湖南省长沙市天心区2025-2026学年高一下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市天心区2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CBCCABDBCBCACD1．C【详解】动能的表达式为根据题意，变化后代入动能公式得到的新动能为即动能为原来的8倍。故选C。2．B【详解】AC．打点计时器必须使用交流电源，故AC错误；BD．实验时需要手提纸带上端，让重物自由悬挂在打点计时器下方，先接通电源、待打点稳定后再释放纸带让重物自由下落；不能用手托住/扶住重物，无法保证重物做自由下落，故D错误，B正确。故选B。【点睛】3．C【详解】AB．根据黄金代换，可得解得故AB错误；CD．万有引力提供人造卫星的向心力，可得解得故C正确；D错误。故选C。4．C【详解】A．机器狗对货物的作用力与货物对机器狗的作用力是相互作用力，总是等大反向，选项A错误；B．机器狗匀速爬山过程中，货物的动能不变，重力势能增加，可知机械能增加，选项B错误；C．货物匀速运动，则受到的合外力为零，则受到的合力做功为零，选项C正确；D．机器狗消耗的电能一部分转化为货物的重力势能，另一部分转化为自身的内能，选项D错误。故选C。5．A【详解】A．根据电场线的疏密程度与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力较大，根据牛顿第二定律可知，质子在a点的加速度大于b点的加速度，故A正确；B．质子的运动轨迹向左弯曲，说明质子在a、b两点受到的电场力向左，质子带正电，则场强方向与正电荷受力方向相同，即沿电场线向左，根据图示电场线呈向里汇聚状，故应为负点电荷形成的电场，故B错误；C．沿电场线方向电势降低，则质子在a点的电势低于在b点的电势，故C错误；D．假设质子从a到b运动过程，根据运动轨迹可知，质子所受电场力与速度方向夹角为钝角，电场力做负功，动能减小，则质子在a点的动能大于b点的动能，同理质子从b到a运动过程，电场力做正功，动能增加，也可得到质子在a点的动能大于b点的动能，故D错误。故选A。6．B【详解】A．三者周期相等，赤道上的建筑物A、采石矶的雕塑B随地球自转，角速度等于地球自转角速度；地球同步卫星C的公转周期等于地球自转周期，因此三者角速度、周期均相等。即，故A错误；B．由角速度公式，三者周期相等则角速度相等，即，故B正确；C．线速度公式为，角速度相同时线速度与轨道半径成正比，轨道半径关系为（同步卫星轨道半径远大于地球半径，赤道上物体转动半径等于地球半径，B纬度高于赤道，转动半径），因此，故C错误；D．向心加速度公式为，角速度相同时向心加速度与轨道半径成正比，因此，故D错误。故选B。7．D【详解】B．设汽车行驶过程中所受地面的阻力大小为，根据图线①并结合动能定理有解得，故B错误；C．汽车的最大行驶速度为当汽车以最大速度行驶时，牵引力与阻力大小相等，所以汽车的额定功率为，故C错误；A．设汽车前加速运动的时间为，根据动能定理有解得，故A错误；D．开启储能装置后，根据能量守恒定律可知汽车比关闭储能装置时克服阻力少做的功等于向蓄电池提供的电能，令表示汽车少滑行的距离，根据图线②可得，故D正确。故选D。8．BC【详解】AB．对于题述环月椭圆轨道和环月圆轨道，根据开普勒第三定律有可得故A错误，B正确；CD．对于环月圆轨道，根据万有引力提供向心力可得可得故C正确，D错误。故选BC。9．BC【详解】A．由题意可知，小球在最高点时，重力恰好提供向心力解得故A错误；B．根据机械能守恒故B正确；C．根据解得可知，仅增大小球质量，则若小球可以运动到最高点，所需向心力减小，而小球重力变大，则此时重力大于向心力，小球不能通过最高点，故C正确；D．若释放的弹性势能变小，则小球可能在不超过圆心高度往复运动，此时绳子不会松弛，故D错误。故选BC。10．ACD【详解】A．根据牛顿第二定律可知，动车匀加速行驶时的合外力为，故A正确；BC．动车达到最大速度时有N根据牛顿第二定律有解得，故B错误，C正确；D．根据能量守恒定律可知，牵引力做的功等于动车动能增加量与摩擦力做功之和，则牵引力做的功大于动车动能增加量，故D正确；故选ACD。11．(1)B和C(2)①④(3)小于【详解】（1）探究向心力的大小与角速度的关系，要保持转动半径和质量一定，则可将传动皮带套在②⑤塔轮上，将质量相同的小球分别放在挡板B和C处；（2）探究向心力的大小与运动半径之间的关系，要保持角速度和质量一定，应将皮带套在①④塔轮上。（3）a[1]挡光杆经过光电门时的速度大小为砝码做圆周运动的角速度等于挡光杆的角速度，则有b[2]根据，为了进一步明确向心力和角速度的关系，可以作向心力F与关系的图像，该图像为线性图像，更容易观察；c[3]根据可知，相同半径，当角速度相同时，质量越大，则向心力F越大，由图可知曲线①对应的金属块质量小于曲线②对应的金属块质量。12．(1)B(2)(3)(4)21.3【详解】（1）AB．实验中标记点和点是为了确定入射光线和折射光线的方向，点的位置可以选取入射光线上的任意位置，光线在玻璃砖中发生折射，玻璃砖上不能标记，只能标记光从玻璃砖中射出的点，故A错误，B正确；C．作圆弧时，半径的长度可以任意选择，再用几何关系得出入射角和折射角的正弦值的表达式即可，故C错误。故选B。（2）根据题图可得入射角正弦值的表达式为，折射角的表示为，则折射率为（3）测距仪默认激光在真空中的速度c计算距离，激光往返，因此示数按计算。（4）设实际深度为水的折射率激光往返时间其中测距仪示数联立可得即测距仪的示数接近，则符合他的推测。13．（1）；（2），方向竖直向下；（3）【详解】（1）设运动员从B到P运动的时间为t，从B点飞出时的速度大小为vB，由平抛运动规律可得联立并代入数据解得则运动员到达落点P的速度大小为（2）设助滑道的半径为R，根据几何关系有设运动员到达点时受到助滑道的支持力大小为FN，由牛顿第二定律可得联立并代入数据解得由牛顿第三定律可知运动员到达点时对助滑道的压力大小为方向竖直向下。（3）设运动员在AB段运动过程中克服阻力所做的功为，由动能定理可得代入数据解得14．（1）；（2）【详解】（1）由题意可知缓慢地将汲液器竖直提出液面过程，气体发生等温变化，所以有又因为代入数据联立解得（2）当外界气体进入后，以所有气体为研究对象有又因为代入数据联立解得【点睛】15．(1)(2)(3)(4)【详解】（1）小物块从传送带底端A点静止释放，根据牛顿