2026届广东深圳市高三年级第二次调研考试物理试题（解析版）

2026年深圳市高三年级第二次调研考试

物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡

上。用2B铅笔将试卷类型（A）填涂在答题卡相应位置上。将条形码横贴在答题卡右上角“条

形码粘贴处”o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂

黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应

位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按

以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，留存试卷，交回答题卡。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的。

1.将密封包装的食品带入高原山区，随着海拔升高，气温降低，发现食品袋明显鼓胀。下列说法中正确的

是（）

A.袋内每个气体分子的动能都减小

B.食品袋鼓起，说明气体分子间存在斥力

C.食品袋内气体的体积是所有气体分子的体积之和

D.气体分子单位时间内对袋内壁单位面积的撞击次数减少

【答案】D

【解析】

【详解】A.温度是分子平均动能的标志，气温降低仅说明袋内气体分子的平均动能减小，部分分子的动

能可能增大，并非每个分子动能都减小，故A错误；

B.食品袋鼓起是因为袋内气体压强大于外界大气压，由内外压强差导致；气体分子间距离远大于分子本

身尺度，分子间斥力可忽略，故B错误；

C.气体分子间间距远大于分子直径，气体体积是气体所能充满的容器的容积，远大于所有气体分子的体

积之和，故c错误；

D.袋内气体体积增大，单位体积内的分子数（分子数密度）减小，同时温度降低导致分子平均速率减

小，因此气体分子单位时间内对袋内壁单位面积的撞击次数减少，故D正确。

故选D。

2.如图甲所示，将一束激光射向螺旋弹簧，得到如图乙所示的衍射图样。将一束X射线射向DNA提取物，

观测到图丙所示图样，经过深度分析后得出了DNA螺旋结构模型。已知该激光的波长远大于X射线的波

长。下列说法中正确的是（）

图甲图乙图丙

A.图乙现象说明光是一种横波

B.图丙现象说明光具有粒子性

C.DNA螺旋结构的得出运用了类比思想

D.该激光光子能量大于X射线光子能量

【答案】C

【解析】

【详解】A.图乙是激光照射螺旋弹簧产生的衍射图样，衍射现象只能说明光具有波动性，而说明光是横

波的关键现象是偏振，衍射本身无法区分横波和纵波，故A错误；

B.图丙是X射线照射DNA产生的衍射图样，衍射是波特有的现象，这说明X射线（光）具有波动性，

而非粒子性。粒子性的典型现象是光电效应、康普顿效应，故B错误：

C.题目中，通过激光照射螺旋弹簧得到的衍射图样，类比X射线照射DNA得到的衍射图样，进而分析

出DNA的螺旋结构，这正是类比思想的典型应用。故C正确；

D.根据光子能量石=〃£可知，光子能量与波长成反比。已知激光的波长远大于X射线的波长，因此激

光光子的能量小于X射线光子的能量，故D错误。

故选C。

3.一列简谐横波沿x轴传播，1=0时刻的波形如图甲所示。介质中质点。的平衡位置内二15m,振动图像

如图乙所示。质点。的平衡位置W=12m。下列说法中正确的是（）

A.该波的传播速度为3m/s

B.质点P在一个周期内的路程为4cm

C.0:Is内，质点尸的动能一直在减小

D.，=3s时，质点。一定位于波峰位置

【答案】A

【解析】

/12

【详解】A.根据图甲和图乙，可得波长N=12m,周期7=4s,则波速u二一二一m/s=3m/s,故A正

T4

确。

B.根据图像，可得振幅A=2cm,则质点P在一个周期内的路程为4个振幅，即为8cm,故B错误。

C.根据图乙，0~ls内质点夕从波峰运动到平衡位置，这一过程速度不断增大，动能一直增大，故C错

误。

D.根据图甲，1=0时。位于平衡位置，但不确定。向上或向下振动（由于波速方向不确定）。所以，=3s

时。可能位于波谷，故D错误。

故选A。

4.如图甲，矩形金属线框出口Z在匀强磁场中绕固定轴OO'匀速转动，轴OO'垂直于磁感线。通过线框的

磁通量随时间的变化规律如图乙所示，线框共100匝。下列说法中正确的是（）

A.交变电流的频率为100Hz

