广东省东莞市七校联考2024-2025学年高二年级下册期中物理试题（含答案）

广东省东莞市七校联考2024-2025学年高二下学期期中物理试题

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题的四个选项中只有一个选项符合题

目要求）

1.下列说法不正确的是（）

A.无线电波、光波、X射线、y射线都是电磁波

B.麦克斯韦通过实验验证了“变化的电场产生磁场”和“变化的磁场产生电场”，并证实J'电磁波的存在

C.奥斯特发现了电流的磁效应

D.LC振荡电路中，电容器极板上的电荷量最大时，磁场能最小

2.物理学中，常用图像或示意图描述现象及其规律，甲图是对一定质量的气体进行的等温实验中压强随体

积的变化图像，乙图是氧气分子的速率分布规律图像，丙图是分子间作用力随分子间距的变亿图像，丁图是

每隔一定时间悬浮在水中的粉笔末位置示意图，关于下列四幅图像的所描述的热现象，说法正确的是

各速率区间的分子数

占总分子数的百分比

①A

A.由图甲可知，图线①对应的温度较低

B.由乙图可知，图线②对应的隘度较低

C.由图丙可知，分子间距离从ro增大的过程中，分子力先减小后增大

D.图丁说明分子在短时间内沿直线运动

3.如图所示，L是自感系数较大的线圈，其直流电阻可忽略不计，a、b、c是三个相同的小灯泡，下列说法

正确的是（）

A.开关S闭合后，c灯立即亮，a、b灯逐渐亮

开关S闭合瞬间，a、b灯一样亮

开关S断开，c灯立即熄灭，a、b灯逐渐熄灭

D.开关S断开瞬间，流过a灯的电流方向与断开前相反

4.如图所示，通电导线旁边同一平面有矩形线圈ahcd,则（

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I，,

b

A.当线圈以de边为轴转动时，无感应电流产生

B.若线圈在平面内上、下平动，无感应电流产生

C.若线圈向右平动，其中感应电流方向是aib—c—d

D.当线圈向左平动，其中感应电流方向是a—d—CTb

5.如图甲所示为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。升压变压器原线圈匝数为150匝，副线圈匝

数为1500匝，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为20C。降压变压器右侧电路中Ri为一定值

A.降压变压器副线圈输出的交流电频率为100Hz

B.若升压变压器的输入功率为？5kW,远距离输电线路损耗功率为9kW

C.当滑片P向a端滑动时，电阻Ri上的电压变小

D.当滑片P向a端滑动时，输电线上的电流变大

6.如图所示，一粗细均匀的U型玻璃管开口向上竖直放置，左、右两管都封有一定质量的理想气体A、B,

水银面a、b间的高度差为hi,水银柱cd的长度为h2,且h2=hi,a面与c面恰处于同一高度。已知大气压

强为po,水银的密度P，重力加速度为g）。

A.气体A的压强是：p（）B.气体A的压强是：p0+pgh2

C.气体B的压强是：PoD.气体B的压强是：pgh2

7.如图所示，某质谱仪由电压为U的加速电场，半径为R且圆弧中心线（虚线所示）处电场强度大小为E的

均匀辐射电场和磁感应强度为8的半圆形磁分析器组成。质量为m、电荷量为q的正电粒子（不计重力）从M

板由静止加速后，沿圆弧中心线经过辐射电场，冉从P点垂直磁场边界进入磁分析器后打在股片上Q点。下列

说法正确的是（）

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圆弧中心线

叁

I磁皮析器

。胶片/

A.辐射电场中，沿电场线方向曰场减弱

B.辎射电场的电场力对该粒子做正功

C.加速电压〃=£7?

