2026新高二物理暑假衔接2套（人教版）第17讲 专题十四 机械能守恒定律（教师版）

复习专题十四机械能守恒定律及四类应用

——精剖细解细复习讲义

知识点1：机械能

1、重力势能

物体因为重力作用而拥有的能量。

物体由于被举高而具有的能量叫重力势能。

物体在空间某点处的重力势能等于使物体从该点运动到参考点时重力所作的功。

2、重力势能表达式

Ep＝mgh

3、重力势能的性质

矢标性标量，有正负，物体在参考平面上方时，重力势能为正值，在参考平面下方时，重

力势能为负值。

相对性重力势能的大小与参考平面的选取有关。

系统性重力势能是地球与物体这个系统共同拥有的。

任意性（参考一般选择地面或物体运动时所达到的最低点为零势能面。

平面的选取）

4、重力做功特点

重力所做的功只跟初、末位置高度差有关，跟物体运动的路径无关。

5、重力势能的变化与重力做功的关系

定性关系：重力对物体做正功，重力势能减少，减少的重力势能等于重力所做功；重力对物体

做负功（或者说物体克服重力做功），重力势能增加，增加的重力势能等于物体克服重力所做的功。

定量关系式为：W=E=EE，即重力对物体所做功等于物体重力势能的增量的负值。

G−ΔPPl−P2

注意：重力做功是重力势能变化的原因，重力做功与重力势能的变化量为等值关系，两者均与

参考面的选择无关。

重力势能的变化只取决于物体的重力所做功的情况，与物体是否还受其他力作用以及其它力是

否做功等因素均无关。

6、弹性势能定义

发生弹性形变的物体的各部分之间，由于有弹力的相互作用而具有的势能。

7、弹簧的弹性势能的表达式

12

Ep＝kl。式中的k为弹簧的劲度系数，l为弹簧的形变量。

2

弹力做功与弹性势能变化的关系为W弹＝－ΔEp。当弹簧弹力做正功时，弹簧的弹性势能减小；

当弹簧的弹力做负功时，弹簧的弹性势能增大。

8、机械能定义

物体由于做机械运动而具有的能叫机械能。机械能包括动能和势能（重力势能和弹性势能）。

9、机械能表达式

E=EK+EP，EK为动能，EP为势能（重力势能和弹性势能）。

10、机械能性质

机械能为标量，有正负，正负表示大小。机械能是状态量。

11、机械能相对性

重力势能和动能与选取的参考平面和参考系有关，因此机械能具有相对性。一般选地面为参考

系和零势能面。

机械能的组成

1．如图，固定在地面的斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球，各球编号如

图。斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r。现将六个小球由静止同时释放，小球离开A点后

均做平抛运动，不计一切摩擦。则在各小球运动过程中，下列说法不正确的是（）

A．六个球落地时（未触地）重力的功率均相同

B．球6在OA段机械能增大

C．球6的水平射程最大

D．六个球中共有4个落地点

【答案】C

【详解】A．六个球离开A点后均做平抛运动，在竖直方向上均做自由落体运动，落地时速度的竖

直分量vy均相同，落地时重力的功率为

Pmgvy

六个球落地时（未触地）重力的功率均相同，A正确，不符合题意；

B．球6在OA段运动时，斜面上始终有小球，则球5对球6始终有推力，该推力对球6做正功，球

6在OA段的机械能增大，B正确，不符合题意；

C．球6在OA段运动时，斜面上的小球仍在加速，六个小球共同做加速运动，这个加速过程一直持

续到球1进入到水平轨道为止，此时球6、5、4已经离开水平轨道，所以球6离开水平轨道做平抛

运动的初速度最小，球6的水平射程最小，C错误，符合题意；

D．当球1进入到水平轨道后，球3、2、1的速度不再增大，球3、2、1以相同的初速度先后做平