B.交变电流电动势的有效值为200兀V

c.f=1.0xl(T2s时刻线框转至图甲所示位置

D.f=5.0xl(y2s时刻线框电流方向发生改变

【答案】D

【解析】

【洋解】A.由图乙可知，交变电流的周期7=2.0x10-25,则频率f=-=—!_-Hz=50Hz,故

T2.0x10-2

A错误；

B.磁通量的最大值耙=2x10"wb,角速度/二年二10(krad/s

2

感应电动势的最大值Em=N(f)mco=100x2x1O-x100^-V=200^V

有效值七=华=10()V2^V,故B错误；

J2

C.f=l.()xl()-2s时刻，由图乙可知磁通量达到最大值，此时线框平面应垂直于磁感线，而图甲所示位置

线框平面与磁感线平行(磁通量为0),故C错误；

D.f=5.0xl(T2s=2.57,此时磁通量达到最大值，线框位于中性面，感应电流为零，电流方向发生改

变，故D正确。

故选D。

5.2025年10月17日我国以“一箭18星”的方式成功将千帆极轨18组卫星发射升空，其中“千帆-105”

卫星运行轨道的远地点高度和近地点高度随时间变化关系如下图所示。对于该卫星()

A.在区间I内，线速度大小不变

B.在区间H内，运行的周期变大

C.在区间III内，线速度大于地球第一宇宙速度

D.在区间IH内，周期大于地球同步卫星的周期

【答案】B

【解析】

【详解】A.在区间【内，由图可知远地点高度大于近地点高度，卫星在椭圆轨道上运行。根据开普勒第

二定律，卫星在近地点速度大，远地点速度小，线速度大小是变化的，故A错误；

B.在区间n内，由图可知远地点高度和近地点高度均增大，说明轨道半长轴。增大。根据开普勒第三定

律专=k可知，半长轴越大，周期7越大，故B正确;

C.在区间HI内，卫星轨道高度约为1100多千米，轨道半径广大于地球半径A。第一宇宙速度是近地卫

星的环绕速度，也是最大的环绕速度，根据v=可知，轨道半径越大，线速度越小，所以该卫星

线速度小于第一宇宙速度，故C错误;

D.在区间IH内，卫星轨道高度约为1100多千米，远小于地球同步卫星的高度（约3600（）千米）。根据开

普勒第三定律泉=攵可知，轨道半径越小，周期越小，所以该卫星周期小于地球同步卫星的周期，故D

错误。

故选B。

6.2026年3月国际场地自行车世界杯女子团体竞速赛，中国队夺得金牌。为了平稳过弯，人的身体会主动

向弯道内侧倾斜，保持地面对自行车的作用力恰好通过人车系统的重心。运动员在水平面上匀速过弯，速度

大小10m/s,弯道半径20m,车胎与地面间的动摩擦因数0.8,重力加速度8取lOm/s?,忽略空气阻力。

则自行车与地面夹角6的正切值为（）

A.0.8B.1.25C.2D.5

【答案】C

【解析】

【详解】人车匀速过弯，受重力〃火、地面竖直支持力N、地面水平静摩擦力了,地面对自行车的作用力

恰好通过人车系统的重心；

竖直方向受力平衡N二7心

水平方向静摩擦力提供向心力f=m—

tan*a塔

v-v

tn

r

代入r=20m，v=IOm/s,tan9=—=2

10~

故选C。

7.霍尔推进器是未来星际航行的绿色引擎，其放电室横截面可筒化为一个圆环区域，圆环内存在辐射状磁

场，如图所示。另有方向均垂直圆环平面向里的匀强磁场和匀强电场（未画出），且磁感应强度大小为用，

电场强度大小为电荷量为e、质量为小的电子恰好能够沿工径为A的轨道做匀速圆周运动。下列说法

中正确的是（）

A.电场力对电子做正功

B.电子沿逆时针方向做圆周运动

E

C.电子做匀速圆周运动的线速度大小为吉

mE

D.轨道处辐射状磁场的磁感应强度大小为

eRB}

【答案】D

【解析】

【详解】A.因电场力垂直圆环平面向外，电子在圆环平面内做圆周运动，电场力对电子不做功，故A错误；

B,电子由于带负电，故所受电场力垂直圆环平面向外，与辐射状磁场对粒子的洛伦兹力平衡，电子受垂直

圆环平面向里的匀强磁场的洛伦兹力方向指向圆心0,根据左手定则可知，电子在圆环内沿顺时针方向运

动，故B错误；

CD.电子在圆环内受到磁场II的洛伦兹力提供电子做圆周运动的向心力-，〃、■

解得：八二竺

in

电子在垂直环平面方向受力平衡=

mE

解得：B二函，故C错误，D正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.将甲乙两个带电小球置于光滑绝缘水平面上的。、〃两点，两球质量分别为加甲、相乙，且如科＞相乙，带

