山东省临沂市2025-2026学年高一上学期11月期中考试生物试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1山东省临沂市2025-2026学年高一上学期11月期中试题一、选择题：本题共20小题，每小题2.5分，共50分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题目要求的。1.细胞学说是自然科学史上的一座丰碑，标志着生物学理论的一次重大飞跃，它的提出和发展为我们理解生命的基本结构和功能提供了重要的科学依据。下列叙述错误的是（）A.施莱登和施旺运用完全归纳法提出“动植物都是由细胞发育而来”B.魏尔肖总结出，所有的细胞都来源于先前存在的细胞C.细胞学说使生物学研究进入细胞水平，并为后来进入分子水平打下基础D.细胞学说揭示了生物界的统一性【答案】A【详析】A、施莱登和施旺在提出细胞学说时，并未观察所有动植物细胞，而是通过部分实例归纳得出结论，因此运用的是“不完全归纳法”而非“完全归纳法”，A错误；B、魏尔肖修正了细胞学说，提出“所有细胞都来自先前存在的细胞”，完善了细胞学说，B正确；C、细胞学说确立了细胞作为生命活动基本单位的地位，推动了生物学研究进入细胞水平，并为后续分子水平研究打下基础，C正确；D、细胞学说揭示了动植物结构的统一性，从而阐明了生物界的统一性，D正确。故选A。2.有诗云“鱼在在藻，依于其蒲”。“藻”多指水中藻类，“蒲”为多年生草本，其实水中除“藻”、“蒲”外，还有色球蓝细菌、硝化细菌等微生物，下列说法正确的是（）A.原核细胞结构简单，经常用来观察细胞分裂时染色体的变化B.“蒲”和色球蓝细菌内都不含有叶绿体，但都是自养生物C.支原体和硝化细菌都没有成形的细胞核、无核仁、无细胞壁D.“藻”、“蒲”、蓝细菌、硝化细菌都具有细胞壁、细胞膜、细胞质【答案】D〖祥解〗原核细胞与真核细胞最明显的差异是有无核膜包被的成形的细胞核，由原核细胞构成的生物称为原核生物，由真核细胞构成的生物称为真核生物。原核细胞与真核细胞共有的特征是均有细胞膜、细胞质、核糖体，均以DNA作为遗传物质。【详析】A、原核细胞没有染色体，不能用来观察细胞分裂时染色体的变化，A错误；B、“蒲”是植物，含有叶绿体，能进行光合作用，是自养生物；色球蓝细菌是原核生物，没有叶绿体，但含有光合色素，能进行光合作用，是自养生物，B错误；C、支原体没有成形的细胞核、无核仁、无细胞壁，但硝化细菌有细胞壁，C错误；D、“藻”（藻类植物）、“蒲”（植物）都具有细胞壁、细胞膜、细胞质；蓝细菌、硝化细菌是原核生物，也都具有细胞壁、细胞膜、细胞质，D正确。故选D。3.显微镜是生物学研究中常用的观察仪器，如图所示，图甲中①②③④表示镜头，⑤⑥表示镜头与载玻片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列相关叙述正确的是（）A.若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是①③⑤B.把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③，同时提升镜筒C.从乙转为丙，正确的操作顺序是转动转换器→移动标本→调节光圈→转动细准焦螺旋D.若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁视野中的64个细胞将变为4个【答案】D〖祥解〗在图甲中，①②均为目镜；③④均为物镜，⑤⑥表示物镜的镜头与载玻片之间的距离。目镜越长，放大倍数越小；物镜越长，放大倍数越大，镜头与载玻片之间的距离越小。图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像。【详析】A、物镜越长放大倍数越大，目镜越短放大倍数越大，在图甲中，目镜①的放大倍数比目镜②放大倍数小；物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大；镜头⑤与载玻片之间的距离比镜头⑥与载玻片之间的距离小，说明物镜⑤的放大倍数大。