抛运动，球3、2、1落点相同，而球6、5、4以不同的初速度先后做平抛运动，球6、5、4的落点

不相同，所以六个球中共有4个落地点，D正确，不符合题意。

故选C。

2．从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零

2

点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示。重力加速度取10m/s。由图中数据可

得（）

A．物体的质量为4kg

B．h0时，物体的速率为20m/s

C．h2m时，物体的动能Ek60J

D．从地面至h4m，物体的动能减少100J

【答案】D

【详解】A．由图可知在最高点

Epmgh80J

得

m2kg

故A错误；

B．在初位置由图可知

1

Emv2100J

k020

解得

v010m/s

故B错误；

C．由图像可得，h=2m时，物体的机械能为90J，所以动能为

EkE总Ep90J40J50J

故C错误；

D．根据图像可知从地面至h=4m，物体的动能减少

Ek100J0100J

故D正确。

故选D。

计算物体的机械能

3．假设一架战斗机正在空中某一高度做匀速飞行，另一架空中加油机给其加油．如图所示，加油后

战斗机仍以原来的高度和速度做匀速飞行，则与加油前相比，战斗机的（）

A．动能增加，势能减少，机械能不变

B．动能增加，势能增加，机械能增加

C．动能减少，势能不变，机械能减少

D．动能不变，势能不变，机械能不变

【答案】B

【详解】加油后战斗机仍以原来的高度和速度做匀速飞行，与加油前相比，战斗机的质量增加，战

斗机的动能和重力势能均增加，而机械能等于动能和势能之和，因此，机械能也增加。

故选B

4．如图所示，一可视为质点的小滑块以某一初速度沿斜面向下滑动，最后停在水平面上。滑块与斜

面及水平面间的动摩擦因数相等，以O为原点，建立水平向左的坐标，斜面与水平面连接处的坐标

为x0，则该过程中滑块的重力势能Ep、机械能E与水平位移x关系的图线正确的是（取水平面为零

势能面，忽略斜面与水平面连接处的机械能损失）（）

A．B．

C．D．

【答案】D

【详解】AB．设动摩擦因数为，斜坡的倾角为，坡长为l，开始时的机械能为E0，滑块在坡面

上下滑时，有

E1E0mgcoslE0mgx1

在水平面上运动时有

E2E0mgcoslmgx2

式中x为水平位移，可知两个过程中Ex图像的斜率始终为mg，因此Ex图像应为斜率为负

值的向下的倾斜直线，故AB错误；

CD．滑块从斜面下滑的过程中，重力势能

EPmg(x0x)tan

到达水平面后重力势能不变，则选项C错误，D正确。

故选D。

动能和机械能的相互转化

5．一质量为m的物块仅在重力作用下运动，物块位于高度h1和h2时的重力势能分别为3E0和E0

（E00）。若物块位于h1时速度为0，则位于h2时其速度大小为（）

E6E2EE

A．20B．0C．20D．40

mmmm

【答案】A

【详解】物体仅在重力作用下运动，物体的机械能守恒，根据机械能守恒定律可知

E1E2

代入已知条件为

1

3E0Emv2

002

解得h2处的速度为

E

v20

m

故选A。

6．质量均为m的a、b两球同时从地面抛出，a球抛出时的初速度大小为v0，方向竖直向上，b球

斜向上抛出。此后两球在空中运动的过程中，始终处在同一高度。以地面为零势能面，b球的机械

能是a球机械能的2倍，空气阻力忽略不计。则b球在空中运动过程中的最小动能为（）

111

A．0B．mv2C．mv2D．mv2

804020

【答案】D

【详解】由于地面是零势能面，b球的机械能是a球机械能的2倍，即两球刚抛出时，b球的动能是

a球动能的2倍，由于两球质量相等，设b球抛出时的初速度大小为v，根据

