河南省林州市林滤中学2027届物理高二上期中教学质量检测试题含解析

河南省林州市林滤中学2027届物理高二上期中教学质量检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是()A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．C点的电势高于B点电势D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强2、如图所示，L1、L2、L3为三个相同的灯泡且电阻恒定，在变阻器R的滑片A．电源总功率变小B．L1中电流变化量小于LC．L1变暗,L2变亮,D．L1变亮,L2变暗,3、如图所示的匀强电场中，一个电荷量为q的正点电荷，沿电场线方向从A点运动到B点，A、B两点间的距离为d.在此过程中电场力对电荷所做的功为W，则A点的电场强度的大小为A． B．qWd C． D．4、下列关于电动势的说法错误的是（）A．电动势表征的就是电源把其他形式的能转化为电能的本领B．电源的电动势等于内、外电路上电势降落之和C．电源的电动势在数值上等于路端电压D．电源电动势等于电源把正电荷从负极移到正极所做的功跟移送的电量之比5、如图所示，B为线段AC的中点，如果在A处放一个＋Q的点电荷，测得B处的场强EB＝48N/C，则（）A．EC＝24N/CB．EC＝12N/CC．若要使EB＝0，可在C处放一个－Q的点电荷D．把q＝10－9C的点电荷放在C点，则其所受电场力的大小为6×10－9N6、如右图，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，点为半圆弧的圆心，.电荷量相等、符号相反的两个电荷分别置于M、N两点，这时点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则点的场强大小变为E2.E1与E2之比为()A．1：2 B．2：1 C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是用涡流金属探测器探测地下金属物的示意图，下列说法中正确的是（）A．探测器内的探测线圈会产生交变磁场B．只有有磁性的金属物才会被探测器探测到C．探测到地下的金属是因为探头中产生了涡流D．探测到地下的金属物是因为金属物中产生了涡流8、如图所示，水平放置的平行板电容器M、N与一电源相连在电容器的两板间有一带电的小球P处于静止状态现将电容器两板间的距离增大，则A．电容变大 B．小球向上运动 C．电容变小 D．小球向下运动9、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是（）A．小球水平位移x2与x1的比值为4：1B．小球水平位移x2与x1的比值为3：1C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能6J10、带有(1/4)光滑圆弧轨道、质量为M的滑车静止置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上滑车，当小球上行再返回，并脱离滑车时，以下说法可能正确的是（）A．小球一定沿水平方向向左做平抛运动B．小球可能沿水平方向向左做平抛运动C．小球可能做自由落体运动D．小球可能水平向右做平抛运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）在“测定金属电阻率”的实验中，需用螺旋测微器测量金属丝的直径，其结果如图所示，其读数为_____mm．（2）在“多用电表的使用”实验中，如图所示，为一正在测量中的多用电表表盘．如果是用欧姆挡“×10”挡进行测量，且已进行欧姆调零，则读数为_____Ω；如果是将选择开关置于“直流50V”挡测量，则读数为_____V．12．（12分）如图所示，为“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡的额定电压为3V.（1）在图乙方框图中画出与实物电路相对应的电路图．（________）（2）完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，滑片应停留在滑动变阻器的最________(选填“左”或“右”)端；②闭合开关后，逐渐移动滑动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压；③记录如下8组U和I的数据，断开开关．根据实验数据在图丙方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线.（_______）编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205小灯泡发光情况不亮微亮逐渐变亮正常发光（3）数据分析：①图线表明导体的电阻随温度的升高而________．②小灯泡正常工作时的电阻约为________．(保留到小数点后一位)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）已知电流表的内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？改装后的电压表内阻是多少？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？14．（16分）如图所示，电源电动势E＝12V，电源内阻r＝1Ω，电阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，R3＝6Ω，电容器的电容C1＝4μF，C2＝1μF．电路中，先让S1闭合，S2断开，待电路稳定后，再合上S2，求该过程通过R3的电量．15．（12分）如图所示，质量m=2.0kg的木块静止在高h=1.8m的光滑水平台上，木块距平台右边缘10m。用水平拉力F=20N拉动木块，当木块运动到水平末端时撤去F。不计空气阻力，g取10m/s2。求：（1）木块离开平台时的速度大小；（2）木块落地时距平台边缘的水平距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，A错误；处于静电平衡的导体内场强为0，B错误；CD处在同一个等势体上，电势相等，C错误；在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，D正确．2、D【解析】

