重庆市永川区2026届高三物理下学期第三次调研检测试题（一）【含答案】

高届高三下学期第三次调研检测物理试卷一、选择题：共分（一）单项选择题：共7题，每题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.在物理学的发展历程中，有很多科学家做出了卓越的贡献，下列说法正确的是（）A.安培发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，揭示了电与磁的联系B.贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子具有核式结构C.法拉第建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波存在D.伽勒在勒维耶预言的位置附近发现了被誉为“笔尖下发现的行星”的海王星【答案】D【解析】【详解】A．电流的磁效应（电流可使周围小磁针偏转）是奥斯特发现的，安培的主要贡献为安培力规律、分子电流假说等，A错误；B．贝克勒尔发现天然放射性现象说明原子核具有复杂结构，原子的核式结构是卢瑟福通过α粒子散射实验提出的，B错误；C．麦克斯韦建立了完整的电磁场理论并预言了电磁波的存在，法拉第的主要贡献是发现电磁感应现象，C错误；D此被称为“笔尖下发现的行星”，D正确。故选D。2.2025年诺贝尔物理学奖授予美国科学家约翰·JohnClarke·H·MichelHDevoret）和约翰·M·马蒂尼斯（JohnM。Martinis量子能量，式中是普朗克常量，的单位用国际单位制的基本单位表示正确的是（）A.B.第1页/共20页

C.D.【答案】A【解析】【详解】CD．题目要求用国际单位制基本单位表示，焦耳是导出单位，不是基本单位，CD错误；AB．根据可得根据，可得因此可得能量的单位频率的单位因此的单位为，A正确，B错误。故选A。3.静电透镜是利用静电场使带电粒子束会聚或发散的一种装置。如图，一粒子（带电荷量的绝对值为e）仅受电场力的作用，实线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于y轴对称，a、b、c、d分a点时动能为50eV）A.该粒子带正电B.b、c两点的电场强度相同C.粒子在整个运动过程中，电场力一直做负功D.粒子在经过c点时的动能为70eV【答案】D【解析】第2页/共20页

【详解】A．由图可知，粒子在轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子带负电，A错误；B．依题意，各等势线关于y轴对称，故y轴两侧等势线疏密相同，电场线疏密相同，即b、c两点处电场线疏密相同，则b、c两点处电场强度大小相同，但方向不同，B错误；C．粒子在轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子在轴左侧时，电场力做正功，在轴右侧时，电场力做负功，C错误；D．从a点到c点，由动能定理有解得，D正确。故选D。4.一定质量理想气体体积随摄氏温度变化的图像如图所示，过程为，图线与图线均与纵轴平行，则下列判断正确的是（）A.从到过程，气体对容器壁单位面积的作用力减小B.从到过程，气体放出热量等于外界对气体做功C.从到过程，所有气体分子的动能增大D.从到过程，气体分子数密度增大【答案】B【解析】A到A错误；B．从到过程，气体温度不变，内能不变；体积减小，则外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放出热量等于外界对气体做功，B正确；C．从到过程，气体温度升高，气体分子的平均动能变大，但并非所有气体分子的动能都增大，C错误；D．从到过程，气体体积变大，则分子数密度减小，D错误。故选B。第3页/共20页

5.如图所示，一轻绳绕过定滑轮（半径可忽略）一端连接小球B体B放在粗糙水平地面上，受到水平向右的作用力FA沿光滑固定的半球面从图示位置C在半球面球心OOC的长度为2RRA向上移动到D的过程中，下列说法正确的是（）A.轻绳的张力T增大B.光滑半球面对小球A的支持力N变大C.地面对物体B的摩擦力增大D.地面对半球面的作用力减小【答案】C【解析】AB的支持力的作用，处于三力平衡状态，根据相似三角形法则知可得轻绳的拉力逐渐减小，支持力不变，故AB错误。C轻绳的张力的支持力增大，摩擦力增大，故C正确。D．球A对半球面的压力大小不变，其方向与竖直方向夹角变小，则压力与半球面的重力的合力增大，此合力与地面对半球面的作用力为一对平衡力，故地面对半球面的作用力增大，故D错误。故选C。6.卫星在不同轨道绕地球做圆周运动，卫星速率平方的倒数与轨道高度线的纵截距为b，斜率为k，引力常量为G，则（）第4页/共20页

A.地球的半径为B.地球表面附近的重力加速度为C.地球的质量为D.地球的平均密度为【答案】C【解析】【详解】A．设地球半径为R，卫星的轨道高度为h，由万有引力提供向心力有又联立得所以求得地球的半径故A错误；B．对在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的物体，有结合题图可得第5页/共20页