电量4甲乙，电性相同，小球可视为质点，。为加?连线中点，无穷远处电势为零。从静止开始同时释放,

此后的运动过程中（）

B.甲乙球位移大小之比为吆

A.两球受到的电场力耳平＞FC

Wf|i

C.两球系统的电势能不断减小D.。点的电势保持不变

【答案】BC

【解析】

【详解】A.甲、乙之间的电场力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，二者大小始终相等，即

斯=心，故A错误；

B.光滑绝缘水平面，两球组成的系统合外力为零，动量守恒，初始总动量为零，因此任意时刻满足

阳产甲乙

则对整个过程的平均速度满足，/而="I叉

等式两边同乘时间/,得〃用乙霓y

整个运动过程的位移关系满足〃//二加乙”乙

因此位移之比」■二一乙，故B正确;

x乙"即

C.两球电性相同，相互排斥，相互作用力方向与两球位移方向相同，因此电场力始终做正功，系统电势

能不断减小，故C正确；

D.电势是标量，。点的电势为两球在。点产生电势的代数和。初始时。为必中点，两球到。的距离相

等；运动后，两球向相反方向远离。点，到。的距离逐渐增大。对于正电荷，距离越大电势越低，因此两

球在。点的电势均降低，总电势也随之降低。同理，对于负电荷，总电势升高，并非保持不变，故D错

误。

故选BCo

9.如图所示，在发球训练中网球被斜向下击出，运动方向垂直网面，球恰好过网。已知击球后网球的速度

大小为%,与水平方向夹角为巴不计空气阻力。从相同位置击球，下面哪种方案仍能够使球过网（）

A.%不变，0变大B.%不变，6变小

C.0不变，%变小D.。不变，%变大

【答案】BD

【解析】

【详解】A.将网球的运动分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向初速度不为零的匀加速直线运动，设

击球点到网的水平位移为X,将初速度分解；水平初速度为%%cos。

竖直初速度为%%sin。

网球运动到网的时间为，=-------

%cos0

1.r~Q

竖直方向下落的总位移为y=v^l+-gt2=xtan0+二？”

2cos6

原情况恰好过网，说明击球点到网顶的竖直高度差〃二y

%不变，。变大，则tan。变大、cos。变小，则>增大，y>h,不能过网，故A错误；

B.%不变，。变小，则tan6>变小、cos。变大，则减小，y<h,可过网，故B正确；

C.。不变，%变小，则>增大，y>h,不能过网，故C错误;

D.。不变，％变大，则y减小，y<h,可过网，故D正确。

故选BDo

10.如图所示，足够长的倾斜传送带沿顺时针方向匀速运动，速度大小为%，传送带表面粗糙。，=0时刻

将某一工件无初速度放在传送带二〃点，。时刻因故障传送带瞬间停止运动。以传送带底端。点为零位移

处，%方向为正方向，0。=%.工件的速度丫、位移”随时间变化关系，可能正确的是（）

【答案】AC

【解析】

【详解】ABD.若〃mgcos6>mgsin8,即则工件放上传送带后向上做匀加速运动，加速

度〃=〃gcos6-gsin。

根据u=w,此时回图像为过原点的倾斜的直线；根据犬=d+532可知"图像为抛物线；

当传送带停止时，物块的加速度大小。=〃gcos6+gsin夕>a,物块向上做匀减速运动，此过程中的收

图像为向下倾斜的直线，X1图像仍为抛物线的一部分：速度减为零后将静止在传送带上，此后的修图像

为与，轴重合的直线，x-f图像为与，轴平行的直线；则A正确，BD错误：

C.若〃〃2gcos〃=mgsin。.即〃=tan，.则物块放卜传送带时物块相对地面静止不动,传送带停止时

物块仍静止，则C正确。

故选ACo

三、非选择题：共54分，请根据要求作答。

H.在做“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中，某同学三次实验获得的油酸薄膜情形分别如下图所示,