在变阻器R的滑片P向上移动过程中，R减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，L3变亮。L2的电压U2=E-I（R3+r），E、R3、r均不变，I增大，U2减小，I2减小，L2变暗。流过L1的电流I1=I-I2，I增大，I2减小，则I1增大，L1变亮，则选项D正确，C错误；根据P=EI，总电流I变大，则电源总功率变大，选项A错误；因I=I1+I2，I增大，I2减小，I1增大，可知∆I1>∆I2。故B错误。故选D。本题是动态电路的分析，采用“先局部，后整体，再回到局部的分析方法”；分析电流变化量的大小采用的是总量的方法，根据总电流的变化情况确定两支路电流变化量的大小。3、C【解析】

电场力做功W=Fd=qEd，得：故选C．4、C【解析】

电动势能把其他形式的能转化为电能，电动势就反映这种转化本领的大小，故A说法正确；根据闭合电路欧姆定律可知，电源的电动势等于内、外电路上电势降落之和，故B说法正确；电动势等于电源没有接入电路时路端电压，故C说法错误；根据电动势定义式，可知，电动势等于电源把正电荷从负极移到正极所做的功跟移送的电量之比，故D说法正确。5、B【解析】

Q相同，B离点+Q的距离等于C离+Q的距离的一半，则根据真空中点电荷场强公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B处的场强EB=48N/C，则EC=12N/C．故A错误，B正确；若要使EB=0，可在C处放一个+Q的点电荷，故C错误；把q=10-9C的点电荷放在C点，则其受电场力的大小为F=qE=10-9C×12N/C=1.2×10-8N，故D错误；故选B。6、B【解析】

试题分析：由得：；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，知两点电荷在O点的场强夹角为1200，由矢量的合成知，得：，B对二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

探测器内线圈通有变化电流产生变化磁场，若探测器附近有金属，则金属物中会产生涡流，涡流磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警。A：探测器内的探测线圈会产生交变磁场，故A项正确；B：金属物均会被探测器探测到，故B项错误；CD：探测器附近有金属，则金属物中会产生涡流，涡流磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警，故C错误，D正确。故选AD。8、CD【解析】

因质点原来处于静止状态，则有，且电场力向上；由可知，当d增大时，电容C减小，因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力，质点将向下运动，B错误．9、BC【解析】

将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水平位移x2与x1的比值为3：1，故A错误，B正确；设物体在B动能为EkB，水平分速度为VBx，竖直分速度为VBy，由竖直方向运动对称性知：mvBy2=8J，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=mvMx2﹣mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2﹣mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正确；由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J，，Gh=8J，，所以：，由右图可得：tanθ=，解得：sinθ=，则小球从A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的P点，故EKmin=mvmin2=m（v0sinθ）2=J，故D错误。故选BC。本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解。10、BCD【解析】试题分析：小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程．选取小球运动的方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2由机械能守恒得：整理得：如果m＜M，小球离开滑车向左做平抛运动；如果m=M，小球离开小车的速度是0，小球将做自由落体运动；如果m＞M，小球离开小车向右做平抛运动．故A错误，BCD正确．故选BCD．考点：动量守恒定律；机械能守恒【名师点睛】解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒．会根据动量守恒定律进行分析，然后从能量守恒的角度列出方程可联立求解速度.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.60516024.0【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度为1.5mm,可动刻度为,所以最终读数为,因为需要估读,最后的结果可以在之间.（2）表盘上的读数是16.0，由于用了“”档位，所以待测电阻的阻值为；如果是将选择开关置于“直流50V”挡测量，则最小刻度为1V，根据读数规则要读到最小刻度下一位，所以表盘上的读数为24.0V综上所述本题答案是：（1）1.605（2）160；24.012、左增大14.6Ω【解析】

(1)[1]测定小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，约为几欧姆到十几欧姆，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，所以电路图如图(2)[2]为保护电路安全，开关闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于左端；[3]根据表格中的数据，画出小灯泡的I-U图线如图(3)[4]图线表明导体的电阻随温度升高而增大；[5]根据I-U图线得电压U=3V时，I=0.205A，所以小灯泡正常工作时的电阻约为四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1880Ω,2000Ω；（2）0.12Ω【解析】（1）要把它改装成量程是的电压表，应串联的电阻：，改装后的电压表内阻：。（2）要把它改装成量程是的电流表，应并联的电阻：。点睛：本题考查的电表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值．同时掌握并联电路的分流作用，能根据欧姆定律求解电阻大小。14、【解析】

先让S1闭合，S2断开，则电容器C1和C2的电压之和等于R1两端的电压，因，则，则UC1+UC2=6V；Q=C1UC1=C2UC2，解得UC1=1.2V；UC2=4.8V；Q