云南迪庆州2025-2026学年高一年级上册期末教学质量检测物理（解析版）

迪庆州2025-2026学年高一秋季学期期末教学质量检测

物理试题

考生注意：

1、答题前，考生务必将自己的姓名、班级填写在答题卡上。考生要认真核对答题卡上粘贴

的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人信息是否一致。

2、、客观题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。主观题用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作

答，在试卷和草稿纸上作答，答案无效。

3、试卷满分100分。考试时间：90分钟，考试结束，监考员将答题卡收回。

一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项

符合题目要求。

1.纪念中国人民抗日战争胜利80周年的阅兵仪式于2025年9月3日9时15分开始，右图为26架直-19

武装直升机组成的“80”字样。以下说法正确的是（）

A.9时A分是时间间隔

B.某架直升机在空中的轨迹为圆形，其路程为零

C.以编队中某一武装直升机为参考系，其他直升机是运动的

D.研究直升机上螺旋桨的转动情况时，直升机不能看作质点

【答案】D

【解析】

【详解】A.9时15分，阅兵仪式开始，可知是时刻，故A错误；

B.路程是物体运动轨迹的长度，某架直升机在空中的轨迹为圆形，其路程不为零，故B错误；

C.26架直-19武装直升机组成“80”字样，队形不变，可知以编队中某一武装直升机为参考系，其他武装

直升机是静止的，故C错误；

D.研究飞行中直升机上的螺旋桨的转动情况时，必须考虑直升机及其螺旋桨的大小、形状和转动，因此不

能将直升机看作质点，故D正确。

故选D

2.一游客在武夷山九曲溪乘竹筏漂流，途经双乳峰附近的M点和玉女峰附近的N点，如图所示，已知该

游客从M点漂流到N点的路程5.4km,用时lh,M、N间的直线距离为1.8km,则从M点漂流到N点的过

A.该游客的位移大小为5.4km

B.该游客的平均速度大小为0.5m/s

C.该游客的平均速率为1.8km/h

D.若游客之前是乘出租车去九曲溪，出租车是按位移的大小来计费的

【答案】B

【解析】

【详解】A.位移大小为M、N间的直线距离，故该游客的位移大小为1.8km,故A错误;

B.平均速度为位移与时间的比值，该游客的平均速度大小

—r18km

v=—=-------=1.8km/h=0.5m/s,故B正确;

/ih

一，q54km

c.平均速率为路程与时间的比值’该游客的平均速率=丁=5.4km/h'故C错误;

D.若游客之前是乘出租车去九曲溪，出租车是按路程的大小来计费的，故D错误。

故选B。

3.机器狗学名仿生四足机器人，如图所示。随着我国人工智能科技的飞速发展，机器狗可以完成多种灵

活、高难度的动作，下列关于机器狗的叙述正确的是（）

A.机器狗腾空时，在最高点处于平衡状态

B.机器狗起跳时，地面对它支持力等于它所受的重力

C.机器狗起跳时，地面对它的支持力大「它对地面的压力

D.机器狗用一条腿稳定站立时，地面对机器狗的支持力的作用线通过机器狗的重心

【答案】D

【解析】

【详解】A.机器狗腾空时，在最高点只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故A

错误；

B.机器狗起跳时，加速度向上，由牛顿第二定律，可知地面对它支持力大于它所受的重力，故B错误；

C.地面对它的支持力与它对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，故C错误；

D.机器狗用一条腿稳定站立时，根据二力平衡可知，地面对机器狗的支持力的作用线通过机器狗的重心,

故D正确。

故选D。

4.如图所示，2025蛇年春晚，国产宇树科技机器人集体扭秧歌引人注目，动作丝滑堪比人类。图甲、乙

分别记录两台机器人在•段时间内运动的图像，甲图为A机器人的X一/图像，乙图为B机器人的I，一，图

像，下列关于A、B两机器人的运动情况的说法正确的是（）

A.0~4s内乙图中B机器人的加速度大小为2.5m/s2

B.4~Xs内甲图中A机器人做匀速直线运动

C.0~12s内甲图中A机器人的位移大小为30m

D.f=8s时乙图中B机器人开始改变运动方向

【答案】A

【解析】

【详解】A.图乙中斜率代表加速度故0~4s的加速度A=〃=A^=Uh9=2.5m/s2

Af4-0

故A正确；

B.4~8s内甲图中A机器人的位置始终不变，故B错误；

C.0〜12s内甲图中A机器人的初位置为X。=0m,末位置X[2=-l°m,故位移Ax二%？一七）二一]。111

故位移大小为10m,故C错误;

