河南青桐鸣联考2026-2027学年高三上学期开学学情调研物理（含答案）

秘密★启用前注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。A.1.89eVB.2.55eVC.10.2eVA.p二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得9.如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数F三、非选择题：本题共5题，共54分。11.(6分)某同学用如图甲所示的装置探究加速度与合外力的关系。将气垫导轨倾斜放置，装有遮光条的滑块放在气垫导轨上，绕过定滑轮的轻绳一端连接在滑块上，另砂的质量，使滑块恰好能静止在导轨上。已知重力加速度为8。(1)实验前，用螺旋测微器测量遮光条的宽度，示数如图乙所示，可知遮光条宽度d=(2)实验时，接通气源，当滑块恰好处于静止时，剪断轻绳，取下砂和砂桶，记录遮光条分别通过光电门1、2时的遮光时间,根据气垫导轨上的刻度尺测出两光电门中心间的距离L,由此可求得滑块在气垫导轨上下滑时的加速度大小α;用天平测出相应的砂和砂桶的质量为m,则滑块下滑过程中受到的合外力大小F=(均用题中所给字母表示);(3)多次改变气垫导轨的倾角重复实验，测出每次实验对应的砂和砂桶的质量m,求出每次滑块沿气垫度与受到的合外力。如果图像的斜率等于,可求得滑块和遮光条的总质量M= 12.(9分)某实验小组利用如图甲所示电路测量一段金属丝的电阻率，将金属丝拉直后接在A、B接线柱之间。已知电流表A量程为0～0.6A、内阻为(大小未知),电流表A₂量程为0～10mA、内阻T₂=50Ω,滑动变阻器最大阻值为最大阻值为999.9Ω,电源电动势为3V,内阻(1)要将电流表A₂改装成量程为0～3V的电压表，电阻箱接入电路的阻值应为Ω为，已知金属丝的横截面积为S,则金属丝的电阻率P=_;若图像的纵截距为,则电流表A的内阻i=(均用题中所给字母表示)。甲乙高三年级学情调研1.B解析：一个氢原子处在n=4能级时向低能级跃迁最多可辐射三种不同频率的光子，则处于n=2能级的氢原子吸收一个光子后跃迁到n=4能级，吸收的光子能量为E=—0.85eV—(-3.40eV)=2.55eV,B正确。故选B。两次运动的加速度均等于重力加速度，因此两次速度变化一样快，C、D错误。故选B。3.A解析：设接收屏1上相邻干涉亮条纹间距为△x₁,接收屏2上相邻干涉亮条纹间距为△x₂,单色光的波长为,则4.D解析：小球在A点时，设竖直方向分速度大小为v,则,设P、A间高度差为h,则v²=2gh,解得,D正确。故选D。Ⅲ的轨道半径为r,卫星在轨道Ⅲ上的运行周期为T₂,根据开普勒第三定律，,解得r=正确。故选C。6.B解析：k=1时，导线a在B'点处产生的磁场磁感应强度方向沿C'B'方向，导线b在B'点处产生的磁场磁感应强度方向沿B'A′方向，两分量互相垂直，矢量和沿CA方向；导线a在D点处产生的磁场磁感应强度方向沿DD'方向，导线b在D点处产生的磁场磁感应强度方向沿AD方向，两分量互相垂直，矢量和沿AD'方式观察该正方体，其结构与原题中完全相同，则有：若k=2时A′点和D'点磁感应强度互相垂直，那么误。故选B。7.C解析：根据题意，M端长为a的一小段可看成点电荷，带电荷量为Q=qa,根据对称性可知圆环对杆的静电力大小即等于该点电荷所受圆环的静电力大小，圆环中电荷在该点电荷处产生的电场强度大小E=,圆环与杆间的作用力,C正确。故选C。8.BC解析：由于质点b比质点c早0.2s到达平衡位置，说明t=0时刻，质点b正沿yx轴正方向传播，A错误；波的传播速度m/s=10·物理答案(第1页，共4页)·,B正确；质点b和质点c平衡位置间的距离不是半波长的奇数倍，因此质点b和质点c振动9.BD解析：设a、b端输入电压为U,原线圈电流为I₁,则I₁(R₂+R),当滑动变阻器的滑片R₁I₂,根据题意可知，。故选BD。10.BC解析：根据初速度为零的匀变速直线运动的规律可知，金属棒a、b通过磁场所用时间之比为1:(√2-刚离开磁场时的速度大小为v,则金属棒b刚离开磁场时的速度大小为√2v,金属棒a通过磁场过程，IF₁一Bq₁L=mv,解得IF₁=Bq₁L+mv,金属棒b通过磁场过程，IF₂=Bq₁L+√2mv—mv,C正确；金属棒a通过磁场合力做功,金属棒b通过磁场合力做功D错误。故11.答案：(1)6.125(6.123～6.127均可)(1分)(2分)mg(1分)(3)成正比(1分)(1分)解析：(1)遮光条宽度d=6mm+12.5×0.01mm=6.125mm;(2)根据运动学公式,根据题意，物块下滑过程中受到的合外力(3)如果图像是一条过原点的倾斜直线，则表明滑块质量一定时加速度与受到的合外力成正比，由mg=Ma,可得,根据题,解得1(2)为保护电路，应使滑动变阻器接入电路的电阻最大；电流表A₁的示数I=0.50A;(3)根据并联电路两端电压相等，I(r₂+R₂)=I。,得到L,根据题意,解得,由,解得解析：(1)气体发生等温变化，开始时管中封闭气体压强p₁=po=75cmHg(1分)玻璃管竖直后，管中封闭气体压强p₂=po-pgL=65cmH·物理答案(第2页，共4页)·解得L₂=15cm(1分)(2)设转动的角速度为w,根据牛顿第二定律解得w=5√2rad/s(2分)14.答案R解析：(1)根据小球a与圆弧体组成的系统水平方向动量守恒有根据几何关系x₁+x₂=R(1分)解得(1分)(2)设小球a第一次离开圆弧体时速度大小为v₁,圆弧体的速度大小为v2,根据水平方向动量守恒mv₁=2mv₂(1分)根据机械能守恒(1分)(3)当小球a反弹的速度大小恰好等于v2时，根据动量守恒根据机械能守(1分)其中解得M=3m(1分)因此，要使a球还能再运动到圆弧面上，小球b的质量应满足的条件是M>3m解析：(1)设匀强电场的电场强度为E,小球从M到N过程根据动能定理(1分)得到mg-qE=0(1分)(2)小球在第一象限内做匀速圆周运动，设运动半径为r,根据几何关系解得r=2d(1分)(3)利用配速法，将小球在N点时的速度沿x轴和y轴分解，有,其中qvB=mg,则小球在第四象限中的运动可视为①速度为v。的匀速直线运动②速度大小为v,的匀速圆周运动