若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是②③⑤，A错误；B、物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大，图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像，把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③所示的高倍物镜，在将要观察的物像移至视野中央后，转动转换器，换用高倍物镜，但不能提升镜筒，B错误；C、从图中的乙转为丙，即使用高倍镜观察的正确调节顺序是：先在低倍镜下找到要观察的物像，然后将其移至视野中央（移动标本），转动转换器换成高倍物镜，因高倍镜下的视野较暗，要调节光圈，增加进光量，同时，调节细准焦螺旋，使物像清晰，C错误；D、若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁中充满视野的64个细胞将变为64×（100÷400）2＝4个细胞，D正确。故选D。4.下列关于“检测生物组织中糖类、脂肪和蛋白质”实验操作步骤的叙述，正确的是（）A.鉴定可溶性还原糖时，要加入斐林试剂甲液摇匀后，再加入乙液B.斐林试剂在水浴加热的条件下可使还原糖产生紫色反应C.鉴定脂肪时使用苏丹Ⅲ染液，之后滴加50%酒精溶液，目的是洗去浮色D.鉴定蛋白质的双缩脲试剂A液与B液应混合均匀后，再加入含样品的试管中【答案】C〖祥解〗生物大分子的检测方法：蛋白质与双缩脲试剂产生紫色反应；淀粉遇碘液变蓝；还原糖与斐林试剂在水浴加热的条件下产生砖红色沉淀；脂肪需要使用苏丹Ⅲ染色，使用酒精洗去浮色以后在显微镜下观察，可以看到橘黄色的脂肪颗粒。【详析】A、斐林试剂用于鉴定还原糖时，需将甲液（NaOH）和乙液（CuSO4）混合后使用，并在沸水浴条件下生成砖红色沉淀。选项A描述“先加甲液摇匀后加乙液”不符合实际操作方法，A错误；B、斐林试剂与还原糖在沸水浴条件下反应生成砖红色沉淀，而紫色反应是双缩脲试剂与蛋白质结合后的现象，选项B混淆了试剂与颜色反应，B错误；C、苏丹Ⅲ染液用于脂肪鉴定时，染色后需用50%酒精洗去浮色，避免多余染料干扰观察，此描述符合实验操作，C正确；D、双缩脲试剂需先加A液（NaOH）创造碱性环境，再加B液（CuSO4），若混合后加入会破坏反应条件，无法显色，D错误。故选C。5.下列有关水的叙述中，错误的是（）①生物体含水量随生物种类的不同而有所差别②生物体内的化学反应离不开水③水是组成细胞的成分之一④细胞内水的存在形式为结合水和自由水⑤自由水与结合水的比例与细胞代谢的强弱关系不大⑥不同细胞内自由水与结合水的比例基本相同A.①④⑤ B.⑤⑥ C.①②④ D.③⑥【答案】B【详析】①生物体含水量因种类不同而存在差异，通常水生生物的含水量大于陆生生物，①正确；②生物体内化学反应（如水解、呼吸作用）需要水的参与，②正确；③水是细胞组成成分，且细胞中的含水量是最多的，③正确；④细胞内水的存在形式为结合水和自由水，且在一定条件下，自由水和结合水可以相互转化，④正确；⑤自由水与结合水比例与代谢强弱密切相关，自由水与结合水的比例越大，细胞代谢活动越强，⑤错误；⑥不同细胞代谢状态不同，自由水/结合水比例差异大（如休眠种子与活跃细胞），⑥错误。综上，⑤⑥错误，B正确，ACD错误。故选B。6.单盐毒害是指植物培养在单一盐分的溶液中，不久将会呈现生长迟缓甚至死亡的现象。下表是利用0.1mol/LNaCl溶液、0.1mol/LCaCl2溶液、0.1mol/LKCl溶液进行实验时，某植物根的生长情况：组别1组2组3组4组溶液NaClCaCl2NaCl+CaCl2NaCl+CaCl2+KCl根的总长度（mm）5970254324注：3、4组为不同溶液的等体积混合，各组对植物的其他处理条件均相同。