D.2^nER

二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有两个或两个以上选项符合要求）

8.如图所示是某喷水壶示意图。未喷水时阀门K闭合，压下压杆A可向瓶内储气室充气。多次充气后按下

按柄B打开阀门K,水会自动经导管从喷嘴喷出。储气室气体可视为理想气体，充气和喷水过程温度保持不

变，则（）

压杆A

阀门K打气筒

喷嘴按柄B

导管储气室

A.充气过程中，储气室内气体的压强增大

B.储气室内气体分子做布朗运动

C.由于液体的表面张力，喷出的小水滴近似呈球形

D.喷水过程中，储气室内气体的压强减少

9.洛伦兹力在现代科学技术中有着广泛的应用，如图为磁场中常见的4种仪器，都利用了洛伦兹力对带电

粒子的作用，下列说法正确的是（）

A.甲图中，若仅增大加速电压，粒子离开加速器时的动能变大

B.乙图中，粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的比荷越大

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C.丙图中，A极板是磁流体发电机的负极

D.J图中，带负电的粒子从左恻射入，若速度u〈后将向卜极板偏转

10.某同学做“用油膜法估测油酸分子的大小”实验时，油酸酒精溶液的浓度为旧一滴油酸酒精溶液的体积

为V,把一滴这样的溶液滴入盛水的浅盘里，等油膜形状稳定后，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油膜的轮

廓，如图所示。正方形小方格的边长为a,数得油膜占有的正方形小方格个数为m,则下列说法正确的是

A.该实验体现的物理思想方法是等效替代法

B.油酸分子直径约为4=当

ma£

C.若在配制油酸酒精溶液时，不小心把酒精倒多了一点，会导致油酸分子直径的测量值偏小

D.若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，会导致油酸分子直径的测量值偏大

11.如图所示，倾角为e的光滑平行金属导轨，导轨宽度为L,电阻不计，顶端接有阻值为R的定值电阻，

在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面匀强磁场，磁感应强度为B,且bd长为L,有一质量为m,

电阻为r的金属棒MN,从顶端由静止释放，金属棒MN始终与导轨垂直且接触良好，MN进入磁场时加速

度恰好为零，以下说法正确的是（）

A.MN进入磁场时的速度为一矶”学很

B.安培力对金属棒所做的功为〃=mgLsin。

C.通过电阻R的电荷量再

R+r

D.整个过程中金属棒MN产生的焦耳热为mgLsinG

三、实验与探究题（共2题，每空2分，共14分）

12.在“探究气体等温变化的规律”实验中，实验装置如图所不。用注射器封闭一定质量的空气，连接到气体

压强传感器上，用传感器测量封闭气体的压强，用注射器刻度读出气体体积。

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（1）多次改变封闭气体的体积，测量出不同体积时气体的压强，用电脑记录下来，并生成P-V图像如图

所示，由图可猜测P与V可能（选填"成正比”、"成反比”、"不成比例''）

（2）实验完成后，某同学做出的图像如图所示（其中实线为实验所得，虚线为参考双曲线的一支），造成

这一现象的原因可能是。

A.操作实验时用手握住注射器

B.实验时环境温度降低了

C.注射器内气体向外泄漏

D.有气体进入注射器内

13.在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，某同学采用了如图甲所示的可拆式变压器进行研

究，图中各接线柱对应的数字表示倍率为“xlOO”的匝数。

（1）本实验中，实验室有下列器材：

A.可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈）

B.条形磁铁C.直流电源

D.多用电表E.开关、导线若干

上述器材在本实验中需要的有（填器材序号），本实验中还需要用到的器材有

（2）对于实验过程，下列说法正确的有o

A.变压器的原线圈接低压交变电流，测量副线圈电压时应当用多用也表的“直流电压挡”

B.为便于探究，应该采用控制变量法

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C.因为实验所用电压较低，通电时可用手接触裸露的导线、接线柱等检查电路

