2027届云南省丽江市古城二中物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

2027届云南省丽江市古城二中物理高二上期中质量跟踪监视试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下图为某一偏转器原理图，两个球心过O点的同心绝缘塑料半球A、B的横街面如图所示，在O点放置一点电荷.一束电子流以不同动能从该偏转器左端M正中间的小孔H垂直入射，通过偏转区域后所有电子全部打在N板上.其中初动能为的电子恰好沿半径为R的弧线C打在N板的中点F，则下列说法中正确的是A．A半球的电势高于B半球的电势B．弧线C上每一点电场强度大小C．从H点入射，到达B板中点D左侧的电子入射时的初动能一定大于D．从H点入射，分别到达N板左边缘P和右边缘Q的两类电子，动能改变量2、在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断()A．x＝2m处电场强度可能为零B．x＝2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大3、如图所示，d处固定有负点电荷Q，一个带电质点只在电场力作用下运动，射入此区域时的轨迹为图中曲线abc，a、b、c、d恰好是一正方形的四个顶点，则有()A．a、b、c三点处电势高低关系是φa=φc>φbB．质点由a到c，电势能先增加后减小，在b点动能最大C．质点在a、b、c三点处的加速度大小之比为2∶1∶2D．若将d处的点电荷改为＋Q，该带电质点的轨迹仍可能为曲线abc4、最早提出用电场线描述电场的物理学家是（）A．牛顿B．伽利略C．法拉第D．阿基米德5、静电在各个行业和日常生活中有着重要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是带电的物质微粒在电荷间作用力的作用下奔向并吸附到电极上。现有三个粒子A，B，c从P点向下运动，它们的运动轨迹如图所示，则（）A．a带负电，b带正电，c不带电 B．a带正电，b不带电，c带负电C．a带负电，b不带电，c带正电 D．a带正电，b带负电，c不带电6、下列叙述正确的是()A．接触起电是电荷转移的过程B．摩擦起电是创造电荷的过程C．玻璃棒无论和什么物体摩擦都会带正电D．带等量异号电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的湮没二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图所示。已知此时质点F的运动方向沿y轴负方向，则A．此波沿x轴负方向传播B．质点D此时沿y轴正方向运动C．质点C将比质点B先回到平衡位置D．质点E的振幅为零8、如图所示，一白炽灯泡的伏安特性曲线如图2所示，将白炽灯泡连在电路图1之中，已知电源的电动势E=100V，r+R1=100Ω，R2=100Ω。则下列说法正确的是（）A．该灯泡的实际电流0.40AB．该灯泡的实际电压50VC．该灯泡的实际电阻75ΩD．该灯泡的实际功率20W9、如图所示，一个可视为质点的物体从高为h=0.8m的光滑斜面顶端由静止开始下滑,物体经过A点时速率变化可忽略不计，滑上传送带A端的瞬时速度为vA,到达B端的瞬时速度设为vB,水平传送带A、B两端相距x=6m,物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1,取g=10m/s2,下列说法中正确的是()A．物体滑上传送带A端的瞬时速度vA=4m/sB．若传送带不动，物体到达B端的瞬时速度vB=2m/sC．若传送带逆时针匀速转动,vB一定小于2m/sD．若传送带顺时针匀速转动,vB一定大于2m/s10、下列关于电场强度的说法正确的是（）A．，是电场强度的定义式，适用于任何电场，场强大小与检验电荷的电荷量q有关B．，是匀强电场中电势差与场强的关系，d指电场中两点间的直线距离C．，是真空中静止点电荷的场强决定式，Q指场源电荷，E正比于QD．电场线的疏密表示场强的大小；切线方向可表示在该处的场强方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用下列器材，描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．待测小灯泡：额定电压3.0V，额定功率约为1.5W；B．电流表：量程0.6A，内阻约为；C．电压表：量程3V，内阻；D．滑动变阻器：最大阻值为，额定电流1A；E．滑动变阻器：最大阻值为，额定电流1A；F．电源：电动势6V，内阻很小；G．开关一个，导线若干．（1）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用___．（填写器材序号）（2）实验中某次测量如下图，则电压表的读数为________V，电流表的读数为________A．（3）用笔画线代替导线，将图中的实验仪器连成完整的实验电路_________．(4)该同学描绘出的I-U图象和下图中的________形状最接近．A．B．C．D．（5）某同学做完该实验后，发现手头还有一个额定电压5.0V，额定功率约为2.8W的小灯泡，为了描绘其伏安特性曲线，该同学又找到一个阻值的定值电阻．请利用现有器材设计实验方案，在下面画出实验电路图____________．12．（12分）某学习小组欲测量电阻Rx的阻值,有下列器材供选用:待测电阻Rx(阻值约为300Ω)电压表(量程为0~3V,内阻约为3kΩ)电流表(量程为0~10mA,内阻约为10Ω)电流表(量程为0~20mA,内阻约为5Ω)滑动变阻器R1(阻值为0~20Ω,允许通过的最大电流为2A)滑动变阻器R2(阻值为0~2000Ω,允许通过的最大电流为0.5A)直流电源E(电动势为3V,内阻约为1Ω)开关、导线若干甲同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路,并能满足Rx两端电压从0开始变化进行多次测量,则电流表应选择______(选填“A1”或“A2”);滑动变阻器应选择____(选填“R1”或“R2”);电流表采取____(选填“外”或“内”)接法。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在一根长l=5m，横截面积S=3.5×10-4m2的铜质导线两端加2.5×10-3V电压．己知铜的电阻率ρ=1.75×10-8Ω•m，则该导线中的电流多大？每秒通过导线某一横截面的电子数为多少？14．（16分）如图所示，极板、间匀强电场的场强、两点相距，距极板，距极板．求：（1）把点电荷﹢C由匀速移到电场力做了多少功？（2）如果选为零电势点，﹢在点的电势能是多少？（3）是多少？15．（12分）如图所示，光滑绝缘的水平地面上，相隔4L的A、B两点固定有两个电量均为+Q的正电荷，a、O、b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa＝Ob＝L。一质量为m，电量为q的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零。当它第一次运动到O点时，速度为2v0，继续运动到b点时的速度刚好为0，然后返回往复运动，直至最后静止在O点。已知静电力常量为k，求：(1)电荷q受到的阻力大小；(2)aO两点之间的电势差。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、由题意可知，电子绕O点做圆周运动，则在O点放置正的点电荷，故B半球电势高于A半球的电势，故选项A错误；B、设O点正点电荷的电量为Q，即库仑力充当圆周运动的向心力，则：则弧线C上的场强大小为：，联立可以得到：，故选项B错误；C、当初动能为时正好做圆周运动，当速度变小即动能小于时，库仑引力大于向心力，则电子做向心运动，会达到B板上，故选项C错误；D、由于O点为正点电荷，则其等势面为以O为圆心的同心圆，根据动能定理可以知道，动能的改变量即为电场力的功，则，，根据正点电荷电场线分别关系可以知道：，故，故选项D正确。点睛：电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，电子受力的方向与电场的方向相反；由牛顿第二定律和向心力列式解答；电子动能的改变量等于电场力做功，使用动能定理即可。2、D【解析】