下列说法或推测不正确的是（）A.单盐毒害现象可能与外界盐溶液浓度太低有关B.1、2组对照说明单盐毒害的程度可能与无机盐离子的类型有关C.将植物培养在与0.1mol/LNaCl溶液渗透压相等的海水中，不会发生单盐毒害D.单盐毒害现象说明无法利用清水与单独加入某种无机盐的溶液对照来验证该种无机盐的功能【答案】A【详析】A、单盐毒害是由于溶液中仅含一种盐的离子，导致植物无法维持正常离子平衡，而非盐溶液浓度过低。题干中所有组别盐浓度均为0.1mol/L，但单一盐组（1、2组）仍出现毒害，说明毒害与离子种类单一有关，而非浓度问题，A错误；B、1组（NaCl）和2组（CaCl₂）均为单一盐溶液，但根总长度不同（59mmvs70mm），表明不同单盐毒害程度可能与离子类型有关，B正确；C、海水含多种盐分（如Na⁺、Ca²⁺、K⁺等），即使与0.1mol/LNaCl等渗，其离子种类多样，可避免单盐毒害，C正确；D、若用清水与单一盐溶液对照，因单盐毒害会导致植物异常，无法区分是缺乏其他盐还是单盐毒害本身的影响，故无法验证特定盐的功能，D正确。故选A。7.如图表示糖类的元素组成和种类，下列叙述正确的是（）A.①②③依次代表单糖、二糖、多糖，它们均可继续水解B.①②均属于还原糖，可根据与斐林试剂发生的颜色反应进行鉴定C.④是植物细胞壁的主要成分，是结构物质不是储能物质D.人体血糖含量低于正常值时，⑤会分解产生葡萄糖及时补充【答案】C【详析】A、①②③依次代表单糖、二糖、多糖，单糖不可继续水解，二糖和多糖均可继续水解，A错误；B、①为单糖，单糖属于还原糖，还原糖与斐林试剂发生反应将产生砖红色沉淀，可根据颜色反应进行鉴定；②表示二糖，②中的蔗糖不属于还原搪，B错误；C、④为纤维素，是植物细胞壁的主要成分，是结构物质不是储能物质，C正确；D、⑤是肌糖原，人体血糖含量低于正常值时，肝糖原会分解产生葡萄糖及时补充，肌糖原不能直接分解产生葡萄糖，D错误。故选C。8.英国BBC推出的一部纪录片《油糖陷阱》中认为，如果是单独地摄入“糖”、“油”类食物，短时间内可以达到减重的效果，而引起肥胖的最主要原因是廉价且美味的“糖油混合物”。糖油混合物是将糖类和脂类经过人工混合进行精制的一类食物。下列说法正确的是（）A.“油”的主要成分是脂肪，其与脱氧核糖和磷脂的元素组成相同B.血液中的葡萄糖除可以合成糖原外，还可转变成脂肪和非必需氨基酸C.糖类是细胞的能源物质，脂肪是细胞的储能物质，所有糖类和脂肪均可供能D.长期大量摄入糖类会导致肥胖，非常肥胖的人的细胞中含量最多的是脂肪【答案】B【详析】A、脂肪的元素组成为C、H、O，脱氧核糖（属于糖类）的元素组成也为C、H、O，而磷脂含有C、H、O、P（有的甚至含N），因此磷脂与脂肪的元素组成不完全相同，A错误；B、血液中的葡萄糖可合成糖原（肝糖原、肌糖原），多余的葡萄糖可转化为脂肪；此外，通过转氨基作用，葡萄糖分解产生的中间产物（如丙酮酸）可与含氮物质结合生成非必需氨基酸，B正确；C、并非所有糖类均可供能，如纤维素是植物细胞壁的结构成分，人体无法分解利用，C错误；D、细胞中含量最多的化合物是水，即使肥胖者细胞中脂肪含量增加，但水的比例仍最高，D错误。故选B。9.某60肽中有4个丙氨酸（相应位置如图），现脱掉其中的丙氨酸，得到4条多肽链和5个氨基酸，其中脱下的氨基酸均以游离态存在。下列叙述错误的是（）A.该60肽水解得到的几种有机物比原60肽增加了4个氧原子B.该60肽水解得到的4条多肽链比原60肽的肽键数目减少8个C.若新生成的肽链中有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上D.若将得到的5个氨基酸缩合成5肽，则有5种不同的氨基酸序列【答案】A【详析】A、肽键水解的反应式为：−CO−NH−+H2O→−COOH+−NH2−。每水解1个肽键，需要消耗1分子水（增加1个O原子）。