，叠加后该区域磁场方向垂直纸面向里；Ⅱ区域中①④直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，②⑤直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，③⑥直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，所以该区域磁感应强度为零；Ⅲ区域中①⑥直线电流磁场方向垂直纸面向里，②⑤直线电流磁场方向垂直纸面向外，③④直线电流磁场方向垂直纸面向外，叠加后磁场方向垂直纸面向外；Ⅳ区域中①④直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，②⑤直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，③⑥直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，所以该区域磁感应强度为零。综上所述，磁感应强度为零的区域是Ⅱ和Ⅳ。故选A。7.如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘丝线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为、，且>。若同时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电荷量不变，则（）A.剪断细线后，两球做匀变速曲线运动B.a球比b球先落地C.a球的质量比b球的小D.从剪断到落地，小球b电势能变化量的绝对值大于小球a电势能变化量的绝对值【答案】D【解析】A．剪断细线后两球水平方向受库仑力一直变化，所以不匀变速曲线运动，故A错误；C．对两个小球受力分析，如图所示：由示意图可知，有由于，两球之间的库仑力大小相等，所以，故C错误；B．剪断细线后，两球竖直方向做自由落体运动，高度相同，时间相等，故B错误；D．两小球在水平方向受到的库仑力大小相等，由于小球a的质量大，由F=ma可知，小球b在水平方向的加速度大，所以相同时间内，小球b水平方向的位移大小大于小球a水平方向的位移，故电场力对小球b做的功大于对小球a做的功，即小球b电势能变化量的绝对值大于小球a电势能变化量的绝对值，D正确。故选D。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中有多个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错或不选得0分）8.某实验小组通过如图所示的实验电路测量干电池的电动势和内阻，并根据测得的数据作出了U-I图像，下列正确的是（）A.电池的电动势E=3.0VB.根据，计算出待测电池内电阻为5ΩC.电池电动势测量值小于真实值D.本实验的系统误差来源于电流表的分压作用【答案】AC【解析】A．根据闭合电路欧姆定律，U=E-IrI=0时，U=E=3.0V，故A正确；B．根据闭合电路欧姆定律，可以写出U=E-Ir，所以图像的斜率故B错误；CD．由于电压表的分流，使得电流表的测量值偏小，导致电池电动势测量值小于真实值，故C正确，D错误。故选AC。9.如图所示，灵敏电流计的内阻Rg为480Ω，满偏电流Ig为250A．改装成量程为0-1mA和0~5mA的双量程电流表、0~3V电压表。接线柱a为公共接线柱，则下面正确的是（）A.a、c接线柱时电流表的量程0~5mA B.R1=32ΩC.R2=128Ω D.R3=288Ω【答案】BC【解析】根据电路可知用a、b和a、c接线柱时电流表的量程分别为，则有，a、c接线柱时电流表的量程0~1mA，将数据代入可解得当使用a、d两个端点时，设流过R3的电流为I3=1mA，则满足解得R3=2880Ω故选BC。10.质量为m带电量为+q的小球，用一长为l的绝缘轻绳系住，绳另一端固定在O点，现加一匀强电场，场强大小为，电场线和轻绳均在竖直平面内，考虑小球重力，重力加速度为g。则（）A.如图甲，电场强度竖直向下，若小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则小球通过圆周最高点A的最小速度B.