2027届榆林市吴堡县吴堡中学高二上物理期中联考模拟试题含解析

2027届榆林市吴堡县吴堡中学高二上物理期中联考模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，AB、CD为两平行金属板，A、B两板间电势差为U．C、D始终和电源相接(图中并未画出)，且板间的场强为E．一质量为m、电荷量为q的带电粒子(重力不计)由静止开始，经AB加速进入CD之间并发生偏转，最后打在荧光屏上，CD极板长均为x，与荧光屏距离为L，则：A．该粒子带负电B．该粒子在电场中的偏移量为EC．该粒子打在屏上O点下方和O相距Ex2UD．该粒子打在屏上的动能为qU2、甲．乙两根异种材料的电阻丝，其长度之比是1:5,横截面积之比是2:3,电阻之比是2:5,外加电压之比是1:2,则甲、乙两根电阻丝的电阻率之比是：A．2:3 B．3:4 C．4:3 D．8:33、如图，空间某区域内存在沿水平方向的匀强磁场，一正方形闭合金属线框自磁场上方某处释放后穿过磁场，整个过程线框平面始终竖直，线框边长小于磁场区域上下宽度．以线框刚进入磁场时为计时起点，下列描述线框所受安培力F随时间t变化关系的图中，错误的是（）A．B．C．D．4、如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线．以下说法正确的是（）A．电池组的内阻是1ΩB．电阻的阻值为0.33ΩC．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4WD．改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W5、某同学用两种不同方式搬动哑铃：Ⅰ.缓慢将哑铃举过头顶；Ⅱ.托着哑铃沿水平方向匀速前进。下列说法正确的是()A．在Ⅰ中他对哑铃做负功B．在Ⅱ中他对哑铃做正功C．在Ⅰ和Ⅱ中他对哑铃都做正功D．在Ⅰ中他对哑铃做正功，Ⅱ中他对哑铃不做功6、如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根与磁铁垂直的长直导线．当导线中通以由外向内的电流时，磁铁仍然保持静止，则与不通电是相比，下列说法正确的是()A．磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力减小B．磁铁受到向右的摩擦力，对桌面的压力减小C．磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力增大D．磁铁不受摩擦力，对桌面的压力不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑绝缘的半圆形容器处在水平向右的匀强电场中，一个质量为m，电荷量为q的带正电小球在容器边缘A点由静止释放，结果小球运动到B点时速度刚好为零，OB与水平方向的夹角为θ=，则下列说法正确的是()A．小球重力与电场力的关系是B．小球在B点时，对圆弧的压力为C．小球在A点和B点的加速度大小相等D．如果小球带负电，从A点由静止释放后，也能沿AB圆弧运动8、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器，四个电表均为理想电表。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，将滑动触点向b端移动的过程中，各表示数变化正确的是()A．A1的示数减小，V1的示数增大B．A1的示数增大，V1的示数减小C．A2的示数增大，V2的示数减小D．A2的示数减小，V2的示数增大9、在方向如图所示的匀强电场（场强为E）和匀强磁场（磁感应强度为B）共存的场区，一电子沿垂直电场线和磁感线方向以速度v0射入场区，则（）A．若v0＞E/B，电子沿轨迹Ⅰ运动，射出场区时，速度v＞v0B．若v0＞E/B，电子沿轨迹Ⅱ运动，射出场区时，速度v＜v0C．若v0＜E/B，电子沿轨迹Ⅰ运动，射出场区时，速度v＞v0D．若v0＜E/B，电子沿轨迹Ⅱ运动，射出场区时，速度v＜v010、一段电流元放在同一匀强磁场中的四个位置，如图所示，已知电流元的电流I、长度L和受力F，则可以用表示磁感应强度B的是()A． B．C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）某同学在测量一种均匀新材料的电阻率的过程中，相关测量数据如下：①用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为___________mm；②用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为__________mm。（2）为了粗测新材料导体的阻值，该同学先选用多用电表“×100”挡调零后进行测量，发现表针偏转的角度很大。①可以判断这个电阻的阻值________（选填“较小”或“较大”）；②为了把电阻测量得更准确些，应换用“_____”挡；（选填“×10”或“×1k”）③重新换挡后必须将红、黑表笔_________，调整_________使指针指向表盘_____（选填“左”或“右”）的0Ω；④重新测量的结果如图丙所示，读数为________Ω。丙（3）某次测量知新材料导体的长度为L，导体的直径为D，电压表和电流表的读数分别为U和I，则导体的电阻率的表达式ρ=________。（用U、I、L、D等所给字母表示）12．（12分）为测定一段金属丝的电阻率，某同学设计了如图甲所示的电路．ab是一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝，电路中的保护电阻R04.0，电源的电动势E3.0V，电流表内阻忽略不计，滑片P与电阻丝始终接触良好．(1)实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径如图乙所示，其示数为d（____________）mm．(2)实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I，实验数据如下表所示：①将表中数据描在坐标纸中，如图丙所示．试作出其关系图线____________________，图象中直线的斜率的表达式k（______）（用题中字母表示），由图线求得电阻丝的电阻率（________________）m（保留两位有效数字）②根据图丙中关系图线纵轴截距的物理意义，可求得电源的内阻为_____________（保留两位有效数字）．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示导热汽缸固定在水平地面上，用质量为M的光滑的活塞Q封闭了一定质量热力学温度为T1的理想气体。一不可伸长的细绳绕过定滑轮，一端拴住活塞，另一端栓着质量为m的重物。已知大气压强为P0，活塞的位置离底部距离为H,活塞的截面积为S。最初整个系统处于静止状态，(滑轮质量、滑轮轴上的摩擦和空气阻力均不计)求：(1)剪断细绳当系统再次稳定时,活塞的位置离底部的距离h；(2)再次稳定后，对汽缸加热，使活塞再次回到最初的位置，此时气体的温度T2。14．（16分）图中实线是一组不知方向的匀强电场的电场线，将1×10-6C的负电荷由A点沿水平方向移到B点，电场力做了2×10-6J的功．A、B两点间距离为2cm，问(1)匀强电场场强多大？方向如何？(2)A、B两点间的电势差多大？(3)若φA=0，则AB中点C的电势为多少？15．（12分）如图所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场。质量为m、带电量为q的粒子从M点以速度v0沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经x轴上的N点和P点，最后又回到M点。设OM=L，ON=2L。求：(1)运动粒子带正电还是带负电；(2)电场强度E的大小；(3)匀强磁场磁感应强度B的大小和方向.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A.带电粒子在偏转电场中沿电场线的方向发生偏转，受力的方向与电场线的方向相同，所以粒子带正电；故A错误；B.对于带电粒子通过加速电场的过程,根据动能定理有：qU=1设带电粒子刚好飞出偏转电场，则此时粒子沿电场方向的位移恰为y，即y=1又：a=qE/m电子通过偏转电场的时间t=x/v代入数据解得该粒子在电场中的偏移量为：y=ExC.粒子射出电场时，沿y方向是速度：vy=at=qEx偏转角：tanθ=vy/v=qEx该粒子打在屏上O点下方和O相距：H=y+L⋅tanθ=Ex2D.对于带电粒子通过加速电场的过程，根据动能定理有：qU=12故选：C根据电场力方向与电场线方向关系判断粒子带正电还是负电；带电粒子先在AB间做匀加速直线运动然后CD间做类平抛运动，出了电场后做匀速直线运动．粒子在加速电场中，由动能定理求解获得的速度v0的大小，粒子在偏转电场中，做类平抛运动，由牛顿第二定律求得加速度．粒子水平方向做匀速直线运动，由水平位移l和v0求出运动时间．粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速运动，由位移公式求解侧向偏移量y，射出磁场后做匀速直线运动，根据位移速度公式求解位移，进而即可求解侧移y．2、C【解析】试题分析:知道电阻、长度、面积之比．由电阻定律知：得,与电压无关的．所以选C考点：电阻定律3、A【解析】