该60肽中有4个丙氨酸，水解时需断裂8个肽键（每个丙氨酸两侧各断裂1个肽键，共4×2=8个），因此消耗8分子水，增加8个O原子，A错误；B、每脱掉1个丙氨酸需要破坏2个肽键，脱掉4个丙氨酸共破坏了8个肽键，B正确；C、据图分析可知：脱掉其中丙氨酸，得到4条多肽链，每条肽链中至少有1个游离的氨基和1个游离的羧基，故新生成的4条多肽至少有4个氨基，至少有4个羧基再多出的羧基（或氨基）必定在R基上，若新生成的肽链中有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上，C正确；D、得到的5个氨基酸，其中有4个是相同的丙氨酸，故这5个氨基酸缩合成5肽，可有5种不同的氨基酸序列，D正确。故选A。10.血红蛋白是红细胞内运输氧的特殊蛋白质，是使血液呈红色的蛋白，由珠蛋白和血红素组成。图甲是血红蛋白的空间结构模式图，其含有两条α链和两条β链（α链和β链不同），图乙表示β链一端的氨基酸排列顺序。下列叙述错误的是（）A.图乙中①的名称是氨基，该段多肽链由3种氨基酸脱水缩合而成B.据甲、乙两图可知，1条β链至少含有3个羧基，若2条β链完全相同，则1个血红蛋白分子至少含有8个羧基C.构成蛋白质多样性的原因在于氨基酸的数目、种类、排列顺序和肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构不同D.氨基酸脱水缩合产生水，水中的氢都来自氨基【答案】D〖祥解〗图甲是血红蛋白的空间结构模式图，血红蛋白是由4条肽链组成的；图乙表示血红蛋白β肽链一端（圆圈所示部分）的氨基酸排列顺序，其中①是氨基，②④⑥⑧是R基，⑨是肽键的一部分。【详析】A、分析图乙可知，①是氨基，分析题图中②④⑥⑧四个R基可知，⑥⑧R基相同，因此图乙显示的一段多肽链中四个氨基酸共3种，A正确；B、由题图可知，图乙表示的β链中有2个氨基酸中的R基含有羧基，因此该β链中至少含有3个羧基；若两条β链完全相同，则2条β链中的羧基至少是6个，2条α链至少含有2个羧基，因此1个血红蛋白分子至少含有8个羧基，B正确；C、蛋白质多样性的原因是氨基酸的数目、种类、排列顺序和肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构不同，C正确；D、氨基酸脱水缩合产生水，水中的氢来自于氨基和羧基，D错误。故选D。11.图是构成核酸的两种核苷酸及由它们形成的核苷酸链。下列叙述错误的是（）A.甲和乙中共同的碱基有3种B.若丙中N为T，则丙的基本组成单位是甲C.若丙中N为U，则丙的基本组成单位是乙D.HIV的遗传物质的基本组成单位是甲【答案】D【详析】A、分析比较甲、乙两结构，可确定甲为脱氧核苷酸，乙为核糖核苷酸，二者碱基中都有A、G、C，A正确；B、若丙中N为T，则丙为DNA的一条脱氧核苷酸链，其基本组成单位是甲，B正确；C、若丙中N为U，则丙为RNA，其基本组成单位是乙，C正确；D、HIV的遗传物质是RNA，基本单位是核糖核苷酸，即乙，D错误。故选D。12.ASFV是一种双链DNA病毒，引起的非洲猪瘟（ASF）是一种出血性、致死性、高度接触性传染病。肺炎链球菌是一种常见的革兰氏阳性菌，感染后可引起肺炎链球菌肺炎、脑膜炎等疾病。下列关于这两种病原体的叙述，合理的是（）A.二者在生命系统的结构层次中都属于个体层次B.ASFV的遗传物质初步水解产物有4种，彻底水解产物有6种C.肺炎链球菌的遗传信息储存在DNA和RNA中D.二者中，由A、U两种碱基参与构成的核苷酸分别是2种、3种【答案】B〖祥解〗ASFV是一种双链DNA病毒，只含有一种核酸DNA，基本单位是四种脱氧核苷酸；肺炎链球菌是原核生物，同时含有DNA和RNA。【详析】A、病毒不属于生命系统的结构层次，肺炎链球菌是原核生物，属于细胞层次，也属于个体层次，A错误；B、ASFV是一种双链DNA病毒，初步水解产物有4种脱氧核苷酸，彻底水解产物有6种，分别是A、T、C、G碱基，磷酸和脱氧核糖，B正确；C、肺炎链球菌是原核生物，遗传物质是DNA，遗传信息储存在DNA中，C错误；D、碱基A参与的有腺嘌呤核糖核苷酸和腺嘌呤脱氧核苷酸，U参与的只是尿嘧啶核糖核苷酸，ASFV中只有DNA，由A、U两种碱基参与构成的核苷酸是1种，肺炎链球菌DNA和RNA都有，由A、U两种碱基参与构成的核苷酸是3种，D错误。