11

mv22mv2

220

解得

v2v0

由于抛出后两球始终在同一高度，说明抛出时b球初速度在竖直方向的分速度大小也为v0，则b球

初速度在水平方向的分速度大小也为v0，因此b球在空中的最小速度为v0，则最小动能为

1

Emv2

kmin20

故选D。

知识点2：机械能守恒定律

1、内容

在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能和势能可以互相转化，而总的机械能保持不变。

2、物理意义

表示一个系统初状态的机械能等于末状态的机械能。

3、守恒条件

只有重力做功或系统内弹力做功。

存在其他力作用，但其他力不做功，只有重力或弹力做功。

其他力虽然做功，但是做功的代数和为零。

进一步理解：①只受重力作用，例如不考虑空气阻力的各种抛体运动，物体的机械能守恒。②

除重力外，物体还受其他力，但其他力不做功或做功代数和为零。③除重力外，只有系统内的弹力

做功，并且弹力做的功等于弹性势能减少量，那么系统的机械能守恒．注意：并非物体的机械能守

恒，如与弹簧相连的小球下摆的过程机械能减少。

4、三种观点

观点表达式物理意义注意事项

系统初状态的机械能等于末状要选取零势能面，在整个分析过

守恒Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2

态的机械能。程中必须选取同一个零势能面。

系统减少（或增加）的重力势

不需要选取零势能面，要明确势能

转化ΔEk＝－ΔEp能等于系统增加（或减少）的

的增加量或减少量。

动能。

若系统由A、B两部分组成，当不需要选取零势能面，A部分机械

系统的机械能守恒时，则A部能的增加量等于A部分末状态的

分机械能的增加量等于B部分机械能减初状态的机械能，而B

转移ΔEA减＝ΔEB增

机械能的减少量。部分机械能的减少量等于B部分

初状态的机械能减末状态的机械

能。

5、机械能守恒判断方法

利用定义进行判断分析动能和势能的和是否发生变化。

利用做功进行判断系统内只有重力和弹簧弹力做功，其他力均不做功，或有其他力做功，

但其他力做功的代数和为零，则机械能守恒。

利用能量转化进行判断若系统内物体间只有动能和重力势能及弹性势能的相互转化，没有其他

形式的能（如没有内能增加）的转化，则系统的机械能守恒。

6、机械能守恒定律解题方法

明确研究对象；

分析研究对象的受力情况和运动情况，分析清楚各力做功的情况；

选取适当的势能平面，明确研究对象的初末状态的机械能；

选取合适的机械能守恒定律的观点列表达式；

对结果进行讨论和说明。

机械能守恒定律是一种“能——能转化”关系，应用时首先要判断所研究的物理情景中机械能

是否守恒。

如果系统（除地球外）只有一个物体，用守恒的观点求解比较方便；对于由两个或两个以上物

体组成的系统，用转化或转移的观点求解比较方便。

7机械能守恒定律的应用

应用类型分析方法

单个物体的机械能守恒问题明确研究对象；分析研究对象的受力情况和运动情况，分析清楚各力

做功的情况；选取合适的机械能守恒定律的观点列表达式；对结果进

行讨论和说明。

多个物体的机械能守恒问题分析多个物体组成的系统所受的外力是否只有重力或弹力做功，内力

是否造成了机械能与其他形式能的转化，从而判断系统机械能是否守

恒。对多个物体组成的系统，一般用“转化法”和“转移法”来判断

其机械能是否守恒。注意寻找用绳或杆相连接的物体间的速度关系和

位移关系。

含弹簧的机械能守恒问题弹簧的形变会具有弹性势能，系统的总动能将发生变化，若系统所受

的外力和除弹簧弹力以外的内力不做功，系统机械能守恒。弹簧两端

物体把弹簧拉伸至最长（或压缩至最短）时，两端的物体具有相同的

速度，弹性势能最大。