D.1=8s时乙图中B机器人只是开始正向减速，其运动方向未发生改变，故D错误。

故选Ao

5.棒球运动员在0.05s内将速度为20m/s的球反向击出，击出后速度大小为30m/s,以击出后速度方向为正

方问，则棒球的加速度为（）

A.2OOm/s2B.-2OOm/s2

ClOOOm/s2D.-lOOOnVs2

【答案】C

【解析】

【详解】以击出后速度方向为正方向，则初速度方向与正方向相反，故初速度％=-20iWs

末速度为u=30m/s,时间为7=0.05s

根据匀变速直线运动速度与时间的关系，得u=%+

代入数据解得a=――（2°）m/s2=上上m/s2=lOOOm/s2

0.050.05

故选C。

6.随着科技的发展，无人机送餐已在北京、上海、深圳等多个城市进行试点。某外卖员在某次练习使用无

人机送餐时，控制无人机以lOm/s的速度竖直匀速升空，当无人机上升到距地面15m时餐盒突然脱落，取

重力加速度g=10m/s2,忽略餐盒受到的空气阻力，则餐盒从脱落到落地的时间为（）

A.瓜B.2屈C.1sD.3s

【答案】D

【解析】

［详解】取向下为正方向，餐盒突然脱落时，速度方向竖直向上，设为%=-10m/s,根据位移时间关系

7।,

代入数据解得餐盒从脱落到落地的时间为t=3s

故选D。

7.在•次学校的升旗仪式中，小明观察到拴在国旗上端和下端各有•根绳子，随着国旗的徐徐升起，上端

的绳子与旗杆的夹角在变大，卜端的绳子几乎是松弛的，如图所示.风力始终水平，两绳重力忽略不计，

由此可判断在国旗升起的过程（)

A.风力大小一直不变B.上端绳子的拉力在逐渐增大

C.国旗受到的合力减小D.上端绳子的拉力逐渐减小

【答案】B

【解析】

【详解】由题知下端的绳子几乎是松弛的，即该段绳子没有拉力，将国旗看作质点对其做受力分析如下图

随着国旗的徐徐升起，风力的方向保持水平不变，上端的绳子与旗杆的夹角在变大，应用图解法如下图所

示

由上图可以看出随着上端的绳子与旗杆的夹角在变大，风力尸风也逐渐增大、上端绳子的拉力斗也逐渐增

大，国旗处于平衡状态，其受到的合力为零。

故选B

二、多选题：本题共3小题，每小题4分，共12分。在每小题给出的四个选项中，有多项符

合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

8.某同学站在装有力传感器的台秤上，完成下蹲、起立动作。计算机采集到的力传感器示数”随时间，变

化情况如图所示，重力加速度K近似取lOm/s?，关于图像08s这段时间，下列说法正确的是（）

A.。点对应的时刻，该同学处于失重状态

B.该同学的加速度的最大值约为6m/s?