故选B。13.生命的物质基础是组成细胞的元素和化合物，下图中序号代表不同的化合物，面积越大代表含量越多，其中Ⅰ和Ⅱ代表两大类化合物。下列叙述错误的是（）A.Ⅲ在细胞中有自由水和结合水两种存在形式，且二者能相互转化B.Ⅳ的组成成分中可能含有Ⅴ的某些元素C.植物的根部细胞从土壤中吸收ⅣD.若Ⅳ表示脂质，则Ⅶ表示糖类和核酸，两者共有的元素是C、H、O【答案】C【详析】A、I为无机物，水含量最多，所以Ⅲ为水，在细胞中有结合水和自由水两种存在形式，且二者在一定条件下可以相互转化，A正确；B、V为无机盐，Ⅳ为蛋白质，某些蛋白质成分中含有无机盐，如血红蛋白中含有铁元素，C正确；C、Ⅳ是蛋白质，不能从土壤中吸收，C错误；D、根据细胞中化合物的含量可知，若Ⅵ是脂质，则Ⅶ是核酸和糖类。组成脂质的元素主要是C、H、O，有些脂质还含有N和P，核酸的组成元素是C、H、O、N、P，组成糖类的元素一般是C、H、O，因此Ⅵ和Ⅶ共有的元素是C、H、O，D正确。故选C。14.图是细胞膜的亚显微结构模式图，①~③表示构成细胞膜的物质，下列叙述不正确的是（）A.①由蛋白质和胆固醇组成，与细胞识别有关B.②的种类繁多，参与细胞膜的各种主要功能C.②③都可以移动，符合细胞膜的流动镶嵌模型特点D.③构成了细胞膜基本骨架，组成元素有C、H、O、N、P【答案】A〖祥解〗据图分析，图中①是糖蛋白，②是蛋白质，③是磷脂双分子层，因上侧存在糖蛋白，故上侧是细胞膜外侧。【详析】A、图中①是糖蛋白，由蛋白质和糖类组成，与细胞识别有关，A错误；B、②表示膜蛋白，功能越复杂的细胞膜，膜蛋白的种类和数量就越多，B正确；C、由于构成生物膜的③磷脂分子和大部分②蛋白质分子还可以运动的，所以生物膜的结构特点是具有一定的流动性，C正确；D、③磷脂分子由亲水的头部和疏水的尾部组成，磷脂双分子层构成了细胞膜的基本骨架，磷脂分子的元素组成为C、H、O、N、P，D正确。故选A。15.脂蛋白是一种富含胆固醇的特殊大分子，表面由胆固醇及磷脂包裹，嵌有亲水性载脂蛋白，可以进入并沉积在血管壁上促进动脉粥样硬化。下图是脂蛋白的结构模式图。下列相关叙述正确的是（）A.位于脂蛋白核心的a是水分子，在细胞中有结合水和自由水两种存在形式B.b表示蛋白质，基本组成单位是氨基酸，脂蛋白与苏丹Ⅲ结合形成橘黄色颗粒C.c表示磷脂分子，由甘油、脂肪酸和磷酸等组成，在空气-水界面铺展成单分子层D.胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，由于氢含量比糖高是细胞内良好的储能物质【答案】C【详析】A、脂蛋白核心是疏水的尾部构成的，所以位于脂蛋白核心的a是脂质，A错误；B、b表示蛋白质，基本组成单位是氨基酸，脂肪与苏丹Ⅲ结合形成橘黄色颗粒，脂蛋白不能用苏丹Ⅲ染色，B错误；C、c表示磷脂分子，由甘油、脂肪酸和磷酸等组成，磷脂的“头部”是亲水的，“尾部”是疏水的，在水--空气界面上头部向下，尾部在空气中，铺成单分子层，C正确；D、胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，不是细胞内良好的储能物质，脂肪是细胞内良好的储能物质，D错误。故选C。16.关于下图所示视野中细胞的叙述，正确的是（）A.图中有两个中心体和一个线粒体B.在结构①、⑤和⑥中含有核酸C.结构③合成蛋白质时有水生成D.⑥是进行细胞代谢和遗传的主要场所【答案】C【详析】A、图中有一个中心体，中心体由两个互相垂直的中心粒及周围物质组成，线粒体有一个，A错误；B、结构①是线粒体，含有DNA和RNA；⑤是高尔基体，不含核酸；⑥是细胞核，含有DNA和RNA，B错误；C、结构③是核糖体，氨基酸在核糖体上通过脱水缩合合成蛋白质，此过程有水生成，C正确；D、⑥是细胞核，是细胞代谢和遗传的控制中心，D错误。故选C。17.