D.使用多用电表测电压时，先用最大量程试测，再选用适当的档位进行测量

（3）实验中，电源接变压器原线圈“0”“8”接线柱，副线圈接*接线柱，副线圈所接电表的示数为

5.0V,若变压器是理想变压器，则原线圈的电压应为。

A.18.0VB.5.0VC.10.0VD.2.5V

（4）组装变压器时，该同学没有将铁芯闭合，如图所示，原线圈接12.0V的学生电源，原、副线圈的匝

数比为8：1,副线圈两端接交流电压表，则交流电压表的实际读数可能是。

A.0.65VB.96.0VC.1.5VD.0

四、计算题：（本题共3小题，共34分。解答应写出必要的文字说明、写一种原因即可）

14.如图所示，电阻忽略不计、间距L=0.4m的平行导轨，水平放置在磁感应强度大小B=10T的匀强磁场

中。磁场方向垂直导轨平面向上，一质量m=2kg,电阻不计的导体棒ab垂直于导轨放置，并与导轨接触良

好。导体棒ab与重物用轻细线连接（线质量不计）。细线对ab的拉力为水平方向。初始细线被拉直，现将重

物静止释放后导体棒ab始终保持静止。已知电源电动势E=6V,内阻r=lQ,定值电阻R=5C,ab与导轨间动

摩擦因数〃=0.3（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），其余一切摩擦不计。取重力加速度g=10m/s2。则：