非质点的机械能守恒问题像“链条”“液柱”类的物体，其在运动过程中将发生形变，其重心

位置相对物体也发生变化，因此这类物体不能再看成质点来处理，虽

然不能看成质点来处理，但因只有重力做功，物体整体机械能守恒。

一般情况下，可将物体分段处理，确定质量分布均匀的规则并确定物

体各部分的重心位置，然后根据初末状态物体重力势能的变化列式进

行求解。

机械能守恒定律的表述

7．下列关于机械能守恒的说法正确的是（）

A．做自由落体运动的物体的机械能一定守恒

B．做匀速直线运动的物体的机械能一定守恒

C．做匀速圆周运动的物体的机械能一定不守恒

D．受摩擦力的物体的机械能一定不守恒

【答案】A

【详解】A.做自由落体运动的物体，只有重力做功，所以机械能一定守恒，故A正确；

B.做匀速直线运动的物体的机械能不一定守恒，如竖直方向的匀速直线运动，故B错误；

C.做匀速圆周运动的物体的机械能可能守恒，如在光滑桌面做匀速的圆周运动的小球，拉力充当向

心力，但不做功，故C错误；

D.受摩擦力的物体，如果摩擦力不做功，机械能守恒，例如物体在水平转盘上随转盘匀速转动时，

故D错误。

故选A。

8．以下实例中运动物体的机械能可认为守恒的是（）

A．沿斜面匀速下滑的物体

B．匀速上升的电梯

C．体育竞赛中投掷出的铅球

D．被竖直弹簧悬挂而上下运动的小球

【答案】C

【详解】A．沿斜面匀速下滑的物体，动能不变，重力势能减小，机械能减小，故A不符合题意；

B．匀速上升的电梯，动能不变，重力势能增大，机械能增大，故B不符合题意；

C．体育竞赛中投掷出的铅球，忽略空气阻力，只受重力作用，可认为机械能守恒，故C符合题意；

D．被竖直弹簧悬挂而上下运动的小球，受重力、弹簧的拉力作用，机械能不守恒，故D不符合题

意。

故选C。

判断系统机械能是否守恒

9．在忽略空气阻力的情况下，下列物体运动过程中机械能守恒的是（）

A．物体随电梯匀速下降B．物体随电梯加速下降

C．物体沿着固定斜面减速下滑D．物体沿光滑固定斜面由底端减速上滑

【答案】D

【详解】物体运动过程只有重力或弹簧弹力做功时机械能守恒。

A．物体随电梯匀速下降时重力和支持力都做功，机械能不守恒，故A错误；

B．物体随电梯加速下降时重力和支持力都做功，重力做的功大于支持力做的功，所以机械能不守恒，

故B错误；

C．物体沿着固定斜面减速下滑时物体与斜面之间由摩擦力，所以下滑过程重力和摩擦力都做功，机

械能不守恒，故C错误；

D．物体沿光滑固定斜面由底端减速上滑时只有重力做功，机械能守恒，故D正确。

故选D。

10．在空中悬停的无人机因突然失去动力而下坠，在此过程中，其所受空气阻力与下坠速度成正比，

则无人机下坠过程中（）

A．机械能守恒B．机械能一直减小

C．机械能一直增加D．所受合外力先做正功后做负功

【答案】B

【详解】A．无人机下坠运动中，受重力和空气阻力作用，因此机械能不守恒，A错误；

BC．在此过程中，一直受到空气阻力作用，因此机械能一直减小，B正确，C错误；

D．在此过程中，若空气阻力一直小于重力，则一直在加速运动，所受合外力一直做正功；若空气

阻力先小于重力，后与重力大小相等，则先加速后匀速，所受合外力先做正功后做功是零，D错误。

故选B。

利用机械能守恒定律解决简单问题

11．如图，小球以初动能E0从地面竖直向上抛出，上升的最大高度为H，取最高点为重力势能零点，

不计空气阻力与球的大小。小球的动能为Ek，重力势能为Ep，机械能为E分布用图中柱形图的高度

表示，则正确的是（）

A．B．

C．D．

【答案】B

【详解】最高点是零势能点，而小球在最高点的动能为零，所以小球的机械能为零，小球运动过程

中只有重力做功，机械能守恒，所以在出发点，小球动能最大

1

Emv2

k12

势能最小

Ep1mgH