图为细胞的亚显微结构示意图，下列说法错误的是（）A.此图可用来表示低等植物细胞的亚显微结构B.图中含有双层膜的结构有4、5、6C.图中能利用胸腺嘧啶脱氧核苷酸的结构有3、5、6D.若此图表示洋葱根尖分生区细胞，去掉结构2、5、9即可【答案】B【详析】A、图中结构1为细胞壁，结构9为中心体，故此图可用来表示低等植物细胞的亚显微结构，A正确；B、图中的4、5、6分别是高尔基体、叶绿体和线粒体，叶绿体和线粒体是双层膜结构的细胞器，但高尔基体是单层膜结构，B错误；C、胸腺嘧啶脱氧核苷酸是合成DNA的原料，图中含有DNA的结构是3细胞核、5叶绿体、6线粒体，因此图中能利用胸腺嘧啶脱氧核苷酸的结构有3、5、6，C正确；D、洋葱是高等植物细胞，没有中心体；根尖细胞没有叶绿体；分生区细胞不成熟，没有液泡，故应去掉结构2、5、9，D正确。故选B。18.如图是某些细胞器的亚显微结构模式图，相关叙述错误的是（）A.②③④属于生物膜系统，①不具有膜结构B.①由两个垂直的中心粒组成，该细胞器的组成成分是RNA与蛋白质C.②和③都与能量转换有关，③在植物体的部分细胞中有分布D.②和④参与分泌蛋白的加工和运输【答案】B【详析】A、②（线粒体）、③（叶绿体）、④（内质网）都是具膜细胞器，属于生物膜系统；①是中心体，不具有膜结构，A正确；B、中心体由两个相互垂直排列的中心粒及周围物质组成，不含RNA，B错误；C、②线粒体和③叶绿体都与能量转换有关，③叶绿体在植物的部分细胞中有分布，根细胞不含叶绿体，C正确；D、②线粒体和④内质网参与分泌蛋白的加工和运输过程，内质网上加工的分泌蛋白以囊泡的形式运至高尔基体，线粒体为该过程提供能量，D正确。故选B。19.如图表示细胞部分生物膜在结构与功能上的联系，甲、乙表示两种细胞器。COPⅠ、COPⅡ是两种被膜小泡，可以介导蛋白质在甲与乙之间的运输。若定位在甲中的蛋白质错误进入乙，可通过图中相应的被膜小泡回收。下列叙述正确的是（）A.COPⅡ运输的“货物”包括消化酶、抗体、血红蛋白等B.帮助错误转运的蛋白质回收至甲的被膜小泡是COPⅡC.内质网是细胞内囊泡运输的交通枢纽D.除图示功能外，溶酶体还能分解衰老、损伤的细胞器【答案】D【详析】A、消化酶和抗体都是分泌蛋白，都需要经过内质网和高尔基体的加工，但血红蛋白属于胞内蛋白，不需要内质网和高尔基体的加工，因此COPⅡ运输的“货物”包括消化酶和抗体，不包括血红蛋白，A错误；B、题图中的甲是内质网，乙是高尔基体，结合题图可知，若定位在甲中的某些蛋白质偶然掺入乙，则图中的COPⅠ可以帮助实现这些蛋白质重新回收到内质网，因此帮助错误转运的蛋白质回收至甲的被膜小泡是COPⅠ，B错误；C、内质网形成的囊泡可转移至高尔基体，而高尔基体形成的囊泡可转移至细胞膜，因此高尔基体是细胞内囊泡运输的交通枢纽，C错误；D、溶酶体来源于高尔基体，溶酶体是细胞内的消化车间，能吞噬并杀死进入细胞的病毒或病菌，除了图中所示的功能外，溶酶体还能够分解衰老、损伤的细胞器，D正确。故选D。20.下列有关实验方法或实验操作的叙述，正确的是（）A.同位素标记技术可以用来追踪代谢过程中物质的转化B.常采用单次离心的方法分离出细胞内的各种细胞器C.研究细胞膜的流动性时，人鼠细胞融合实验用到了放射性同位素标记法D.用显微镜下拍摄的叶绿体照片直观地描述叶绿体的特征，属于构建物理模型法【答案】A【详析】A、同位素标记技术通过追踪同位素的位置变化，可研究物质在代谢中的转化途径，例如用³²P标记DNA，A正确；B、分离细胞器需采用差速离心法，通过逐渐提高离心速率分离不同大小的结构，单次离心无法实现，B错误；C、人鼠细胞融合实验使用荧光染料标记膜蛋白，观察混合分布现象，证明膜的流动性，而非放射性同位素标记法，C错误；D、显微镜拍摄的叶绿体照片属于实物图像，不是物理模型，物理模型是对实物本质特征的抽象化表达（如结构示意图），D错误。故选A。二、非选择题：本题包括5小题，共50分。21.某生物探究小组欲进行“生活中常见微生物”的探究活动，如图是该小组同学查阅资料后绘制的乳酸菌、酵母菌和蓝细菌的细胞结构示意图。