C.在。〜6s内，该同学完成了两次下蹲和起立动作

D.该同学在〃点对应时刻的加速度比在c•点对应时刻的小

【答案】AB

【解析】

【详解】A.由题图可知，。点对应的时刻，力传感器示数小于该同学的重力，则该同学处于失重状态,

故A正确；

B.由题图可知，力传感器示数最小值为200N,根据牛顿第二定律可得该同学的加速度的最大值为

500—200.2N/21/-T-rfr

a=-----——m/s=6m/s',故4B正确；

mnjwx50

C.下蹲过程先向下加速后向下减速，所以下蹲过程先失重后超重；上升过程先向上加速后向上减速，所

以下蹲过程先超重后失重；由题图可知，在。~6s内，该同学完成了一次下蹲和起立动作，故C错误；

D.由题图可知，在〃点对应时刻力传感器示数大于该同学的重力，在c•点对应时刻力传感器示数等于该

同学的重力，则该同学在。点对应时刻的加速度比在c点对应时刻的大，故D错误。

故选ABo

9.一辆卡车在水平路面上行驶，车顶上用轻绳悬挂一个小球，车厢地板上放置一个质量为机的木箱。某

段时间内，细线与竖直方向夹角始终为。，木箱相对于地板静止，如图所示。下列说法正确的是（）

A.卡车一定向右运动

B.卡车的加速度大小为gtan®

c.木箱与卡车地板之间的摩擦力为零

D.细线对小球的拉力大于小球的重力

【答案】BD

【解析】

【详解】BD.设小球质量为町，球随车一起运动,加速度相同。以小球为研究对象,把细线的拉力厂正

交分解

水平方向根据牛顿第二定律/sin。=町〃，

竖直方向平衡/cos。二叫g

解得。=gtan。，F=务->,

cos。

故卡车的加速度大小为gtan〃，方向向右，细线对小球的拉力大于小球的重力，故BD正确；

A.由B项分析可知卡车加速度向右，卡车可能向右加速运动或向左减速运动，故A错误；

C.木箱有与车相同的向右的加速度，所以车地板对木箱有向右的摩擦力，故C错误。

故选BDo

10.如图所示，A、B两个物体相互接触，但并不黏合，放置在光滑水平面上，两物体的质量为

〃ZA=4kg、〃%=6kg。从1=0开始，两个水平变力乙和6分别作用于A、B上，设水平向右为正方

向，F）\、6随时间的变化规律为4=（8—2f）N,4=（2+2f）N,则下列关于运动情况的描述正确的

是（）

/A—►AB—►&

Z/Z/////ZZZZ/ZZZZZZZ///Z///

A.f=ls时，物体A的速度大小为lm/s

B.f=ls时，物体A对B的弹力大小为2N

C.f=2s时，物体A、B开始分离

D.，=2s时，物体B的位移大小为2.5m

【答案】ABC

【解析】

【详解】AC.当A、B之间弹力为零时，A、B分开，此时二者加速度相同，设共同的加速度大小为。，

则分别对A、B使用牛顿第二定律得

=8-2/=mAa,Fti=2+2/=mtia

联立解得a=lm/s2,t=2s

故前2s内，A、B受合外力不变，加速度大小始终为lm/s2,z=2s时，物体A、B开始分离，故AC正确；

B.在Uis时刻，A、B相对静止，对B由牛顿第二定律得

外+6B=〃%4

解得FAB=2N,故B正确；

D.0-2s时，B的位移为芭二1"；='xlx22m=2m,故D错误。

22

故选ABCo

二、实验题：本题共2小题，共16分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算

过程。

11.蹦极是跳跃者把一端固定的弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处自由落下的一项极限运动（可近似