机械能为零

EEk1Ep10

即

H

在处，势能为

2

1

EmgH

p22

机械能为零，所以动能为

1

EE

k22k1

故B正确，ACD错误。

故选B。

12．有一个高h3m的曲面定不动，一个质量为2kg的物体，由静止开始从曲面的顶点滑下，滑到

底端时的速度大小为4m/s，g取10m/s2。在此过程中，下列说法正确的是（）

A．物体的动能减少了16JB．物体的重力势能减少了60J

C．物体的机械能保持不变D．物体的机械能减少了60J

【答案】B

【详解】A．物体的动能增加量为

11

Emv2242J16J

k22

故A错误；

B．物体的重力势能减少量为

Epmgh2103J60J

故B正确；

C．由于

EpEk

故物体的机械能不守恒，故C错误；

D．物体的机械能减少量为

EEpEk60J16J44J

故D错误。

故选B。

机械能与曲线运动结合问题

13．如图甲所示，“魔力陀螺”可在圆轨道的外侧旋转而不脱落，好像轨道对它施加了魔法一样，其

物理原理可等效为如图乙所示的模型：半径为R的磁性圆轨道竖直固定，质量为m的小铁球（可视

为质点）在轨道外侧转动，A、B两点分别为轨道的最高点、最低点，铁球受轨道的磁性引力始终

指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A．铁球可能做匀速圆周运动

B．铁球绕轨道转动时机械能守恒

C．铁球在A点的速度必须满足vAgR

D．要使铁球不脱轨，轨道对铁球的磁性引力至少为6mg

【答案】B

【详解】A．铁球绕竖直轨道转动时，重力势能与动能相互转化，在最高点速度最小，最低点速度

最大，故不可能做匀速圆周运动，故A错误；

B．铁球绕轨道转动时，受重力、磁力、支持力，磁力和支持力方向都与速度方向垂直不做功，故只

有重力做功，故机械能守恒，故B正确；

C．小铁球（可视为质点）在轨道外侧转动，铁球在A点时受重力、磁性引力、轨道的支持力，最

小向心力为零，故铁球在A点时的最小速度为0，故C错误；

D．要使铁球不脱轨，铁球在A点时的最小速度为0，当铁球运动到B点时由机械能守恒和圆周运动

规律可得

2

12v

2mgRmv，Fmgm

2R

两式联立解得

F5mg

故要使铁球不脱轨，轨道对铁球的磁性引力至少为5mg，故D错误；

故选B。

14．不可伸长的轻绳长L，一端系在O点，另一端系一质量为m的小球（视为质点）。小球从A点

静止释放（阻力不计），此时绳子和竖直方向夹37角，已知sin370．6，cos370．8，B点在O

点正下方。则下列说法正确的是（）

A．在A点释放时，轻绳拉力大小等于0.6mgB．小球由A到B的过程中绳子拉力大小可能不

变

C．小球不能到达左侧等高的C点D．在B处绳子拉力大小是1.4mg

【答案】D

【详解】A．在A点释放时，沿绳子方向上受力平衡，即

Tmgcos370.8mg

故A错误；

B．设绳子与竖直方向夹角为，小球从A点释放，由A到B的过程中，减小，小球速度逐渐增

大，所需向心力逐渐增大，而

F向=Tmgcos

减小，mgcos值增大，故T逐渐增大，故B错误；

C．由于A、C点等高，根据机械能守恒定律可知小球能到达左侧等高的C点，故C错误；

D．在最低点时，根据动能定理可得

1

mgL(1cos37)mv2

2

绳子的拉力与重力的合力提供向心力

mv2

Tmg

L

联合解得

T1.4mg

故D正确。

故选D。

铁链下滑问题

15．如图所示，总长为L，质量分布均匀的铁链放在高度为H的光滑桌面上，有长度为a的一段下

垂，HL，重力加速度为g，则铁链刚接触地面时速度为（）

A．g(2Ha)B．2g(2Ha)

a2

C．g(2HLa)D．g(2HL)