（1）导体棒ab受到的安培力：

（2）重物重力G的最大值。

15.自行车前又是连接车把手和前轴的部件，如图甲所示。为了减少路面颠簸对骑手手臂的冲击，前义通常

安装有减震系统，常见的有弹簧减震和空气减震。一空气减震器的原理图如图乙所示，总长L=84cm、横

截面积为10cm2的汽缸（密封性良好）里面充有空气，忽略光滑活塞（厚度不计）和车把手的质量，缸内气

体的热力学温度为300K,当不压车把手时活塞恰好停留在汽缸顶部，外界大气压强p°=1x105PQ。求：

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车把手

上活塞

汽缸

甲乙

（1）不考虑缸内气体温度变化，活塞稳定在距汽缸顶部14sn处时，车把手对活塞的压力大小；

（2）缸内气体的热力学温度为270K,不压车把手时，活塞到汽缸顶部的距离。

16.如图甲是法拉第发明的铜盘发电机，也是人类历史上第一台发电机。利用这个发电机给平行金属板电容

器供电，如图乙。已知铜盘的半径为，加在盘下侧的匀强磁场磁感应强度为A,铜盘按如图所示的方向以

角速度3匀速转动。电容器每块平行板长度为d,板间距离也为d,板间加垂直纸面向内、磁感应强度为私的

匀强磁场。求：

（1）平行板电容器C板带何种电荷；

（2）将铜盘匀速转动简化为一根始终在匀强磁场中绕中心铜轴匀速转动、长度为圆盘半径的导体棒，则

铜盘匀速转动产生的感应电动势；

（3）若有一带负电的小球从电容器两板中间水平向右射入，在复合场中做匀速圆周运动又恰好从极板右

侧射出，则射入的速度为多大。

甲乙

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答案解析部分

1.【答案】B

【解析】【解答】A.电磁波包括无线电波，红外线，可见光，紫外线，x射线，y射线，故A正确，不满足

题意要求；

B.麦克斯韦电磁场理论预言了电磁波的存在，但没有证明电磁波的存在，故B错误，满足题意要求；

C.奥斯特发现了电流周围存在磁场，即电流的磁效应，故C正确，不满足题意要求；

D.LC振荡电路中，磁场能与电流大小有关，电荷量最大时，电流最小，磁场能最小，故D正确，不满足题

意要求。

故选Bo

【分析】

电磁波包括无线电波，红外线，可见光，紫外线，x射线，丫射线；麦克斯韦预言了电磁波，但是没有证明

电磁波的存在；奥斯特发现了电流的磁效应，LC振荡电路中的耳荷量最大时，电场能最大，磁场能最小；

电荷量最小时，电流最大，电场能最小，磁场能最大。

2.【答案】A

【解析】【解答】A.图甲中，相同体积下①图线所对应的压强更小，根据理想气体状态方程，则①图线对

应的温度较低，A正确；

B.图乙中，②图线速率大的分子所占比例更大，则②图线所对应的温度更高，B错误；

C.图丙中，分子间的距离从%增大的过程中，分子力先增大后减小，C错误；

D.图丁是每隔一定时间悬浮在水中的粉笔末位置示意图，这些位置的连线并不是分子的运动轨迹，也不能

说明分子在短时间内做直线运动，D错误。

故选A。

【分析】

根据理想气体状态方程可比较①和②的温度高度：温度升高，速率较大的分子所占比例增大，则②图线的

温度较高；分子间的距离从功增大的过程中，分子力先增大后减小；图丁是每隔一定时间悬浮在水中的粉笔

末位置示意图，这些位置的连线并不是分子的运动轨迹。

3.【答案】C

【解析】【解答】AB.闭合开关s的瞬间，线圈阻碍电流的增大，故灯泡b,c直接变亮，a灯逐渐变亮，AB

错误。

C.开关断开后，线圈中产生自感电动势，电流方向与原电流方向相同，a,b两灯形成闭合回路，两灯逐渐熄

灭，c灯无法形成闭合回路，宜接熄灭，故C正确；

D.开关S断开瞬间，由于自感的作用，通过线圈与两灯的电流方向为线圈-a灯Th灯，因比流过a灯的电

流方向仍与未断开前相同，而流过b灯的电流方向与断开前相反，故D错误。

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故选Co

【分析】

由于线圈的自感现象，闭合开关时a灯会逐渐变亮，b和c会直接变亮；断开开关时c灯直接熄灭，a和b逐

渐熄灭，且断开开关后通过a灯的电流方向与原方向相同，b灯电流方向与原方向相反。

4.【答案】B

【解析】【解答】A.当线圈以de边为轴转动时，穿过线圈平面的磁通量发生周期性变化，会产生感应电

流，故A错误：

B.若线圈在平面内上、下平动，线圈面积不变，磁感应强度不变，由。=85可知，穿过线圈平面的磁通量

不发生改变，不能产生感应电流，故B正确；

CD.根据右手螺旋定则可知，导线右边的磁场方向垂直纸面向里，当线圈向右平移时，离导线越远的区域磁

场越弱，根据楞次定律可知，感应弓流产生的磁场也是垂直纸面向里，故感应电流的方向为a-d-Cfb,当

线圈向左平动，离导线越近的区域磁场越强，根据楞次定律可知，感应电流产生的磁场也是垂直纸面向外，

故感应电流的方向为a—>b—>CTd,故CD错误；

故选Bo

【分析】本题主要考查感应电流的产生条件的应用，结合楞次定律解答。

产生感应电流的条件为：穿过闭合回路的磁通量发生变化。磁通量⑦=BS,根据B、S或B、S夹角的变化

判断回路磁通量是否发生变化，判断是否有电流产生；根据楞次定律判断电流方向。

5.【答案】D

【解析】【解答】A.变压器不改变交变电流的频率，由题图乙知输入电压的周期为0.02s,可知频率为/•二

i=50Hz,所以降压变压器副线圈输出的交流电频率为50Hz,故A错误：

B.由题图乙知，升压变压器输入端电压最大值为250或V，有效值为U1=空挈U=250U

V2

若升压变压器的输入功率为75kW,则/】=j=胃阴3A=300A

根据理想变压器原副线圈电流与匝数的关系有¥=罂=罂

<2几］•L3U

所以12=304

所以远距离输电线路损耗功率为AP=诊R=302x20W=18kW

故B错误；

CD.对输电回路，有力=，2〃+&

根据理想变压器原副线圈电压与匝数的关系有我=黑

。4n4

根据理想变压器原副线圈电流与匝数的关系有3=r=7T

z4z4n3

对用电回路有U4=〃(％+4)

第9页

2

联立可得^2=々R+(3)，2(8+&)=萨，"++%)

