湖南省部分学校2025-2026学年高二下学期期末校内检测物理试题含答案

(试卷满分：100分，考试时间：75分钟)2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，3.考试结束后，请将答题卡上交。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.A.组成原子核的核子数越多，它的结合能不一定越大；比结合能越小，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定B.大量氢原子处在n=4的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出3种频率C.两单色光的频率关系为v₂=1.5v1,它们照射到某金属表面时，从金属表面逸出的光电子最大初动能为Ek₂=1.5E₁丙的的喷出速度大小为u.若忽略所有外力，则在这段时间t内，火箭受到的平均推BD场的磁感应强度B随时间t的变化情况，取竖直向上丙丙B.1.5s时木块恰好回到传送带底端有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0A.该卫星在轨道Ⅱ上运行的速度大于7.9km/s9.在由坐标轴与虚线围成的矩形区域内，存在平行于xOy平面的匀强电场，平面内a、b、c三点的位置如图所示，Obca矩形区域外没有电场.将电子从坐标原点O处以32eV的初动能向电场区域内任一方向射三、非选择题：本题共5小题，共57分. -0.3120.20.4乙(3)若用同一个电阻R分别与电池a、电池b组成回路，则两电池的总功率为Bo,其周期均为2to,y轴的正方向为电场的正方向，垂直于弧半径R=0.9m,G、E分别为半圆的最低点和最高点.现有一可视为质点质量(1)若小物块恰好能通过半圆轨道的最高点E,求小物块在E点速度大小和小物块的释放高度hi;2026年上学期高二期末校内检测·物理123456789DCBBDDC一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.【解析】原子核的核子数越多，结合能越大；比结合能越大，原子核中核子结合的越牢固，要想将原子核变成单个核子，需要吸收更大的能量，分开越不容易，原子核越稳定，A错误；大量氢原子处在n=4的能级，由较高能级跃迁到较低能级时，最多可以发出4→3,4→2,4→1,3→2,3→1和2→1六种频率的光子，B错误；若两单色光的频率都大于该金属的极限频率，都能使该金属发生光电效应.可设该金属的逸出功为W。,根据爱因斯坦的光电效应方程可知Ek₁=hv₁-W。,Ek2=hv₂—W。=1.5hv₁-W。,联立两式解得Ek2=1.5E₁+0.5W。,C错误；对黑体辐射的研究表明，随着温度的升高，辐射强度的最大值向波长较短的方向移动，D正确.【解析】沙漠蜃景是光的全反射现象，沙漠蜃景产生的原因是由于沙漠上层空气的折射率比下层空气折射率大，光发生全反射造成的，A错误；用单色光从上面照射，空气膜的上下两个表面反射的两列光波发生干涉，根据条纹弯曲的方向判断此处是下凹的，B正确；光导纤维内部的光传播是基于光的全反射原理，C错误；DNA的双螺旋结构是通过X射线的衍射现象建立起来的模型，D错误.【解析】设喷气后火箭的速度为v(方向向前),燃气相对地面速度为v—u.系统不受外力，动量守恒，以向前为正方向，0=(M-m)v+m(v-u),解得.对火箭单独应用动量定理，其在时间t内受到的平均推力为F,Ft=(M-m)v—0,代入v得,B正确.【解析】由麦克斯韦电磁理论可知，产生的感生电场是变化的，A错误；在励磁电流交变的一个周期内产生的磁场分成四个阶段，在这四个阶段中磁场B的方向和变化趋势各不相同，因而引起的涡旋电场的方向也不相同.电子沿逆时针方向运动，为使电子得到加速，由楞次定律可知在磁场的第一个或第四个周期内，涡旋电场是顺时针方向的，即可以用来加速电子；必须维持电子沿圆形轨道运动，电子受的洛伦兹力应指向圆心，由左手定则可知，只有第一或第二个周期的区间能满足；其次，电子轨道半径不变，电子不断加速，速度增大，磁感应强度B增大；综合考虑，只有在磁场变化的第一个周期的区【解析】由图可知，该波周期为6s,A错误；若从A向B传播，时间为1s,故波速为,波长为24m.若从B向A传播，时间为5s,故波速为,波长为4.8m,B错误，D正确；由题【高二物理参考答案第1页(共4页)】【高二物理参考答案第2页(共4页)】图可知，t=0时，质点B的位移为-10√3cm,则经过2s后，质点B的位移为10√3cm,故质点B的路程为20√3cm,C错误.