（1）图中几种生物中最有可能属于病毒的是________，它在结构上不同于其他生物的显著特点是________。病毒与细胞在起源上的关系是人们很感兴趣的问题，目前主要存在两种观点：①生物大分子→病毒→细胞；②生物大分子→细胞→病毒。根据上述资料并结合所学的相关知识分析，你支持第________（填序号）种观点，依据是________。（2）图中________是乳酸菌结构模式图，其区别于图丙细胞的最主要的结构特点是________。（3）图中能进行光合作用的是________，它是一类________（填“自养”或“异养”）生物。图丙细胞与原核细胞的统一性表现在________。【答案】（1）①.丁②.无细胞结构③.②④.病毒只有寄生在活细胞内才能增殖，故应先有细胞后出现病毒（2）①.乙②.没有以核膜为界限的细胞核（3）①.甲②.自养③.都有细胞膜、细胞质、核糖体并都以DNA为遗传物质〖祥解〗依据题意分析可知，甲是蓝细菌，乙是乳酸菌，丙是酵母菌，丁是病毒。真核细胞和原核细胞最根本区别为有无以核膜为界限的细胞核。【解析】（1）最有可能是病毒的是丁，病毒与其他生物最大的区别在于无细胞结构。由于病毒只有寄生在活细胞内才能增殖，故应先有细胞后出现病毒，观点②更符合。（2）分析可知，图乙是乳酸菌（原核生物）的结构模式图，图丙是酵母菌（真核生物），两者之间最主要的区别在于乳酸菌没有以核膜为界限的细胞核。（3）蓝细菌（甲）具有叶绿素和藻蓝素，可进行光合作用，属于自养型生物。真核生物与原核生物的统一性体现在都有细胞膜、细胞质、核糖体并都以DNA为遗传物质。22.研究发现种子萌发过程中，种子内贮存的淀粉开始大量消耗，提供能量促使种子萌发。为研究种子萌发过程中的物质变化，取大小均匀的某种玉米干种子40粒，均分成甲、乙两份；给予甲组种子适宜的条件浸种，乙组仍保持干燥。待甲组种子发芽后，向两组种子中加入蒸馏水、二氧化硅充分研磨匀浆，过滤，得到等量的提取液。取6支试管分别将两组提取液等量分装成三支试管，如图所示，然后进行如下实验（干种子中的还原性物质忽略不计）：（1）若向A、D两支试管中分别加入适量的斐林试剂，其中甲液是0.1g/mLNaOH溶液，乙液为______（需注明浓度）；一段时间后观察两支试管，其中液体颜色呈砖红色的试管是______，据此可得出的结论是______。（2）若向B、E两支试管中分别加入等量的碘液，观察两支试管，发现液体的颜色均是蓝色，且E试管液体的颜色比B试管液体的颜色深，试分析产生这一现象的原因______。（3）为了验证干种子和发芽的种子含有蛋白质。某同学利用余下的C、F两支试管提取液设计了实验，请补充他的实验方案：①实验原理：______。②实验步骤：向（C、F）两支试管分别注入______。③预期结果：______。【答案】（1）①.0.05g/mLCuSO4溶液②.A③.种子萌发时，储存的淀粉被水解，产生了还原糖（2）淀粉遇碘液变蓝，玉米干种子和萌发的种子都含有淀粉；萌发种子中的淀粉因消耗使得淀粉含量低于玉米干种子（3）①.蛋白质与双缩脲试剂发生反应呈现紫色②.双缩脲试剂A液1mL，摇匀；双缩脲试剂B液4滴，摇匀③.两支试管中溶液的颜色均呈紫色〖祥解〗种子萌发过程中会分解种子内储存的有机物，产生还原糖，还原糖可以使用斐林试剂进行检测，在水浴加热的条件下产生砖红色沉淀。【解析】（1）斐林试剂的甲液是0.1g/mLNaOH溶液，乙液为0.05g/mLCuSO4溶液。甲组的A组试管的溶液是萌发的种子的提取液，乙组中的D试管是干种子的提取液，向A、D两支试管中分别加入适量的斐林试剂，水浴一段时间，A组试管会出现砖红色沉淀，据此可得出的结论是种子萌发时，储存的淀粉被水解，产生了麦芽糖、葡萄糖等还原性物质（还原糖）。（2）淀粉遇碘液变蓝，玉米干种子和萌发的种子都含有淀粉，并且萌发种子中的淀粉因消耗使得淀粉含量低于玉米干种子，因此若向B、E两支试管中分别加入等量的碘液，观察两支试管液体的颜色均是蓝色，且E试管液体的颜色比B试管液体的颜色深。