φ﹣x图象的斜率等于电场强度，由斜率的变化判断场强的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场的方向．由电势能的变化情况判断电场力做功正负．【详解】A．φ﹣x图象的斜率等于电场强度，则知x=2m处的电场强度不为零，A错误；B．从0到x=3m处电势不断降低，但x=2m点的电场方向不一定沿x轴正方向，B错误；C．由斜率看出，从0到3m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，C错误；D．沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大，D正确。故选D。【点评】本题关键抓住φ﹣x图象的斜率等于电场强度，分析场强的变化，由电势和电势能的关系，判断电势能的变化和电场力做功正负。3、C【解析】试题分析：距负电荷越近，电势越低，则φa=φC＜φb,A错误；由运动轨迹可知合力在轨迹的凹侧，则带电质点带正电，受到的作用力为引力，质点由a到b电场力做负功，电势能增加；由b到c电场力做正功，电势能减少，B错误；由题知abc三点到Q的距离之比为1：：1，则由知，三点的电场强度之比为2：1：2，由F＝Eq则三点所受电场力之比为2：1：2，则三点的加速度之比为2：1：2，C正确；由运动轨迹可知合力在轨迹的凹侧，D错误．考点：本题考查点电荷的电场强度．4、C【解析】属于识记的内容。若没有记清楚，也可以采用排除法，除了法拉第以外，其他三个选项提到的物理学家都没有研究电场。5、B【解析】