几4n3n4

当滑片向a端滑动时，R2减小，升压变压器副线圈两端电压U2不变，则12、14增大，也阻Ri上的电压变

大，故C错误，D正确。

故选D。

【分析】本题主要考查远距离输电问题，解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、

变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关

系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系。

根据升压变压器的输入电压、交流日的周期等，结合匝数比求出输出电压、频率，从而得出输送电流，根据

输电线的电阻得出损失的功率，根据闭合电路的动态分析判断电流与电压的变化。

6.【答案】A

【解析】【解答】CD.对水银柱的cd的下表面进行受力分析，可得，水银面上方的液柱压强与大气压强之和

等于B部分气体的压强，即P8=P0+pgh2

故CD错误；

AB.水银柱ab的右侧液面进行分析，A部分气体压强与a,b液面产生的压强之和等于B部分气体的压强，

即PA+Pghi=PB又因为九1=h2

解得〃=P。

故A正确，B错误。

故选Ao

【分析】

对水银柱cd的最低液面进行受力分析计算B部分气体的压强；再对ab的左侧液面进行受力分析，计算气体

A的压强。

7.【答案】D

【解析】【解答】本题考查带电粒子在电场中的加速、偏转和在磁场中的偏转问题，会根据题意进行准确分析

解答。AB.辐射电场中，沿电场线方向，电场线逐渐变密，故电场是增强的，乂因为指向圆心的电场力提供

向心力，电场力对该粒子不做功，故AB错误；

C.在加速电场中，有qU=5muo2

在偏转电场中，满足qE="上'

R

联立解得U=弊

故c错误;

2

D.带电粒了在匀强磁场中运动时，根据牛顿第二定律有《^^二瓶号

第10页

联立解得P点与Q点的距离等于％=2r=1

故D正确。

故选D。

【分析】根据辐射电场力的作用以及电场线的疏密变化进行判断；根据动能定理和牛顿第二定律列式联立推

导。

8.【答案】A,C,D

【解析】【解答】A.充气过程中，储气室内气体质量增大，根据pv=〃R7\储气室内温度不变，体积不变，

则压强增大，故A正确；

B.气体分子在储气室内做的是分子热运动，不是布朗运动，故B错误；

C.液体表面张力的效果是使液体表面积收缩至最小，相同体积下球的表面积最小，故喷出的水滴呈球体，故

C正确；

D.喷水过程中，储气室内气体体积增大，温度不变，根据P1%=P2V2

知气体的压强减小，故D正确。

故选ACDo

【分析】充气过程中气体质量增加，温度不变，体积不变，则压强增大；气体分子做的是分子热运动，而不是

布朗运动：液体表面张力使液体表面积收缩至最小，故呈现球状；喷水过程中气体体积增大，温度不变，则压

强减小。

9.【答案】B.C

【解析］【解答】A.图甲是回旋加速器，粒子在电场中被加速，在磁场中做匀速圆周运动，曰洛伦兹力提供

向心力，^qvmB=加耨

解得外=嘴

可得最大动能£.=；小吸=2"察72

可知粒子离开加速器时的动能与加速电压无关，故A错误；

B.图乙是质谱仪，能通过速度选择器的粒子速度相同，粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，则在磁场中运

动的轨道半径越小，由叩8=血9

可得旦=擀

可知粒子的比荷越大，故B正确；

C.丙图是等离子体发电机，由左手定则可知，正离子向下偏转，负离子向上偏转，即4极板是磁流体发电机

的负极，故c正确；

D.丁图是速度选择器，带负电的粒子从左侧射入，受向下的洛伦兹力和向上的电场力，若速度u〈需

第11页

即quB<qE

则粒子将向上极板偏转，故D错误。

故选BCo

【分析】本题主要考查洛伦兹力在现代科学技术中的应用。由粒子离开回旋加速器中时，速度和动能均最

大，结合洛伦兹力提供向心力，可得到最大动能表达式，分析其影响因素；粒子在质谱仪中运动时，由动能定

理、洛伦兹力提供向心力，可得到偏转半径表达式，分析比荷对偏转半径的影响；由左手定则，判断离子体运

动时受到的洛伦兹力方向，分析极板电极的正负；粒子在速度选择器中运动时，由其运动方向即电磁场分析，

可分析其受合力方向即偏转方向。

10.【答案】B.D

【解析】【解答】A.该实验体现的物理思想方法是理想化物理模型法，将油酸膜看做单分;层，油酸分子看

做球体，故A错误；

B.油酸分子直径约为

匕比

Smaz

故B正确;

