湖南省长沙市芙蓉区2025-2026学年高二下学期期末考试历史自编试卷（统编版）（解析版）

湖南省长沙市芙蓉区2025-2026学年高二下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案DADCBDCBDADACD1．D【详解】A．伏特是电压的单位，开尔文是热力学温度的单位，二者对应的物理量均为标量，故A错误；B．法拉是电容的单位，库仑是电荷量的单位，二者对应的物理量均为标量，故B错误；C．韦伯是磁通量的单位，赫兹是频率的单位，二者对应的物理量均为标量，故C错误；D．特斯拉是磁感应强度的单位，牛顿是力的单位，二者对应的物理量均有大小和方向、满足矢量运算法则，均为矢量，故D正确。故选D。2．A【详解】当时，即，可知光线射到AC面时发生全反射；同理当时，即，光线射到AC面时既能发生光的折射，也能发生反射。故选A。3．D【详解】ABCD．S闭合瞬间，电感线圈阻碍原电流的增加，所以电流不经过它，则两灯串联在一起，同时发光；之后，待电路电流稳定后，电感线圈将A灯短路，所以A逐渐变暗到熄灭，B变得更亮；S断开瞬间，电感线圈阻碍原电流的减小跟灯A构成通路，所以A亮一下才熄灭，B立即熄灭，故D正确，ABC错误；故选D。4．C【详解】A．非晶体没有固定的熔点，A错误；B．液体表面层分子分布比内部稀疏，分子间作用力表现为引力，B错误；C．雨伞、冲锋衣应具有防水功能，应选择水不浸润的材料制作，C正确；D．水银在毛细管内附着层内的分子相互作用表现为引力，液面呈现收缩趋势，水银在毛细管内下降，D错误。故选C。5．B【详解】AB．活塞与汽缸的质量相等，均设为，对题图甲的汽缸受力分析，根据平衡条件有解得对题图乙的活塞受力分析，根据平衡条件有解得故A错误，B正确；CD．若环境的热力学温度降为，根据理想气体状态方程有解得题图乙中封闭气体的体积故CD错误。故选B。6．D【详解】大量处于的激发态的氢原子向低能级跃迁时，有，，，，已知可见光光子的能量范围是1.62eV~3.11eV，可知辐射出的光中可见光有2种。故选D。7．C【详解】AB．粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得解得R=0.2m如图所示，沿OA射入的粒子从F点射出，为左边界；沿OO2射入的粒子轨迹与BC切点为右边界，所以从BC边界射出的粒子分布在图示FG区域，粒子不可能运动到B点，选项AB错误；C．从BC边射出粒子射入时分布的夹角粒子从CD边界射出区域如下图所示从D点射出粒子与AD成夹角θ，由数学知识可知：OD=，R=0.2m，则∠OO4D=，此时射入磁场的粒子速度方向与AD夹角为，当轨迹圆与BC相切时，为能从CD边射出磁场的最上边缘的粒子，该粒子进入磁场速度方向垂直AD向上，与OD边的夹角为，故从CD边界射出的粒子分布的夹角φ2=，故从两边界射出粒子的比例为，选项C正确；D．因为所有粒子的轨迹半径相同，所以弦最短的圆所对应的圆心角最小，运动时间最短，作EO⊥AD，EO弦最短，如图所示：因为EO=0.2m，且R=0.2m，所以对应的圆心角为θ=由最短时间为解得t=1.38π×10-7s，选项D错误。故选C。8．BD【详解】AB．根据光电效应方程可知，U增大，光电子的最大初动能不变，故A错误，B正确；C．当电压为零时，有所以，故C错误；D．光电子打到阳极A的最大动能Ek随着电压表示数U的变化关系为当电压为U1时，有当电压为U2时，有联立可得，故D正确。故选BD。9．AD【详解】AB．设输电线电流为，根据理想变压器电压与匝数成正比，有，电压关系为根据功率关系，有联立解得故A正确，B错误；C．若用户端总电阻变小，电流变大，远距离输电电流变大，线路损失电压变大，降压变压器的输入电压变低，则输出电压也会变低，所以为保证不变，需要提高输送电压U2，故C错误；D．根据，损失功率为整理得可知若发电站的输出功率不变，升压变压器副线圈的电压升高一倍，则输电线上的功率损失变为原来的，故D正确。故选AD。10．ACD【详解】AB．让电流反向（大小不变），在右边减去一个质量为m的砝码后，天平恰好重新平衡，可知此时安培力向下，根据左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向外，选项A正确，B错误。C．由平衡可知电流反向后解得，选项C正确；D．为了提高灵敏度，应使磁感应强度发生微小变化时，天平也会发生明显的倾斜，故应增加线圈匝数，使安培力变大，选项D正确。故选ACD。11．(1)1802.7(2)100(3)0.6【详解】（1）[1]根据题图可知电流表的分度值为5mA，故读数为180mA；[2]学生电源的输出功率为（2）低压输电时电阻箱消耗的功率为电阻箱的接入的电阻为高压输电时，电阻箱消耗的功率为可得即低压输电时电阻箱消耗的功率为高压输电时的100倍。（3）示数为时，学生电源的输出功率高压输电时学生电源的输出功率比低压输电时减少了12．(1)需要不需要小于(2)2.0(3)【详解】（1）[1]实验中，为保证物块做匀变速直线运动，细绳必须与桌面平行，则需要调整定滑轮的角度使细线与木板平行。[2]本实验的目的是测量动摩擦因数，所以实验中不需要平衡摩擦力。[3]由于托盘和砝码也具有加速度，加速运动过程中，绳子中拉力小于托盘和砝码的重力。（2）根据题意可知纸带上相邻计数点时间间隔利用逐差法有代入数据可得（3）根据牛顿第二定律有解得13．(1)(2)(3)【详解】（1）两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律和能量守恒定律有，解得，（2）小球Q在复合场中的运动过程中，对小球Q进行受力分析，受竖直向上的电场力、竖直向下的重力和洛伦兹力，由于则小球Q在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，则有解得画出小球Q的运动轨迹，如图所示由几何关系有解得小球Q在复合场中的运动时间（3）设小球Q第一次落地点与桌面右边缘的水平距离为，由（2）中小球Q运动的几何关系可得时间t内，小球P向左做匀速直线运动，位移所以此时两者水平间距14．(1)(2)(3)2.6s【详解】（1）由图乙可知，相邻波峰与波谷的半径差为半个波长，即故图丙中周期波速（2）质点A的振动方程一般形式是从图丙可知，振幅是，时，，则初相位，角频率故振动方程为：（3）时，波峰位于，以传播；第一次波峰到达点的时间：第二次波峰到达需再经一个周期，故总时间：15．（1）；（2）；（3）【详解】（1）滑雪者从段下滑过程中，根据牛顿第二定律代入数据解得（2）滑雪者从段下滑过程中，根据公式代入数据解得滑雪者中间的水平雪道的滑行过程中，根据牛顿第二定律代入数据解得滑雪者做减速运动，根据公式代入数据解得（3）滑雪者从A处出发运动到D处的时间最长，则滑到D处速度恰好为零，滑雪者在