L

【答案】D

【详解】根据题意，设铁链的质量为m，铁链刚接触地面时速度为v，取地面为零势能面，由机械

能守恒定律有

LaaaL12

mgHmgHmgmv

LL222

解得

a2

vg(2HL)

L

故选D。

16．如图（a）所示，一根质量为M、长度为L的均匀柔软细绳置于光滑水平桌面上，绳子右端恰

好处于桌子边缘，桌面离地面足够高。由于扰动，绳从静止开始沿桌边下滑。当绳下落的长度为x时，

p

加速度大小为a，绳转折处O点的张力大小为T，桌面剩余绳的动能为Ek、动量为，如图（b）所

示。则从初态到绳全部离开桌面的过程中，下列说法正确的是（）

L

A．当x时，张力T有最大值

4

L

B．当x时，动量p有最大值

4

L

C．当x时，加速度a有最大值

2

2L

D．当x时，动能Ek有最值

3

【答案】D

【详解】AC．分析整段绳

M

xgMa

L

隔离桌面部分

Lx

TMa

L

联立可得

xLxx

ag，TMg

LLL

L

故当xL时，a有最大值；x时，T有最大值；故A错误，C错误；

2

B．由机械能守恒定律

Mx1

xgMv2

L22

可得

g

vx

L

故

Lxg

pMx

LL

L

故当x时，动量p有最大值，故B错误；

2

D．根据

1Lx2Lx2Mg

EkMvx

2LL2L

2L

求导可得，当x时，动能Ek有最大值，故D正确。

3

故选D。

用杆连接的系统机械能守恒问题

17．如图所示，在竖直平面内有一半径为R的四分之一圆弧轨道BC，与竖直轨道AB和水平轨道CD

相切，轨道均光滑。现有长也为R的轻杆，两端固定质量为m的小球a、质量为2m的小球b（均可

视为质点），用某装置控制住小球a，使轻杆竖直且小球b与B点等高，然后由静止释放，杆将沿轨

道下滑。设小球始终与轨道接触，重力加速度为g。则（）

A．下滑过程中a球机械能增大

B．下滑过程中b球机械能守恒

26gR

C．小球a滑过C点后，a球速度大于

3

2

D．从释放至a球滑过C点的过程中，轻杆对b球做正功为mgR

3

【答案】D

【详解】ABC．根据题意，对于两个小球组成的系统，下降过程中，只有重力做功，系统的机械能

守恒，由机械能守恒定律有

1

mg2R2mgRm2mv2

2

解得

26gR

v

3

则小球a的机械能变化量为

12

Emv2mg2RmgR

a23

则小球b的机械能变化量为

2

EEmgR

ba3

22

即下滑过程中a球机械能减小mgR，b球机械能增加mgR，故ABC错误；

33

D．根据题意，设从释放至a球滑过C点的过程中，轻杆对b球做功为W，对小球b，由动能定理

有

1

2mgRW2mv2

2

解得

2

WmgR

3

2

即从释放至a球滑过C点的过程中，轻杆对b球做正功为mgR，故D正确。

3

故选D。

18．如图所示，小滑块A、B的质量分别为2m、m，其中A套在固定的竖直杆上，B静置于水平地

面上，A、B间通过铰链用长为L的刚性轻杆连接。一轻弹簧左端与B相连，右端固定在竖直杆上，

弹簧水平。当α=30°时，弹簧处于原长状态，此时将A由静止释放，下降到最低点时α变为45°，整

个运动过程中，A、B始终在同一竖直平面内，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦,重力加速度为g。