C.若在配制油酸酒精溶液时，不小心把酒精倒多了一点，油酸酒精溶液的浓度降低，形成的油膜面积偏

小，会导致油酸分子直径的测量值偏大，故c错误；

D.若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，则油膜面积偏小，会导致油酸分子直径的测量值偏

大，故D正确。

故选BDo

【分析】

该实验运用了理想模型法，将油酸分子看做球体，油酸薄膜看做单分子层；油酸分子的直径为油酸体积与油

膜表面积的比值；根据表达式分析实验所产生的误差。

11.【答案】A,C

【解析】【解答】A.金属棒MN做切割磁感线运动，产生的电动势为E=

根据闭合电路欧姆定律，有/=寻=卷

22

金属棒MN受到的安培力为=BIL=要上

MN进入磁场时加速度恰好为零，有?安一mgsin。=ma=0

则有mgsin”/吃

解得MN进入磁场时的速度为Dm=/(”2加。

故A正确;

第12页

B.进入磁场后做匀速运动，根据动能定理，有mgLsin。+W=0

解得W=—mgLsinO

故B错误；

C.由q=7nt、/=上、E=笑、△0=8AS=BL2可得，通过电阻R的电荷量为°=丝二，故C正确：

K+rZACvR+r

D.根据能量守恒可得整个过程中产生的热量为。=小曲也。，由Q=/2Rt可知号1=占

QT~rK

金属棒MN产生的焦耳热为Qr=-L^mgLsine

故D错误。

故选ACo

【分析】本题主要考查电磁感应现象的应用，结合闭合电路欧姆定律解答。

MN进入磁场时加速度恰好为零，做匀速运动，合力为零，由法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律求得

电流，根据安培力公式得到安培力，再根据平衡条件计算最大速度；MN运动过程中只有重力和安培力做

功，由动能定理求解安培力对金属棒所做的功；由q=〃£、/=忌、E=黑、A。=BAS求解通过电阻R

的电荷量；由能量守恒得到整个过程中产生的热量，再根据串并联知识求解金属棒MN产生的焦耳热。

12.【答案】成反比；BC

【解析】【解答】（1）根据图线为双曲线，故进行合力猜测猜测，图线为反比例函数曲线，p与V可能成反

比；

（2）实线与虚线相比，P与V的乘积偏小，根据理想气体状态方程PV=nRT,可知出现这一现象的原因可

能是温度降低或者装置漏气

故选BC.

【分析】

（1）图线成反比例曲线，故猜测P与v成反比。

（2）实线与虚线相比，体积相同时：压强偏小，根据理想气体状态方程，原因可能为温度降低或气体泄漏

13.【答案】（1）ADE：低压交流电源

（2）B：D

（3）C

（4）A

【解析】【解答】（1）变压器是改变交变电流的装置，所以在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系''实验

中，需要使用交流电，所以需要可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈）、低压交流电源，需要多用电表