如图甲，电场强度竖直向下，若小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则小球通过圆周最高点A的最小速度C.如图乙，电场强度水平向右，小球静止在M点，在M点给小球一个垂直于OM方向的初速度vM，小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则D.如图乙，电场强度水平向右，小球静止在M点，在M点给小球一个垂直于OM方向的初速度vM，小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则M点轻绳的拉力【答案】BD【解析】AB．甲图模型为竖直平面内圆周运动中的绳球模型，在圆周运动最高点重力和电场力的合力提供做圆周运动的向心力，即代入题中电场强度大小，解得小球通过圆周最高点A的最小速度，故A错误，B正确；CD．小球静止在M点，将重力和电场力的合力看成等效重力则等效最高点在MO延长线与圆周的交点N处，该点处合力提供向心力，即根据动能定理可得方程联立解得在M点解得，故C错误，D正确。故选BD。三、非选择题（本题共5小题，共计54分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）（一）必考题（共38分）11.用如图甲所示的多用电表的欧姆挡来测量电阻时，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量。（1）调节指针定位螺丝“S”，使指针对准_________（填电流的“0刻线”或电阻的“0刻线”）将K旋转到电阻挡“×100”的位置；将插入“+”“-”插孔的表笔短接，旋动部件“T”，使指针对准_________（填电流的“0刻线”或电阻的“0刻线”）；将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏角过大，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_________的顺序进行操作，再完成测量读数。A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行欧姆调零E．测量和读数完成后，将选择开关调到“OFF”挡（2）若（1）中更换合适的倍率后，测量时多用电表的表盘如图乙所示，则待测电阻的阻值R=______Ω。【答案】（1）电流的“0刻线”电阻的“0刻线”BDCE（2）150【解析】（1）[1]旋动部件S；可以使指针对准电流的“0刻线”；[2]旋动部件T，可以使指针对准电阻的“0刻线”；[3]由题可知，选用“×100”挡时发现指针偏角过大，说明电阻较小，应更换小倍率挡位，两表笔短接进行欧姆调零，再测量电阻，完毕后将选择开关调到“OFF”挡，故顺序为BDCE。（2）由图可知，待测电阻的阻值。12.某实验小组的同学为了测量电阻（阻值约为）的阻值和电阻丝R（阻值约为）的电阻率，设计了如图甲所示的电路图，实验室提供的器材如下：A．干电池E（电动势约为3.0V）B．电流表（量程为3A，内阻）C．电流表（量程为0.6A，内阻）D．电压表V（量程为3.0V，内阻约为）E．滑动变阻器（最大阻值为）F．滑动变阻器（最大阻值为）G．开关、单刀双掷开关、导线若干（1）为了较为准确测量和方便电路调节，电流表应选用_________，滑动变阻器应选用_________；（选填实验器材前的序号）（2）用螺旋测微器测量电阻丝的不同位置的直径，然后求平均值为d，某次测量的示数如图乙所示，则该示数为_________mm；（3）实验时，将电阻丝R的滑片Q置于最右端，闭合开关，将单刀双掷开关接a，调节滑动变阻器的滑片P，电压表的示数为，电流表的示数为I，再将单刀双掷开关接b，电压表的示数为，电流表的示数变化忽略不计，则未知电阻的阻值为_________（用测量量表示）。（4）闭合开关，将单刀双掷开关接b，改变滑片Q的位置读出电压表的示数U，电流表的示数，测量滑片Q到电阻丝最左端的距离L；继续改变滑片Q的位置，调节P使电流表的示数仍为，记录多组电压表的示数U以及Q到电阻丝最左端的距离L，建立坐标系，纵轴为U，横轴为L，作出图像，图线是斜率为k的直线，则电阻丝的电阻率_________（用k、π、d、表示）【答案】（1）CE（2）0.382##0.383##0.384##0.385##0.386（3）（4）【解析】（1）[1]电路中的电流最大值约为所以电流表选。