重庆一中高2027届高三8月开学考试 物理+答案

重庆一中高2027届高三8月开学考试一、选择题：本题共10小题，共43分。(一)单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是2.如题2图所示为某国产新能源汽车测试时的v-t图像，下列说法正[山城学术圈]第1页·预祝考试顺利[山城学术圈]第2页·预祝考试顺利4.如题4图所示，一个可视为质点的光滑小球在半径为R的竖直圆形轨道内运动，若小球不脱离轨A.√gR不带动力的车厢(拖车)编成的混合车组。假设动车组运行过程中受到的阻力与其所受重力成正A.300km/hB.250km/hC.200km/h重力加速度大小g=甲乙[山城学术圈]第3页·预祝考试顺利(二)多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。运动。如题8图所示为某双星系统甲、乙两星绕其连线上的0点做匀速圆周运动的示意图，已知9.如题9图所示，质量为m的物体A穿在光滑的水平横杆上，质量为2m的物体B通过轻绳跨过足够着10个完全相同的正方形小物块，第1个小物块的前端刚好在B点，将10个小物块由静止释放，加速度大小为g,下列说法正确的是B.第3个小物块后端刚滑过B点时的加速度大小为0.2gC.第3个小物块后端刚滑过B点时第5和第6个小物块[山城学术圈]第4页·预祝考试顺利二、非选择题：本题共5小题，共57分。坐标系x、y、z三个方向的加速度如题11图甲所示(图中箭头方向为对应加速度的正方向),将手甲乙鲁丙A.x方向B.y方向C.z方向(2)为了直观判断向心加速度an与角速度w的关系，利用手机传感器软件可以直接作出a与 (3)若所作图像如图丙所示，根据图像信息，手机内的加速度传感器到转盘转轴的距离约为 行光源照射(如题12图甲),得到的照片如图丙；第二次实验，同学们将一个点状闪光灯放在0点照射，重新进行实验(如图乙)得到的照片如图丁。已知光源的闪光频率均为f=31Hz,光源到丙甲[山城学术圈]第5页·预祝考试顺利(2)充分利用图丙中的数据，可计算出重力加速度的大小为,投影点经过图丙中M位13.(10分)某同学想估算地球的半径，他查阅资料得到地球近地卫星的环绕周期为T₀,然后找来一(1)地球表面的重力加速度大小g;(2)地球的半径R。14.(13分)重庆一中三大球比赛期间，某同学在校园排球场上练习救球时单手将质量为m的排球从地面斜向上抛出，以地面为重力势能零势能面，排球到达最高点时动能与重力势能之比为4:9,(1)求排球抛出时水平分速度v.与竖直分速度v,的大小之比；(3)求第(2)问中排球在最高点的机械能E₂与抛出时的机械能E₁的比值。(1)求B、C向左运动的最大距离xm和B、C分离时C的速度vo;(2)若改变恒力F的大小，要求B、C分离后，A能离开墙壁，求恒力的最小值Fmn;(结果可用(3)若B、C分离后C以第(1)问中的速度v。滑上D,且D第一次与固定挡板P相碰前已共速，题号123456789DCABCBC1.匀速圆周运动合外力不为0,故A错误；向心力是摩托车和车手受到的合力，不是额外受到的力，故B错误；摩托车对车手的作用力与车手的重力的合力水2.2.4～8s内汽车做匀速运动，故A错误；0～4s内和8～12s内图线纵坐标均为正，速度方向相同，故B错误；0～4s内图像下方面积小于8～12s内的面积，时间相同，故平均速度0～4s内更小，C正确；0～4s内和8～12s内图像切线斜率正负相反，故加速度方向相反，故D错误。3.由重力做功公式W₆=mgh可知，两物体质量相同、下落高度相同，故重力做功相同，故A正确；在负功，机械能减少，机械能变化量不为零，故两物体机械能变化量不同，故B错误；根据动能定理，小球动能增加量△Ek₁=mgh,羽毛球动能增加量△Ek₂=mgh-W.,故两物体动能增加量不同，故C错误；重力做功的平均功率,两物体重力做功相同，但小球下落的加速度大于羽毛球下落的加速度，下落相同高度时真空中所用时间较短，故在小球重力做功的平均功率较大，故D错误。小球恰不能进入上半圆，,解得v=√2gR,故通过最低点时的速度v≥√5gR或5.设每节动车的额定功率为P,每节动车与拖车的质量均为m,阻力与重力的比例系数为k。动车组达到最大速度时，牵引力等于阻力，满足总功率P总=fvm,其中阻力f=kM总8,对一节动车加四节拖车的动车组：总功率为P,总质量为5m,有P=5mgkvm₁,其中vm=100km/h,对四节动车加六节拖车的动车组：总功率为4P,总质量为10m,有4P=10mgkvm₂,联立解得7m2=200km/h,故C正确。6.对单侧O点受力分析，O点受三个力：方向向下的脐橙重力Tmg、OA绳的拉力T、手垂直OA的作用力F,系统平衡。根据平衡条件T=mgcosθ,则单侧绳对扁担向下的分力为FN₁=Tcosθ,扁担对肩膀的作用力大小为Fɴ=2FN₁,解得错误；一个周期运动的位移为所以运动的时间,故C正确；在没有外力时，小物块与传送带间有摩擦，所以相对位移为热量为Q=μmgcosθ·s′=0.48J,故D错误。8.甲、乙两星到0点距离设为r、r₂,甲、乙两星绕0点转动角速度相同，设为@,对甲：向心加速度之比：,故B错误；线速度之比：,故C正确；动能之比：故D正确。10.【山城学术圈—解析】当加速度为零时，小物块速度最大，根据受力平衡可得瞬间，第5个小物块对第6个小物块的作用力为F,以后面5个小物块整体为研究对象，在沿斜面方向，根据牛顿第二定律可得5mgsin30°-F=5ma,解得F=1.5mg,故C错误；当第5个小物块刚滑过B点时速度最大，此时10个小物块的动能最大，整个过程根据动能定理可得,解得Ekm=12.5mgd,故D错误。11.(每空2分，共6分)(1)A(2)w²(3)0.14【解析】(1)加速度阶段，可测得x方向加速度大于0,V方向加速度小于0,故选A。(2)由an=w²·r可知，故填“w²”。12.(每空2分，共10分)(1)匀变速直线(2)(3)9.30(4)见解析,其,算得v₀=9.30m/s。13.(10分)(1)小球有Isine①(2分)(2)小球有则有GM=gR²②(2分)14.(13分)(1)无外力时，最高点竖直速度为0,最高点动能①(1分)②(1分)③(1分)④由题意，小球在最高点⑤(1分)从抛出到最高点有-)⑥(1分)(3)机械能方向竖直向下(2分)⑧(1分)⑨(1分)分)15.(18分)(1)B、C向左运动过程，由动能定理有(1分)设B、C向右运动刚分离时的速度为v₀,两者在弹簧原长处分离(1分)解得xᴀ=0.2m(1分))(1分)⑥(1分)(3)设物块C与D经时间t,共速，共同速度为v₁,有v₁=v。-μgt=2μgt₁⑦木板D第一次碰撞后，反弹速度,此后向左运动的最大位移为s₁,再反向以相同加速度加速位移大小s₁,则回碰挡板的速度大小还是,来回经历的时间,D第二次碰挡板时C分析可知D第二次碰挡板恰好与C共速，并且以后D每次都在与C共速同