（3）①本实验的实验原理是蛋白质与双缩脲试剂发生化学反应呈现紫色。②实验步骤：向（C、F）两支试管分别注入双缩脲试剂A液1mL，摇匀，双缩脲试剂B液4滴，摇匀，观察试管的颜色变化。③C、F两只试管中含有蛋白质，因此，加入双缩脲试剂后，两支试管中溶液的颜色均呈紫色。23.我国中科院上海生化所合成了一种具有镇痛作用而又不会像吗啡那样使病人上瘾的药物——脑啡肽，如图1是它的结构简式。图2是另一种蛋白质（注：每个—S—S—的形成是由两个—SH脱去两个H形成的）据此回答下列问题：（1）脑啡肽的化学本质是一种_____，它的基本组成单位的结构通式是_____。（2）如果脑啡肽肽链长度不变，组成它的氨基酸的种类和数目均不变，改变其中的_____，就可以改变其性质。（3）脑啡肽只有皮下注射才有效，而不能口服，主要原因是_____。（4）若将脑啡肽完全水解，需要水分子_____个，水解后的产物有_____种。（5）已知氨基酸的平均相对分子质量为a，图2蛋白质的相对分子质量为_____，该化合物有_____个肽键，至少含有_____个羧基，_____个氧原子。【答案】（1）①.五肽②.（2）氨基酸的排列顺序（3）如口服此药物，在消化道内药物被消化液分解，失去药效。（4）①.4②.4（5）①.124a-2220②.123③.1④.125【解析】（1）由图可知脑啡肽是含有4个肽键的一条肽链，是由5个氨基酸脱水缩合形成的五肽，其基本组成单位为氨基酸，其结构特点为：都至少含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接于同一个碳原子上。氨基酸的通式为。（2）结构决定性质，要改变脑啡肽的性质可以通过改变其结构来实现。多肽的结构由氢基酸种类、数目和氨基酸的排列顺序决定；如果脑啡肽肽链长度不变，组成它的氨基酸种类和数目均不变，改变其中氨基酸排列顺序就可以改变其性质。（3）脑啡的化学本质是多肽，口服脑啡肽会被消化道中的多肽酶消化分解，所以脑啡肽只有皮下注射才有效，而不能口服。（4）若将脑啡肽完全水解，需要断裂四个肽键，故需要水分子4个，根据分析可知，图中的R基有4种，说明氨基酸的种类为4种，因此水解后的产物有4种。（5）图1蛋白质是含有124个氨基酸的一条肽链，含有3个二硫键，由氨基酸形成蛋白质的过程中，脱去123个水，脱去6个H，因此图1蛋白质的相对分子质量为124a-123×18-6=124a-2220；至少含有羧基数=肽链数=1，至少含有的O原子数=肽键数+肽链数×2=123+2=125个O。24.下图1为动物细胞膜的亚显微结构图；图2为不同温度下胆固醇对人工膜（人工合成的脂质膜）微粘度（与流动性呈负相关）影响的曲线。请回答下列问题：（1）细胞膜的基本支架是_____，图1中细胞膜的这种结构模型被称为_____。（2）各种生物膜的结构和化学成分相似，但功能差别较大的主要原因是_____。（3）据图1可知，膜蛋白A可以作为受体与其他细胞产生的信号分子特异性结合，体现了细胞膜具有_____的功能。（4）胆固醇是动物细胞膜的重要成分，对于调节细胞膜的流动性具有重要作用。据图2分析胆固醇对生物膜流动性的影响：_____。（5）科研工作者用下图中所示的脂质体作为药物的运载体，将其运送到特定的细胞发挥作用。在脂质体中，脂溶性的药物被包在______处（填字母）。【答案】（1）①.磷脂双分子层②.流动镶嵌模型（2）膜上蛋白质的种类和数量存在差异（3）进行细胞间的信息交流（4）温度较高时（高于25度时），胆固醇可降低膜的流动性；温度较低时（低于25度时），胆固醇可以提高膜的流动性（5）C〖祥解〗流动镶嵌模型认为：磷脂双分子层构成膜的基本骨架，蛋白质分子有的镶在磷脂双分子层表面，有的部分或全部嵌入磷脂双分子层中，有的横跨整个磷脂双分子层，磷脂分子和大多数蛋白质分子是可以运动的，因此生物膜具有一定的流动性，生物膜的功能特点是具有选择透过性。【解析】（1）图1中构成细胞膜的基本支架是磷脂双分子层，细胞膜的这种结构模型被称为流动镶嵌模型。（2