其中较理想的是

【答案】C

【解析】

【详解】“用油膜法估测油酸分子的大小”实验的前提是：油酸在水面充分扩散后，形成连续完整的单分

子层油膜，才能准确测量油膜面积，计算分子直径。A中油膜没有充分展开，存在大面积空缺：B中油膜

开裂，存在大量缝隙，油膜不连续；C中油膜充分散开，连成完整均匀的一片，符合单分子油膜的要求,

是较理想的情况。

故选C。

12.“宝塔”弹簧凭借其体积小、高承教等优点，成为航空航天等现代工业中重要的弹性元件。兴趣小组探

①如图甲，将传感器、刻度尺固定在铁架台上，弹簧置于传感器的正下方;

②传感器恰与弹簧接触时，弹簧上端指在刻度尺1。00cm处。启动数据采集软件，点击“归零”。

③竖直向下移动传感器，沿弹簧轴线卜压，记录传感器示数和弹簧指针所指刻度。

④重复上述操作步骤。已知弹簧长度为7.00cm时，传感器示数为10.26N。则将弹簧从10.00cm压缩到

7.00cm过程中,平均劲度系数A=N/m«

⑤以弹簧弹力厂为纵轴、弹簧长度/为横轴，建立坐标系，描点拟合，得到图乙所示图线。

由上述信息可知，弹簧弹力大小与压缩量成关系（填“正比”、“反比”或“非线性”）。

⑥实验发现，随着压力逐渐增大，弹簧底部的圆圈先紧密接触，如图丙。下压过程中弹簧劲度系数发生改变,

出现该特性的原因是。

【答案】①.342②.非线性③.弹簧底部的圆圈先紧密接触，导致弹簧有效圈数减小

【解析】

【详解】［1］传感器恰与弹簧接触时，弹簧上端指在刻度尺10.00cm处，说明此时弹簧弹力为零，弹簧长度

为7.00cm时，传感器示数为10.26N,即当弹簧的压缩量为以=10.00cm—7.00cm=3.00cm时，弹簧

弹力为/=10.26N,根据胡克定律有尸=匕8

则平均劲度系数k=—=I。*N/m=342N/m。

Ax3.00x10-2

⑵艰据胡克定律可知F=k（l「I）=kl.}-kl

即若弹簧弹力与弹簧压缩量成正匕，弹簧弹力与弹簧长度成线性关系，由图像可知，显然不是线性关系，所

以该弹簧弹力与弹簧压缩量显然不成正比，由图像容易判断，弹簧弹力与弹簧的压缩最也不成反比，所以

“宝塔”弹簧弹力与压缩量成非线性关系。

⑶随着压力逐渐增大，弹簧底部的圆圈先紧密接触，导致弹簧有效圈数减小，所以使弹簧弹刀与弹簧压缩

量成非线性关系。

13.光伏电池是将太阳光能直接转换为电能的半导体器件。学习小组选取某型号光伏电池板，对其电动势与

内阻的特性展开探究，设计了如图甲所示的实验电路。实验室提供了如下实验器材：

A.待测光伏电池板（电动势标识为18V）

B.电流表A（量程0.6A,内阻约2。）

C.电压表V（量程15V,内阻约15kC）

D.滑动变阻器与（最大阻值50Q）

E.电阻箱用（最大阻值9999.9。）

F.电压传感器、电流传感器及相关设备

G.开关加、S2,导线若干

能放光伏电池的盆广

白天环境下，主要实验步骤如下：

（1）按照图甲所示电路，用笔画线代替导线将图乙中的器材连装完整。

（2）在实验室内将光伏电池板放在盒中，连接好电路，闭合S「断开S2,改变盒盖高度〃，测量得到下表

数据;

组别12345678

h/cm05101520253000

UN02.56.38.610.211.812.8

当盒盖高度力=25cm时，电压表指针如图丙所示，读数为Vo由上表可知，随着光强（盒盖高度）

的增加，光伏电池电动势（填“增大”“减小”或“不变”）。

（3）将盒盖完全打开，闭合和、S2,无论如何调节滑动变阻器，发现电压表和电流表示数几乎为零。

（4）将图甲中的电流表换成电流传感器、电压表换成电压传感器（传感器均视为理想电表），用电阻箱替换

滑动变阻器，连接电路。

改变电阻箱的阻值，测得光伏电池板两端电压随电流变化关系如图丁所

示,其中P为某一工作点，虚线。尸是过〜点的切线，此状态下电池内阻大小为（选用U。、八

I、72、3表）°

【答案】①.②.③.增大④.

u°M

【解析】

【详解】【1］按照图甲所示电路，将图乙中器材连接完整，如图所示

⑵电压表量程为0〜15V,分度值为0.5V,则读数为11.0V。

［3］断开S?时电路开路，电压表读数近似等丁光伏电池的电动势，由表格数据可知，随着光强（盒盖高

度）的增加，光伏电池电动势增大。

［4］艰据闭合电路的欧姆定律，可得U=

可知U-/图线的纵轴截距等于电动势E，可得E=U.