求得地球表面附近的重力加速度故B错误；C．地球表面的物体所受重力等于万有引力，即可得故C正确；D．由上述分析可得故D错误。故选C。7.如图所示，质量为m、带电荷量为＋q的小圆环套在半径为R的光滑绝缘大圆环上，大圆环固定在竖直OAB的匀强电场，并同时给在A点的小圆环一个向右的水平初速度v，小圆环恰好能够沿大圆环做完整的圆周运动，则小圆环运动过程中（）A.动能最小与最大的位置在同一等势面上B.电势能最小的位置恰是机械能最大位置C.在A点获得的初速度为D.过B点受到大圆环的弹力大小为mg第6页/共20页

【答案】B【解析】AC与物理最高点D，如图所示小圆环在等效物理最低点速度最大，动能最大，在等效物理最高点速度最小，动能最小，根据沿电场线方向电势降低，可知，不在同一等势面上，故A错误；B最小的位置恰是机械能最大的位置，故B正确；CD的速度略大于0环到D点时速度恰好为0，对圆环分析有解得所以圆环在A点获得的速度应略大于，故C错误；D．小圆环运动到B过程中有在B点有解得可知小圆环过B点受到大环的弹力大小为，故D错误。故选B。（二）多项选择题：共3题，每题5分，共分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图甲是氢原子的能级结构，图乙是研究光电效应的实验装置，大量处于激发态的氢原子跃迁时，发出频率不同的大量光子，照射K极，其中3条光电流I随电压U变化的图线如图丙所示，已知可见光光第7页/共20页

子能量范围约为1.6eV到3.1eV之间。下列说法正确的是（）A.氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出6种频率的可见光B.若调节滑动变阻器滑片能使光电流为零，则可判断图乙中电源右侧为负极C.b光的光子能量小于a光的光子能量D.氢原子从能级向低能级跃迁时释放出落在可见光区域的射线，通过相同装置做双缝干涉实验，其中相邻亮条纹间距最宽的是n=3向n=2跃迁时释放出的射线。【答案】BD【解析】【详解】A．由可得氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出的光子的能量分别为，，，，，，只有从能级跃迁到能级，和从能级跃迁到能级发出的光在可见光范围内，A错误；BA电源右侧为负极，B正确；Cb光的遏止电压大于a知b光光子的能量大于aC错误；D能级跃迁到知其光子的波长最长，由知，其产生的干涉条纹的宽度最宽，D正确。故选BD。9.如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（）第8页/共20页

A.用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大B.t=0.015s时穿过线圈的磁通量为零C.将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的D.若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大【答案】BD【解析】A压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻两端电压增大，降压变压器原线圈两端电压减小，即电压表示数减小，故A错误；B．时，电压，为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的磁通量为0，故B正确；C．将输电电压提高到原来的10倍，根据，可知输电线路上的电流变为原来的，根据输电线路上损失的功率，可知输电线路上损失的功率变为原来的，故C错误；D变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功率为，所以输电线上的损失功率增大，故D正确。故选BD。10.向右的初速度，此后滑块和木板的动能随各自位移变化的图像如图乙所示，最终滑块恰停在木板的右端。下列说法正确的是（）第9页/共20页

A.滑块与木板的质量之比为2∶3B.木板的长度为C.滑块与木板间的滑动摩擦力大小为D.滑块的速度减为时，木板的速度为【答案】ACD【解析】【详解】A．最终两者共速，速度相同，由图得共速时滑块动能木板动能因此质量比，故A正确；BC．对滑块由动能定理代入解得对木板由动能定理得，木板长度，故B错误，C正确；D．系统任意时刻动量守恒，有代入，解得，故D正确。故选ACD。二、非选择题：共5题，共分。某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，作出的光路图及测出的相关角度如图甲所示。第10页/共20页

（1）下列措施能够提高实验准确度的是________；A.和之间的距离适当减小B.、连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当减小C.选用宽度较大的玻璃砖D.用入射界面与出射界面平行的玻璃砖（2________（选填“偏大”“偏小”或“不（3A点作法线的平行线交折射光线的反向延长线于B点，再过B点作法线的垂线，垂足为C点，如图乙所示，其中，则玻璃的折射率________。【答案】（1）C（2）偏大（3）1.5【解析】【小问1详解】A．为减小作图误差，和之间的距离应适当增大，故A错误；B．、连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当增大，折射现象更明显，误差较小，故B错误；C小，故C正确；D．玻璃砖无需平行，故D错误。故选C。【小问2详解】第11页/共20页