【解析】0～0.75s的加速度大小为,对木块进行受力分析，由牛顿第二定律可得mgsinθ+μmgcosθ=ma,解得μ=0.75,A错误；进一步得木块再经0.25s反向加速后与传送带共速，由mgsinθ=μmgcosθ得，木块最后恰能与传送带一起匀速运动，作对应的v-t图像如右图，易得2s时木块恰好回到传送带底端，B错误；在0～1s,木块相对传送带的相对位移为△x₁=6m,1～2s的相对位移△x₂=0,故木块在传送带上运动的过程中产生的热量为Q=μmgcosθ△x₁=36J,D错误；由木块的初末速度可得木块在传送带上运动的过程中，损失的机械能恰为36J,故电动机没有多消耗电能，C正确.二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.【解析】7.9km/s是第一宇宙速度，是最大的发射速度，所有绕地球运行的卫星，运行速度都小于7.9km/s,A错误；加速度由万有引力决定,P点到地心的距离相同，因此椭圆轨道I在P点的加速度等于圆形轨道Ⅱ在P点的加速度，B错误；卫星在P点加速，机械能增加，C正确；卫星在椭圆轨道I的P点时，万有引力大于圆周运动所需的向心力，要变轨到圆轨道Ⅱ,需要增大速度，使万有引力等于向心力，因此需要向后喷气加速，D正确.【解析】由题意可知，电子在a点时电势能为32eV—14eV=18eV,故a点电势为φa=-18V,电子在b点时的电势能为32eV-8eV=24eV,故B点电势为φb=-24V,故沿y轴方向的场强大小为E,=3V/cm,沿x轴方向的场强大小为E,=3V/cm,得该匀强电场的场强大小为E=300√2N/C,A错误；=eU=-18eV,B正确；电子在c点电势能Ep=e.=42eV,因为总能量只有32eV,故电子不可能从c点离开电场区域，C正确；电子受力方向与电场线相反，电子沿电场线入射时，做匀减速直线运动，通过判断可知，电子减速到0后还没有出电场，因此电子将反向加速返回到O点离开电场，D错误.【解析】金属棒运动的整个过程中，切割磁感线产生感应电动势，利用电荷量公式,金属棒在水平方向的位移为2r,有效扫过的投影面积为S=2Lr,磁通量变化量△Φ=2BLr,通过电阻R的电荷量,A正确；金属棒在水平方向切割磁感线的有效速度分量为v,=vsinwt,其中角速度产生的感应电动势为e=BLv,=BLvsinwt,感应电动势有效值为,电流表示数即电流有效值三、非选择题：本题共5小题，共57分.【解析】由动量守恒定律可得,得,又由机械能守恒可得,整理得√y1y3+【高二物理参考答案第3页(共4页)】(1)1.55(2分)0.31(2分)(2)1.48(2分)0.90(2分)(3)大于(2分)(4)1.15(2分)=1.55,即a电池电动势Ea=1.55V,内阻ra=0.31Ω;(2)同理，由图线c可知，c电池组电动势E.=3.025V,内得,由图线a可知，斜率k阻r.=1.21Ω;所以b电池电动势E₆=(3)因为Ea>E,ra<rb,且外电阻R相同时，由,得I>I,所以由总功率P=EI,得Pa(4)量程选择“直流电压2.5V”时，应选最大值“250”那组刻度读数，最小刻度为5,读数为115,故此时电表的读数为1.15V.【解析】(1)对水银液柱沿倾斜方向进行受力分析，建立平衡方程解得p₁=77cmHg(2分)(2)将玻璃管口封闭后水平放置，则左右两侧的气柱压强相等，设为p;设稳定后右侧气柱长度为xcm,则左侧气柱长(16—x)cm;对右侧气体分析，为等温变化，初状态，气柱高度为h₁=6cm,气体压强为po,由玻意耳定律得p₀Sh₁=pSx(2分)对左侧气体分析，为等温变化，初状态，气柱高度h₂=10cm,气体压强为p₂,由phSg+poS=p₂S,得p₂=79由玻意耳定律得p₂Sh₂=pS(16—x)(2分)即液柱向右移动了0.2cm的距离(2分)(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，有在t₀~2to内，粒子运动了半个圆周，粒子在x方向上的水平距离为x₁=2r₁sinθ又vy=v₁sinθ粒子在y方向上的竖直距离为y₁=2r₁cosθ又vo=v₁cosθ得(2分)在0～to与2t₀~3to时间内，粒子的运动轨迹相同，根据几何关系有即粒子在3to时刻的位置坐标为(1分)(3)3t。时刻粒子速度水平向左，大小为vo,再次进入磁场做匀速圆周运动，有(1分)即粒子在3to～4t。时间里在磁场中又运动了半个圆周，在4t。时刻粒子轨迹与x轴相切，粒子在0~4t。的运动轨迹如图所示，这段时间里粒子在x方向上的位移为一x1,设第4次到达x轴时的坐标为x₃15.【答案】(15分)(1)3m/s3m(2)1.3m(3)3.2m1.5J【解析】(1)小物块恰好能通过半圆轨道的最高点E(2)由于h₂<h₁,故小物块到不了最高点E,会在E点下方某处脱离轨道，如图，设脱离处对应的角度为θ,速率为v,由重力的法向分力提供向心力，有(