根据题图可知，a向左偏转，与负电极吸引，与正电极排斥，所以a带正电；c向右偏转，与负电极排斥，与正电极吸引，所以c带负电；b不偏转，应该不带电。故选B。6、A【解析】

A．摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一个物体，A正确；B．接触起电是电荷从一个物体转移到另一个物体，B错误；C．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，不是与任何物体摩擦都带正电，C错误；D．带等量异号电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的中和，D错误．故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A.简谐波横波在x轴上传播，此时质点F的运动方向向下，由波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播。故A正确；B.质点D此时的运动方向与F的运动方向相同，即向下运动。故B错误；C.此时质点B向上运动，先经过最大位移处，再向下运动，回到平衡位置，而质点C已经在最大位移处，即将向下运动，直接回到平衡位置，则C先回到平衡位置。故C正确；D.此时质点E的位移为零，但振幅不为零，各个质点的振幅均相同。故D错误。故选：AC.8、AC【解析】

在题图中的混联电路中，设灯泡L的实际电压和实际电流分别为U′和I′．

在这个闭合电路中，有：E=U′+（I′+）（R1+r）；代入数据并整理得：U′=50-50I′，这是一个直线方程，把该直线在题图上画出，如图所示：

这两条曲线的交点为：U′=30V、I′=0.4A；所以灯泡L消耗的功率为：P′=U′I′=30×0.4=12W，故A正确，BD错误；R实==75Ω，故C正确；故选AC。9、AB【解析】试题分析：物块滑上传送带，若传送到不动，物块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达B点的速度．若传送带顺时针匀速转动，根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况．若传送带逆时针转动，物块滑上传送带做匀减速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解．由动能定理得，解得m/s，A正确；若传送带不动，则物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，匀减速直线运动的加速度大小m/s2，根据，解得m/s，B正确；若传送带逆时针转动，物体滑上传送带做匀减速直线运动，到达B点的速度大小一定等于2m/s，C错误；若传送带顺时针匀速运动，若传送带的速度小于2m/s，在物体到达B时，传送带给物体恒定的水平向左的滑动摩擦力，物体在摩擦力作用下全程做匀减速运动到达B点的速度等于2m/s，D错误．10、CD【解析】

A．，是电场强度的比值定义式，适用于任何电场，场强大小与检验电荷的电荷量q无关，故A错误；B．，是匀强电场中电势差与场强的关系，d指电场中两点间沿电场线方向的距离，故B错误；C．，是真空中静止点电荷的场强决定式，Q指场源电荷，E正比于Q，故C正确；D．电场线的疏密表示场强的大小；切线方向可表示在该处的场强方向，故D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D2.28V0.42AB【解析】试题分析：（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器，故选D；（2）电压表最小分度为0.1V；故读数为2.28V；电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，则读数为0.42A；（3）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，连成完整的实验电路如图所示；（4）因灯泡电阻随温度的增加而增大，因此在I-U图象中图线的斜率应越来越小，故选B．（5）小灯泡的额定电压为5V，大于电压的量程，故应用串一个定值电阻，增大量程；当串联一个阻值为，其量程为，描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示.【点睛】本题考查了设计实验电路图，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡与电表内阻的关系确定电流表接法，即可正确作出实验电路图．12、R1内【解析】

由题中“某学习小组欲测量电阻Rx的阻值”可知，本题考查电阻测量，根据闭合电路欧姆定律和电路连接规律可分析本题。【详解】[1]Rx的电流最大为，所以电流表选择A1；[2]若满足Rx两端电压能从0开始变化进行多次测量，滑动变阻器一定采用分压式接法，为调节方