则A下降过程中（）

A．A、B组成的系统机械能守恒

B．弹簧弹性势能的最大值为(3-2)mgL

C．竖直杆对A的弹力一定大于弹簧弹力

D．A的速度达到最大值前，地面对B的支持力大于3mg

【答案】B

【详解】A.A下降过程中，A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，故A错误；

B.根据系统机械能守恒可知A下降至最低点时弹簧弹性势能最大，则有

Ep=2mgL(cos30°-cos45°)=(3-2)mgL

故B正确；

C.对B，水平方向的合力

Fx=F杆sinα-F弹=ma

滑块先做加速运动后做减速运动，而竖直杆对A的弹力大小等于F杆sinα，所以竖直杆对A的弹力

并不是始终大于弹簧弹力，故C错误；

D.A下降过程中动能达到最大前，A加速下降，对A、B整体，在竖直方向上根据牛顿第二定律有

3mg-N=2ma

则有

N<3mg

故D错误。

故选B。

用细绳连接的系统机械能守恒问题

19．如图，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上、半径为R的

光滑圆柱，当B位于地面时，A恰与圆柱轴心等高。已知A、B的质量分别为3m、m。将A由静止

释放，B上升的最大高度是（）

34

A．3RB．2RC．RD．R

23

【答案】C

【详解】当A刚刚下落到地面时，由由机械能守恒定律得

11

3mgRmgR3mv2mv2

22

A落地后B将继续上升到速度为零，设继续上升高度为h，有

1

mv2mgh

2

联立解得

R

h

2

则B上升的最大高度是

3R

hR

2

故选C。

20．如图所示，带孔物块A穿在竖直固定的细杆上，不可伸长的轻质柔软细绳一端连接物块A，另

一端跨过轻质定滑轮连接物块B，用手将物块A向上移动到与定滑轮等高处由静止释放后，两物块

开始在竖直方向上做往复运动。已知物块A的质量为m，物块B的质量为2m，定滑轮到细杆的距

离为L，细绳的长度为2L，重力加速度大小为g，不计一切摩擦阻力，定滑轮大小不计，两物块均

可视为质点，以下说法正确的是：（）

A．物块A的机械能守恒

B．物块B的机械能减小

l

C．物块B与定滑轮间的最小距离为

2

1

D．物块A、B处于同一高度时系统的总动能为mgl

4

【答案】D

【详解】A．物块A在运动的过程中，除了重力做功之外，绳子的拉力也对物块做功，根据机械能

守恒定律的条件可知，物块A的机械能不守恒，故A错误；

B．物块B在上升的过程中，绳子的拉力对物块B做正功，物块B的机械能增大，B错误；

C．释放的瞬间系统总动能为零，物块B与定滑轮间的距离最小时系统的总动能也为零，因此物块A

减小的重力势能等于物块增加的重力势能，设物块B与定滑轮的间距最小时定滑轮左侧细绳与水平

方向所成的角为，有

mgLtan2mg(Ld)

L

2Ld

cos

解得

L

d

3

C错误；

D．设物块A、B处于同一高度时定滑轮左侧细绳与水平方向所成的角为，有

L

Ltan2L

cos

L

EmgLtan2mg(L)

