河北百师联盟2026-2027学年高二上学期开学联考物理试题+答案

高二物理学科本试卷上无效。考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项尼器沿水平方向做阻尼振动，振动图像如图所示。关于A.振动周期越来越小B.振动的能量越来越小C.t=4s时的动能为零2.如图所示，向心力演示器左、右两个塔轮的半径之比为2:1,通过皮带连接。将质量相等的两小球分别放到挡板A、C处，小球可随塔轮一起转动。挡板A、C的转动半径相等，标尺可显示两个小球所受向心力的大小。现转动手柄(皮带不打滑),则左、右两小球的传动皮带变速塔轮A.线速度大小之比为1:2B.角速度大小之比为1:1C.向心加速度大小之比为1:2D.向心力大小之比为2:13.在人类对物质运动规律的认识过程中，许多物理学家大胆猜想、勇于质疑，取得了辉煌的成就。下列有关科学家及他们的贡献描述中，正确的是A.开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳做匀速圆周运动B.卡文迪什利用扭秤实验，比较准确地测出了引力常量G的数值C.牛顿发现了万有引力定律，并推导出地球与太阳的连线在相同时间内扫过相等面积4.某同学学过动量守恒定律之后，欲利用卷尺测定大船的质量。首先利用卷尺测出船长为L,然后同学从船尾行走至船头，测出船相对河岸后退的距离d,已知同学自身的质量为BAB5.智能呼啦圈轻便美观，深受大众喜爱。如图甲所示，腰带外侧带有轨道，将带有滑轮的短杆穿入轨道，短杆的另一端悬挂一根带有配重的不可伸长的轻绳，其简化模型如图乙所示。可视为质点的配重质量为0.8kg,绳长(悬挂点P到配重的距离)为0.5m,悬挂点P到腰带中心点O的距离为0.2m。水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重在水平面内做匀速圆周运动，若绳子与竖直方向的夹角θ=37°,运动过程中腰带可看作不动，重力加速度g取10m/s²,sin37°=0.6,cos37°=0.8,下列说法正确的是A.绳的拉力大小为15NB.配重的角速度大小为5rad/sC.配重的向心力方向沿绳指向PD.配重的向心加速度大小为7.5m/s²6.如图所示，一玩具水枪的枪口直径为d,水的密度为p,水平出射速度为v,垂直击中竖直目标后以大小为0.2v的速度反向溅回，则水柱水平击中目标的平均冲击力大小为(不考虑水在竖直面内的运动)第2页(共8页)已知地球半径R=6.4×10³km,同步卫星距离地球表面的高度为3.6×10⁴km。下列说二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。第3页(共8页)第4页(共8页)A.P、Q两星球的半径之比为1:2B.P、Q两星球质量之比为1:8C.Q星球的密度大于P星球的密度D.P、Q两星球第一宇宙速度大小之比为2:1球所受弹力的大小F随小球位置坐标x的变化关系如图乙所示，其中x=h+x。时，甲乙B.弹簧弹性势能最大值为mg(h+xo)D.小球压缩弹簧过程中重力的功率逐渐减小三、非选择题：本题共5小题，共54分。已知重物质量为m(不计夹子质量),当地重力加速度为g。已知重物质量为m(不计夹子质量),当地重力加速度为g。①按图示组装好器材后，下列步骤合理的顺序是。D.从重物上取下纸带E.关闭打点计时器电源甲丙(2)实验小组的同学再用气垫导轨验证动量守恒定律。如图丁所示，气垫导轨上安装了丁③将滑块1静置于光电门A左侧，滑块2静置于光电门A和光电门B之间，使滑块1获得水平向右的初速度，经过光电门A后与滑块2发生碰撞，碰撞后两者粘在一起。