针插得偏右一点会导致出射光线在玻璃砖上的出射点左移，从而导致折射角的测量值偏小，根据可知折射率的测量值偏大。【小问3详解】由几何知识得，则玻璃的折射率12.某实验小组准备利用表头设计一个多挡位欧姆表，但不知道其内阻。为了精确测量表头内阻，小组首先采用“电桥法”进行测量。实验电路如图甲所示，部分所用器材如下：A.待测表头：量程0~300μA，内阻约为500ΩB.灵敏电流计GC.定值电阻D.粗细均匀的电阻丝AB，总长度E.滑动变阻器（最大阻值为5Ω，额定电流为2A）F.电源、开关及导线若干。（1）闭合开关S前，先将滑片置于______端（选填“a”或“b（2）将滑片大致固定在电阻丝的中间位置，接着闭合开关S，调节滑动变阻器滑片使表头示数适当后保持不动，移动滑片直至灵敏电流计G示数为零，测得此时段电阻丝长度，则表第12页/共20页

头的内阻______；（3改装成具有“×100”和“×1k”两个挡位的欧姆表，如图乙所示。电源电动势阻忽略不计，为调节范围足够的滑动变阻器，当开关S断开时，对应的倍率为“×1k”，则短接表笔a、b进行欧姆调零时，应调至______S×100应为______。【答案】（1）（2）450（3）①.9.55②.50【解析】【小问1详解】0此滑片应置于a。【小问2详解】粗细均匀的电阻丝ABG示数为零，即电桥平衡时，测得此时段电阻丝长度，有代入数据解得表头内阻【小问3详解】[1]短接调零时，满偏电流当开关S断开时，有得欧姆表总内阻符合×1k挡的中值电阻规律。[2]×100挡的中值电阻（欧姆表总内阻）第13页/共20页

短接调零时，总电流表头仍满偏，电流因此流过R2的电流根据并联电压相等有代入得13.两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播，两波源分别位于和处，两列波的波速均为时刻两列波的波形图，此刻平衡位置在和的、两质点刚开始振动。质点的平衡位置位于处。（1）如果两波源一直振动，求两列波叠加后两波源之间有几个振动最强的点；（2）如果两波源均只振动时间，求内质点运动的路程。【答案】（1）7（2）4cm【解析】【小问1详解】由题图知λ=0.4m振动加强点到两波源的距离差Δx应满足Δx=nλ，n取整数由题意知：-（0.2+1.2）m=-1.4＜Δx＜（0.2+1.2）m=1.4m可得n=0，±1，±2，±3，共7个振动加强点。【小问2详解】波的周期波源振动经t1波传到M点，M振动时间为Δt=t-t=2.0s-1.75s=0.25s第14页/共20页

由于M是振动加强点，则振幅为A'=2A，可知M振动的路程为14.如图甲所示，足够长倾斜导轨与水平面的夹角为，上端间、底端均与阻值为R的定值电阻相连，导轨的宽度为l、内存在垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度的大小随时间的变化规律如图乙所示；与底端间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。是长度为l、质量为m、阻值为R垂直导轨放置的导体棒，其他电阻不计，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g。若内在下方磁场区域的某位置恰能静止，时刻通过定值电阻的电流刚好达到稳定值。（1）求内通过的电流大小I；（2）求时刻的速度大小；（3）若已知到时间内通过PQ的电荷量为q，求此过程产生的热量Q。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详解】由题可知，时间内，处于静止状态，根据平衡条件有解得【小问2详解】第15页/共20页

依题意，时刻通过定值电阻的电流刚好达到稳定值，导体棒切割磁感线运动，且做匀速运动，则有此导体棒产生的感应电动势回路总电阻为回路中的感应电流联立解得【小问3详解】根据法拉第电磁感应定律有根据闭合电路的欧姆定律有根据电流的定义式有联立解得对，由动能定理有由功能关系可知系统产生的总焦耳热故上产生焦耳热为解得15.如图所示，平面直角坐标系中，虚线段与轴正方向的夹角为，且。点有一可视为质点的粒子源，能在平面内向右侧与成角的方向以各种速率发射质量为、电荷量为的带正电粒子。右侧的匀强磁场Ⅰ，左侧和边界之间（含边界）存在沿轴负方向、场强大小的匀强电场。第二象限存在另一垂第16页/共20页

直平面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场Ⅱ，磁场边界是半径为的圆，且刚好与轴和轴相