故选C。[2]由电路图可知，滑动变阻器用分压式接法，则滑动变阻器应选择最大阻值较小的方便调节电路。故选E。（2）由图可知，螺旋测微器的读数为（3）由题意可知，单刀双掷开关接时，有单刀双掷开关接时，有则未知电阻（4）由欧姆定律电阻定律其中整理可得结合题意可知，图线的斜率为则电阻丝的电阻率13.如图，电源电压恒为U0（内阻不计），定值电阻阻值为R0，滑动变阻器的最大阻值为2R0，电流表的内阻不计。平行板电容器两极板水平放置，板长为L。比荷为的带电微粒以初速度v0沿电容器的中心线水平进入电容器。闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到最右端时，带电微粒恰从电容器下极板右侧边缘离开电容器。此过程中，微粒未与极板发生碰撞，不计微粒重力。求：（1）滑动变阻器消耗的最大电功率；（2）求平行板电容器两极板间距d。【答案】（1）（2）【解析】（1）设滑动变阻器的电阻为R'时，消耗的电功率为P当时（2）微粒在电容器中做类平抛运动，在水平方向上在竖直方向上的偏转位移又当滑动变阻器的滑片移到最右端时，电容器两极板间电压为解得14.如图甲所示，真空中的电极逸出电子（设电子的初速度为零），经加速电场加速，由小孔穿出，t=0时刻电子沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A、B的中线射入偏转电场，A、B板长为L，A、B两板距离为d，AB两板间加周期性变化的电场UAB，如图乙所示，周期为T，加速电压，其中m为电子质量、q为电子电荷量，T为偏转电场的周期，不计电子的重力，不计电子间的相互作用力，且所有电子都能离开偏转电场，求：（1）电子从加速电场U1飞出后的水平速度v0的大小；（2）射入偏转电场的电子离开偏转电场时距A、B间中线的距离y；（3）要使电子不打到A、B板上，A、B两板距离d满足的条件。【答案】（1）（2）0（3）【解析】（1）电子在加速电场中加速，由动能定理得解得（2）粒子在垂直板方向先向上加速后向上减速再反向加速，v-t图像如图所示粒子在到T过程中，加速度大小粒子在0到过程中垂直极板方向粒子在到T过程中垂直极板方向由于故该粒子离开电容器右侧时的偏转距离为y=0（3）粒子在垂直板方向先向上加速后向上减速到零再返回。电子在0到时间内，垂直极板向上末速度为后向上减速到零加速度大小，因为解得（二）选考题（16分。请考生从给出的15，16题中任选一题解答。如果多做，则按所做的第一题计分）【物理一选择性必修一】15.滑块a与静止的滑块b在光滑水平面上正碰，碰撞时间不计。滑块a、b碰撞前后的位移随时间变化的图像如图所示，根据已知信息可知（）A.滑块a和滑块b的质量之比为1：6B.滑块a和滑块b的质量之比为1：2C.滑块a和滑块b碰撞属于弹性碰撞D.滑块a和滑块b碰撞属于非弹性碰撞【答案】AD【解析】AB．在位移—时间图像中，图线的斜率表示物体的速度，由图像可知，碰撞前a的速度为b的速度为零；碰撞后a的速度b的速度为由动量守恒定律可得A，正确，B错误；CD．碰撞前后a、b的机械能关系为可知a、b的碰撞属于非弹性碰撞，故D正确，C错误。故选AD。16.如图所示，足够长的光滑水平面上静置着质量M=3kg的光滑圆轨道，圆轨道最低点与水平面相切。质量m1=1kg的小球A和质量m2=4kg的小球B中间压缩锁定着水平轻质弹簧并静止在水平面上，小球B与弹簧连接，小球A未与弹簧连接。弹簧锁定时弹性势能E1=40J，解除锁定后小球A冲上圆轨道，恰好能运动到圆轨道的最高点，取重力加速度大小g=10m/s2，小球A、B均可视为质点，求：（1）弹簧锁定解除后小球A离开弹簧时A、B的速度；（2）圆轨道的半径R。【答案】（1）v1=8m/s；v2=-2m/s（2）2.4m【解析】（1）取水平向左正方向，弹簧解除锁定后，动量守恒，有则弹簧锁定时的弹性势能为解得，（2）小球A运动到圆轨道的最高点时，小球A与圆轨道的速度相同，对小球A和圆轨道构成的系统，水平方向上动量守