通过与光电门连接的计时器读出光电门A和光电门B的挡光时间，分别记为△t₁、△t₂。则滑块1与滑块2碰撞前瞬间，滑块1的动量大小p₁=;验证碰撞过程中动量乙第5页(共8页)A.细线应选用轻且不易伸长的如图乙所示，并测得此图像的斜率为k,则当地重力加速度的表达式为g=。14.(14分)一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前7s内做匀加速直线运动，7s末达到汽车受到地面的阻力为车重力的0.1倍，重力加速度g取10m/s²,求：(1)汽车的额定功率P和最大速度vm;(2)启动后37s内，汽车的位移x的大小。第7页(共8页)入与圆弧轨道BC相切于C点的水平面CD,与放置在水平面E点的滑块Q发生弹性正S与水平面相切于E点，最高点为G。已知滑块P的质量m=3kg,滑块Q的质量m₂=6kg,圆弧槽S的质量m₃=9kg,A、B两点的高度差h=0.8m,光滑圆弧轨(1)滑块P被推出时的速度大小vo;物理答案第1页(共4页)保持中心大厦稳定，D错误。2.A【解析】左、右两个塔轮的半径之比为2:1,两塔轮边缘的线速度相等，根据v=wR可知，左、右两小球角速度大小之比为1:2,B错误；挡板A、C的转动半径相等，根据v'=wr可知，左、右两小球的线速度大小之比为1:2,A正确；根据a=w²r可知，左、右两小球的向心加速度大小之比为1:4,C错误；根据Fₙ=ma,两小球的质量相等，可知左、右两小球的向心力大小之比为1:4,D错误。3.B【解析】开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳运动的轨道是椭圆，太阳位于椭圆的一个焦点上，并非提出行星绕太阳做匀速圆周运动，A错误；卡文迪什利用扭秤实验，比较准确地测出了引力常量G的数值，B正确；地球与太阳的连线在相同时间内扫过相等面积是开普勒第二定律的内容，不是牛顿提出的，C错误；牛顿通过“月地检验”,证明了维持月球绕地球转动的引力与地面上物体受到的重力是同种性质的力，D错误。4.D【解析】设船的质量为M,人走动过程船相对于河岸的平均速度大小为v,人相对于河岸的平均速度大小为v',人从船尾行走至船头所用时间为t,取船的速度方向为正方向，则,根据动量守恒定律得Mv-mv¹=0,联立解得,D正确。5.D【解析】绳的拉力大小为错误；配重的向心力(向心加速度)方向由配重指向竖直转轴，且与转轴垂直，C错误；由向心力公式mgtan37°=maπ,可得an可得w=√15rad/s,B错误。时间内击中目标的水柱的质量m=pV,取初速度方向为正方向，根据动量定理得一Ft=-0.2mv-mv,解得水柱受到的平均作用力F=0.3πd²pu²,由牛顿第三定律可得，水柱击中目标的平均冲击力大小为0.3πd²pv²,B正确。6.4×10°+200)+26.4×10°+7×10)km=4.15×10⁴km,同步卫星轨道半径r向=h向+R=4.24×10⁴km,根据开普勒第三定律卫星(或飞船)绕地运动的轨道半长轴越小，周期越小，因此飞船在椭圆轨道I的周期小于同步卫星周期24h,A错误；11.2km/s是地球的第二宇宙速度，若飞船速度大于该值，会脱离地球引力，无法返回地球，因此“阿尔忒弥斯Ⅱ”发动机第二次工作后速度仍小于11.2km/s,B错误；飞船从远地点Q运动到近地点P的过程中，万有引力做正功，由动能定理可知，飞船动能增加，C错误；飞船的加速度由万有引力提8.AB【解析】如题图甲所示，汽车通过凹形桥的最低点图乙所示，在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