测电压、开关、导线若干。

故选ADE：还需要用到的器材有低压交流电源八

（2）A.变压器的原线圈接低压交流电，测量副线圈电压时应当用多用电表的“交流电压挡”，故A错误；

第13页

B.因为涉及多个变量，为便于探究，应该采用控制变量法，故B正确；

C.虽然实验所用电压较低，但是通电时不可用手接触裸露的导线、接线柱等，这样可减小实验误差，还避

免发生危险，故C错误。

D.使用多用电表测电压时，先用最大帚程试测，再选用适当的档位进行测量，故D正确；

故选BDo

（3）根据理想变压器原、副线圈的电压与匝数关系拱=不可知，副线圈所接电表的示数为U尸MU2=*5V

222

=10V,即原线圈的电压应为10.0V.故C正确，ABD错误；

故选Co

（4）组装变压器时，该同学没有将铁芯闭合，则变压器漏磁比较厉害，连接副线圈的交流电压表的实际读

数小于理想变压器的副线圈的读数，若为理想变压器，则

U2=^U1=lx12V=1.5V

实际电压小于1.5V。

故选A。

故答案为：（1）ADE；低压交流电源（2）BD（3）C；A

【分析】本题主要考杳“探窕变压器线圈两端的电压与匝数的关系''的实验，结合理想变压器电压与匝数关系

解答。

（1）根据变压器变压原理分析解答；

（2）变压器是改变交变电流的装置，试验时需要测量多个物理量，所以需要应用控制变量法使用交流电表

测量，再结合电压表使用要求解答。

（3）理想变压器原、副线圈的电压与匝数关系先=*列式求解；

u2n2

（4）铁芯不闭合，变压器存在漏磁，有能量损失，再结合2=*■求解副线圈实际电压。

（1）[1]在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，使用的是交流电，所以需要可拆变压器（铁

芯、两个已知匝数的线圈），磁场是利用了电流的磁效应，所以不需要条形磁铁，需要多用电表测电压、开

关、导线若干。

故选ADE；

[2]本实验中还需要用到的器材是低压交流电源。

（2）B.为便于探究，应该采用控制变量法，所以B正确；

A.变玉器的原线圈接低压交流电，测量副线圈电压时应当用多用电表的“交流电压挡”，所以A错误；

D.使用多用电表测电压时，先用最大量程试测，再选用适当的挡位进行测量，所以D正确；

C.虽然实验所用电压较低,但是通电时不可用手接触裸露的导线、接线柱等检查电路,这样可减小实验误

差，避免发生危险，所以C错误。

第14页

故选BDC

（3）根据理想变压器原、副线圈的电工与匝数成正比规律可知，副线圈所接电表的示数为5QV,原线圈的

电压应为10.0V。

故选Co

（4）组装变压器时，该同学没有将铁芯闭合，则变压器漏磁比较厉害，连接副线圈的交流电压表的实际读

数小于理想变压器的副线圈的读数，若为理想变压器，则

u2=^U|12V=1.5V

实际电压小于1.5V。

故选Ao

14.【答案】（1）4N,方向水平向左

（2）10N

【解析】【解答】（1）由闭合电路欧姆定律可得，电路的电流/=&=搭4=14

A+r，十1

ab受到的安培力F=/?/L=10x1x0.4N=4N

由左手定则可知，方向水平向左；

（2）ab受到的最大静摩擦fm=Rmg=0.3x2xION=6N

设绳子拉力为T,

根据平衡可知，摩擦力方向向左时，重物重力最大

解得T=4Ni6N=10N

对重物可知Gmax=7=10N

【分析】本题主要考查安培力的计算，结合共点力平衡条件解答。

（1）由闭合电路欧姆定律求得通过导体棒的电流，由安培力公式计算导体棒ab受到的安培力大小，由左手

定则判断安培力方向；

（2）导体棒ab始终保持静止，根据平衡条件结合临界条件求得导体棒所受绳子最大拉力，在以重物为研

究对象，求解重物重力G的最大值。

（1）电路的电流

ab受到的安培力

F=BIL=4N

方向水平向左

（2）ab受到的最大静摩擦

第15页

fm=〃mg=6N

根据平衡可知，摩擦力方向向左时，重物重力最大

T=F+fm

对重物可知

Gmax=EON

15•【答案】(1)解：汽缸内气体初始状态

s

压强：p1=pQ=1x10Pa,体积：=LS

下压44=14切?1后，/二(L-AL)S

根据P/1=P2V2

解得p=1.2xlO5Pa

又「1+PQS=P2S

解得F]=20N

(2)解:由内■=相

且匕=L3s

解得人=75.6cm

活塞到汽缸顶部的距离厂=L-L3

解得L=8.4cm

【解析】【分析】(1)气缸内的气体发生等温变化，根据波意耳定律计算下压后压强大小,再限据平衡条件计

算压力大小

(2)缸内气体发生等压变化，根据理想气体状态方程列方程求解。

5

(1)汽缸内气体初始状态Pi=p0=1x10Pa,Ki=LS

下压AL=14cm后，V2=(L—AL)5

根据P^i=P2V2

解得P2-1.2xIO5Pa

又％+P