kcos

解得

mgL

k

4

D正确。

故选D。

弹簧类问题机械能转化的问题

21．如图所示，可视为质点的物块与劲度系数为k的竖直轻质弹簧上端相连，弹簧下端固定在水平

地面上，将物块拉至A点由静止下落，当下落的高度为2h时正好运动到B点，当物块运动到O点

时弹簧正好处于原长，且O点是AB的中点，已知弹簧处在B点时，物块的加速度刚好为0，重力

加速度为g，下列说法正确的是（）

A．物块从A到O的过程中，机械能减小

B．物块从A到B的过程中，物块的动能先增大后减小

2kh

C．物块的质量为

g

D．物块下落过程的最大速度为2gh

【答案】D

【详解】A．当物块运动到O点时弹簧正好处于原长，则物块从A到O的过程中，弹簧对物块的拉

力向下，对物块做正功，则物块的机械能增加，故A错误；

B．弹簧处在B点时，物块的加速度刚好为0，因此可知，B点速度最大，则A到B物块动能一直增

大，故B错误；

C．根据题意，物块处在B点，弹簧的压缩量为h，物块处于平衡状态，则有

khmg

解得

kh

m

g

故C错误；

D．由对称性可得，物块处在A、B两点弹簧的伸长量和压缩量相等，则两点对应的弹性势能相等，

由能量守恒定律可得

1

mg2hmv2

2

解得

v2gh

故D正确。

故选D。

22．质量为m的小球从某高度的O点由静止下落，落在自由放置的轻弹簧上，弹簧自由放置时最高

点为A点，如图所示。已知小球到达B点时小球的重力与弹簧的弹力大小相等，图中C点是小球到

达的最低点（不计空气阻力）。下对说法正确的是（）

A．从O点到C点，小球的重力势能减小，动能增大，小球的机械能守恒

B．从A点到C点，小球的重力势能一直减小，动能先增大后减小，小球、地球、弹簧组成的

系统的机械能不守恒

C．到达B点时，小球的动能最大，弹簧的弹性势能最小

D．从O点到A点，小球的重力势能减小，动能增大，小球、地球组成的系统的机械能守恒

【答案】D

【详解】ABD．从O点到A点，小球的重力势能减小，动能增大，因只有重力做功，则小球和地球

组成的系统的机械能守恒；从A点到C点，小球的重力势能减小，在B点时由于弹力等于重力，可

知B点速度最大，则小球的动能先增大后减小，弹簧弹力对小球做负功，则小球的机械能不守恒，

但是小球、地球、弹簧组成的系统的机械能守恒，选项AB错误，D正确；

C．到达B点时，小球的动能最大，弹簧有形变量，则弹性势能不是最小，选项C错误；

故选D。

解答题

23．如图所示的装置由轻质弹射器、小球（可视为质点）、平直轨道AB、圆心为O1的竖直半圆轨

道BC、圆心为O2的竖直半圆管道CD和平直轨道DE组成，B、C、D在同一竖直线上，轨道各部分

平滑连接。现使小球压缩弹射器并锁定，二者接触但不栓接，弹射器锁定位置可以改变。某时刻解

除锁定，小球由静止释放，自A点以一定初速度弹出，已知小球质量m0.02kg，轨道BC的半径

R0.45m，管道CD的半径r0.10m，管道直径远小于r，小球与轨道DE间的动摩擦因数0.4，

其余各部分轨道均光滑，轨道DE的长度L3.00m，重力加速度大小取10m/s2。

（1）若小球恰能通过C点，求弹射器锁定时的弹性势能；

（2）求小球能经过管道CD最高点D时的最小速度和此时对轨道的压力；

（3）若小球在运动过程中不脱离轨道，求弹射器锁定时弹性势能的取值范围。

2

【答案】（1）0.225J；（2）m/s，0.1N，方向竖直向下；（3）Ep0.09J或0.225JEp0.46J

2

【详解】（1）根据题意可知，小车恰好过C点时，由牛顿第二定律有

v2

mgm

R

由能量守恒定律有

1

E2mgRmv2

p2

联立代入数据解得

Ep0.225J

（2）根据题意，假设小车恰好过C点时也能过D点，则有

11

mv22mgrmv2

2C2D

解得

2

vm/s

D2

由于vD0，小车能过D点，假设成立，过D点的最小速度为

2

vm/s

D2

在D点，由牛顿第二定律得：

v2

mgNm

r

解得

N0.1N

由牛顿第三定律可得压力大小

NN0.1N

方向竖直向下。

（3）当小车恰好到圆心O1等高处时，有

EpminmgR

解得

Epmin0.09J

当小车恰好停在水平轨道DE的E点时，有

Epmax2mgRrmgL

解得

Epmax0.46J

故锁定时弹射器的弹性势能Ep的范围为

Ep0.09J或0.225JEp0.46J

24．如图甲所示，AB为光滑的水平面，BC是倾角为θ的足够长的