，利用重力和支持力的合力提供火车转弯所需的向心力，B正物理答案第2页(共4页)确；如题图丙所示，在最高点，当杆对小球的支持力大小等于小球重力时，小球所受合力为零，此时小球的速度最小为零，C错误；如题图丁所示，水滴和需要脱水的物体间的作用力不足以提供水滴做圆周运动的向心力，水滴9.AB【解析】设星球的半径为R,密度为p,若r<R,有,解得,若r≥R,有mg=宇宙速度为v,根据重力提供向心力有,解得v=√gR,由图像可知，P、Q星球表面的重力加速度之比为,半径之比为-第一宇宙速度大小之比为,D错误。10.AC【解析】若小球在x=h(刚接触弹簧)处由静止释放，根据简谐运动对称性，最低点坐标为h+2x。,小球从O点静止下落，到达x=h时，已经具有向下的速度，因此最低点位置更靠下，坐标大于h+2xo,A正论x最低>h+2x。,因此E,>mg(h+2x。),大于mg(h+x。),B错误；小球和轻弹簧组成的系统机械能守恒，机械能=动能+重力势能十弹性势能，因此动能最大时，重力势能与弹性势能之和最小，动能最大出现在平衡位置x=h+x。处，C正确；重力功率P=mgv,压缩弹簧过程中，小球速度先增大后减小，因此重力功率先增大后【解析】(1)①实验时，将打点计时器固定在铁架台上；再将源；最后取下纸带，选择点迹清晰的一条，处理数据。正确操作顺序为ACBED。②若机械能守恒，则,整理得v²=2gh,图像斜率k=2g。(2)③滑块1与滑块2碰撞前瞬间，滑块1的速度大小,滑块1的动量大小,滑块1与滑块2碰撞后，滑块1和滑块2的速度大小,若碰撞过程动量守恒，则有m₁v₁=(m₁+m₂)v₂,整理可12.(1)AB(2分，选对1项得1分，错选得零分)(2)(2分)测量摆长时误将悬线长和摆球直径之和作为摆长(或摆长测量值偏大，2分，答案合理即可得分)(3)大于(2分)【解析】(1)细线应选用轻且不易伸长的，以减小线的质量和形变对摆长的影响，A正确；摆球选质量大、体积小物理答案第3页(共4页)(2)由单摆周期公式,变形可得,因此T²—L图像理论上是过原点的倾斜直线，斜率k= ,故。若测量摆长时误将悬线长和摆球直径之和作为摆长L,则摆长测量值偏大，实际摆长应为L一符，因此，导致图像不过原点的原因是测量摆长时误将悬线长和摆球直径之和作为摆长或其他原因导致摆长测量值偏大。(3)由题图丙，摆球在水平面内做圆周运动(圆锥摆),设摆线与竖直方向夹角为θ,则向心力由重力和拉力的合力提供,r=Lsinθ,解得圆锥摆周期,与单摆周期相比，因13.(1)2cm0.8s1.25Hz40cm(2)在B点振子动能【解析】(1)由题图可知，简谐运动的振幅A=2cm(1分)周期T=0.8s(1分)频率解得s=40cm(1则路程s=20A(1(2)根据简谐运动的特点及题图可知，振子在B点位于平衡位置，动能最大(1分)在A点、C点具有最大势能(2分，写对一个点得1分)【解析】(1)汽车速度从0到v=14m/s过程，根据牛顿第二定律F-F=F-0.1mg=ma(2分)解得,F=3×10³N当汽车速度达到v=14m/s时，牵引力功率达到额定功率，即P=Fv(2分)解得P=4.2×10⁴W(1分)当汽车速度达到vm时，牵引力与阻力大小相等，则解得vm=42m/s(1分)(2)在0～7s内，汽车的位移大小为解得x₁=49m设7～37s内汽车的位移大小为x₂根据动能定理有(2分)代入数据解得x₂=476m所以启动后37s内，汽车的位移大小为x=x₁+x₂(1分)解得x=525m(1分)【解析】(1)设滑块P在B点的速度为vB,其竖直分速度为UBy根据运动学公式有2gh=vB,(2分)联立以上二式代入数据解得vo=3m/s(1