对于非线性电源，在工作点尸，有〃=■，I

代入U=E—〃,得q=Uo-Lr

解得,二U七.-」5

14.LED灯能耗是白炽灯的十分之一，某型号LED灯外观呈圆台状，如下图所示。发光芯片为一个边长为

L=的正方形面板8成五，置于圆台内底部，恰好与底部圆内接，芯片厚度忽略不计。A8CO为过

轴线«。2的截面，8=60。，在圆台内填充满透明封装材料。芯片中心。।处发出的一束平行于A8边的光

线，从圆台上表面射出，折射角。一45。°

(1)求封装材料的折射率〃；

(2)芯片上C点直接射向圆台上表面的光恰好均可射出，求圆台高度，入

【答案】(1)n=y[2

(2)〃=(3+")mm

【解析】

【小问1详解】

光线平行于A8,由几何关系和对•称性可知，A8与水平上表面夹角0=60。，因此光线与竖直法线的夹角

/=90°-^=30°

已知a=45。。根据折射定律，光从介质射向空气，有〃=粤

sin/

解得〃=J5

【小问2详解】

C点射向上表面的光恰好全部射出，说明最大入射角刚好等于全反射临界角G),此时光线从A点射出。如

发生全反射的临界角满足sinC。=:=专

解得Co=45°

正方形面板BECF的边长为L=桓mm，则BC的长度为忸。=旧=2mm

由几何关系，可得/?=「；+忸q

tan6।।

解得〃=（3+6）mm

15.农家院里，木柴.上竖直放置着金属滑杆，滑杆最下端为圆锥形，滑杆.上套着金属滑块，如图甲所示。将

滑块从A处由静止释放，在8处与滑杆发生碰撞（时间极短），碰后滑杆开始向下嵌入木柴。滑块反弹速度

匕=0.8m/s,到达最高点前滑杆已经静止。滑杆始终竖直，嵌入深度〃=OOIm。滑块与滑杆间滑动摩擦

力大小，=2.0N,滑块质量〃z=L0kg,滑杆质量M=4.0kg,A3距离“二L0m,滑杆嵌入木柴过程

中受到木柴阻力人随深度〃的变化关系如图乙所示，重力加速度且取lOm/s?,不计空气阻力。求:

JL

A•一一滑块

（1）滑块下滑过程中，木柴对滑杆的支持力大小外；

（2）碰撞前瞬间滑块的速度大小%;

（3）木柴对滑杆阻力的最大瞬时值百。

【答案】（1）42N

（2）4m/s

（3）610N

【解析】

【小问1详解】

滑块下滑时，滑杆保持静止，竖直方向受力平衡，有玲=Mg+/

代人数据解得玲=42N

【小问2详解】

滑块从A到B下滑过程，由动能定理得Ung-fjd=g〃读-0

代人数据解得％=4m/s

【小问3详解】

滑块和滑杆组成的系统动量守恒，取向下为正方向，有〃=

代人数据解得碰撞后滑杆的速度为v=1.2m/s

滑杆向下嵌入木柴过程，阻力人随深度线性变化，平均阻力为了二媪冲

对滑杆，根据动能定理有（Mg-f,W-耳1/?=O-|MV2

代人数据解得K=610N

16.科创节上某同学设计了一款“划船机”，结构如图甲所示。MN、MW'是两根足够长的固定平行金属导

轨，间距为心N、V点等高。边界4Q）、［Qi、PQ、?。3、…勺。〃将导轨平面分隔成〃个正方形

区域，各区域内存在着匀强磁场，磁感应强度大小为8,方向垂直于导轨平面，且相邻磁场方向相反。质量

为阳、边长为L的正方形闭合金属框时〃置于导轨上，cd边与玲2）重合，金属框与导轨间的动摩擦因数

〃=0.5,〃〃边和〃边的电阻均为火。一根不可伸长的绝幺彖轻绳跨过光滑定滑轮。।、02.绳一端接在4〃

边中点，另一端在健身者手中。健身者拉绳，绳上张力随时间变化的关系如图乙所示。（）〜