看作在竖直方向运动）。某体验者（含装备）质最为50kg,在一次下落过程中所受弹性绳的拉力尸与下落

位移〃的图像如图所示，不计空气阻力。

（1）通过对图像数据的分析可知，该弹性绳的原长—m,弹性绳的劲度系数k=N/m。

（2）若考虑弹性绳自身重力的影响，实验中所得的劲度系数（填“大于人等于"或“小于”）实际

值。

【答案】⑴©.20©.1D0

（2）等于

【解析】

【小问I详解】

[1]根据图像可知位移为20m时开始出现弹力，则弹性绳原长为％=20m0

⑵根据胡克定律，图像的斜率表示劲度系数，根据图像可得尸=100〃-2（XX）（N）

故劲度系数为100N/m。

【小问2详解】

若考虑弹性绳自身重力的影响，则尸-力图像斜率不变，则实验中所得弹性绳的劲度系数等于实际值。

12.实验小组用如图甲所示实验装置，探究“加速度与力、质量的关系”实验。

（1）实验过程相关要求正确是_____o（填正确选项标号）

A.实验时，先释放小车再接通电源

B实验过程需要小车质量远大于沙桶及沙子质量

C.补偿阻力时，要挂上沙桶，垫高木板右端，用小车拖着纸带打点

D.交流电频率为50Hz,相邻计数点间还有四个点，则相邻两计数点间的时间间隔0.08s

（2）某次实验打点计时器打出一条纸带，取计数点4、B.C、。、E等系列点，已知相邻计数点间的

时间间隔T=01s,用刻度尺测出各相邻计数点间的距离如图乙所示，则小车运动的加速度大小。二

m/s2：打下点C点时小车速度大小七=一m/s0（结果均保留两位有效数字）

（3）根据实验数据，作出〃-尸、图像如图所示，实验中未补偿阻力的是,实验中未满足

【答案】（1）B（2）1.0②.0.54

（3）①.C②.D

【解析】

【小问1详解】

A.实验时先接通电源然后释放小车，故A错误；

B.实验过程需要小车质量远大于沙桶及沙子质量，满足上述条件，小车拉力才近似等于沙桶及细沙的重

力，故B正确；

C.补偿阻力时,不应该挂上沙桶，故C错误；

D.交流电频率为50Hz,相邻计数点间还有四个点，则相邻两计数点间的时间间隔

T=0.02sx5=0.10s,故D错误。

故选B。

【小问2详解】

[I]根据变速直线运动逐差法AY=小车加速度为

21.60-8.79-8.79^,…

a=q_-^~=----------------xlO22m/sz2=1.0m/s-

4T24x0.12

［2］根据匀变速运动，中间时刻瞬时速度等于全程平均速度

x14.70-3.90［八_2/八一/

v=RD=----------xlOm/s=0.54m/s

r2T2x0.1

【小问3详解】

[1]在。-歹图像中，有纵截距的原因是补偿阻力过大，有横截距原因是未补偿阻力，故实验中未补偿阻力

的是图像C；

⑵根据牛顿第二定律，对〃?有〃火一b=

对“有尸=欣7

当加时，拉力才近似等于沙桶重力，其。二世

在图像，」-增大时，即M减小，不满足实际加速度-

MMM+m

它小于理论a=2超，图线向下弯曲，故实验中未满足〃，的是图像D。

M

四、计算题：本题共4小题，共44分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的

文字说明、方程式和演算步骤,

13.近年来香格里拉市正在积极开展文明城市创建工作。其中在对交通秩序整治中对机动车闯红灯、超

速、酒驾、醉驾、违规变道、不礼让行人等行为进行严格查处。某汽车正以36km小的速度在市区某道路

上行驶，为''礼让行人"，若以大小为4m/sz的加速度刹车，刹车时忽略驾驶员的反应时间，则

（I）刹车后2s末的速度大小;

（2）刹车后6s内的位移大小。

【答案】（1）2m/s

(2)12.5m

【解析】

【小问1详解】

根据题意可知，汽车的初速度%=36km/h=10m/s

由速度与时间的关系v=%+at

可得，汽车刹车停止的时间为，=2.5s

则刹车后2s末的速度大小匕=（10—4x2）m/s=2m/s

【小问2详解】

汽车开始刹车后经过2.5s停止，刹车后6s内的位移大小等于刹车后2.5s内的位移大小，故刹车后6s内的

1、

位移大小为x=-5〃广=12.5m

14.依据运动员某次练习时推动冰壶滑行的过程建立如图所示模型：冰壶的质量"7=19.7kg,当运动员推

力广为5N,方向与水平方向夹角为。=37。时，冰壶可在推力作用下沿着水平冰面做匀速直线运动，一段

时间后松手将冰壶投出,重力加速度g取lOm*,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

（1）冰壶与地面间的动摩擦因数〃；

（2）若冰壶投出后在冰面上滑行的最远距离是s=40m,则冰壶离开手时的速度均为多少？

【答案】（1）"=0.02；（2）4m/s

【解析】

【详解】（1）以冰壶为研究对象，由共点力作用下物体的平衡条件：在水平方向有

FcosO=pN

在竖直方向有

FsinO+ing=N

解得

〃=0.02

（2）由匀变速直线运动的位移速度加速度关系式得

0-Vg=2（-。）$

由牛顿运动定律得

/img=ma

代入数据后联立解得

vo=4m/s

15.某次钢架雪车比赛的一段赛道如图中所示，长x=12m的水平直道A3与长4c=20m的倾斜直道8c

在B点平滑连接，斜道BC与水平面的夹角为15。。运动员从4点由静止出发，推着雪车匀加速到8点时

速度大小为0=8iWs,紧接着佚速俯卧到车上，沿4c匀加速下滑（图乙所示），从4点到C点用时

r=2.0so若雪车（包括运动员）可视为质点且始终在冰面上运动，其总质量为〃?=100kg,

sin15°=0.26,g=1Om/s2o求:

AR幺

甲乙

（1）雪车（包括运动员）在直道八8上运动时间乙；

（2）在斜道BC上运动时受到的阻力大小。

【答案】（1）3s

（2）60N

【解析】

【小问1详解】

根据题意，由运动学公式有工=%八

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