A项：线框受重力作用加速下落，进入与离开磁场时受到安培力作用．进入磁场时若安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，某时刻安培力等于重力，线框做匀速运动，此时，完全进入后只受重力，线框加速，刚要离开时的速度大于完全进入时的速度，故安培力大于重力，做减速运动，速度减小，安培力也减小，故A错误；B项：若线框进入磁场时恰好重力等于安培力，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，故B正确；C项：若重力小于安培力，由可知，线框做加速度减小的减速运动，安培力随速度的减小而减小，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，进入过程与离开过程可能安培力变化情况可能完全相同，故C正确；D项：若进入时重力大于安培力，由，则做加速度减小的加速运动，离开磁场时安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，故D正确．4、AD【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律得：I=，由电池组的伏安特性曲线斜率倒数的大小求出电源的内阻．由电阻的伏安特性曲线斜率倒数的大小求出电阻值．两图线的交点即为该电阻接在该电池组两端是工作状态，读出电流和电压，求出电池组的输出功率．当外电阻等于电池内阻时，该电池组的输出功率最大，并功率公式求出电池组的最大输出功率．解：A、由图线a斜率倒数的大小求出电池组的内阻r===1Ω．故A正确．B、由图线b斜率倒数的大小求出电阻的阻值R==3Ω．故B错误．C、将该电阻接在该电池组两端，电路中电流I=1A，路端电压为U=3V，电池组的输出功率P出=3W．故C错误．D、由图线a读出电源的电动势E=4V．当外电阻等于电池内阻时，该电池组的输出功率最大，电池组的最大输出功率Pmax==4W．故D正确．故选AD【点评】本题考查读图的能力．对于图象，往往从数学上斜率、截距、交点等知识来理解其物理意义．5、D【解析】做功的条件：有力，并且物体在力的方向上发生位移。所以在Ⅰ中他对哑铃做正功，Ⅱ中他对哑铃不做功，故A、B、C错误；D正确。6、A【解析】

以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力F方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对桌面的压力减小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A．小球从A运动到B的过程，根据动能定理得解得：故A错误；B．小球在B点时，速度为零，向心力为零，则有故B正确；C．在A点，小球所受的合力等于重力，加速度为aA=g；在B点，小球的合为加速度为所以A、B两点的加速度大小相等，故C正确；D．如果小球带负电，将沿重力和电场力合力方向做匀加速直线运动，故D错误。8、AC【解析】

R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数U2减小，R3电压U1增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1的示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2的示数变大。A．A1的示数减小，V1的示数增大，与结论相符，选项A正确；B．A1的示数增大，V1的示数减小，与结论不相符，选项B错误；C．A2的示数增大，V2的示数减小，与结论相符，选项C正确；D．A2的示数减小，V2的示数增大，与结论不相符，选项D错误；9、BC【解析】

若v0＞E/B，则洛伦兹力大于电场力，因为电子所受洛伦兹力向下，所以电子将下偏转，电子沿轨迹Ⅱ运动，电场力做负功，动能减小，所以射出场区时，速度v＜v0，故A错误B正确若v0＜E/B，则洛伦兹力小于电场力，电子向电场力方向偏转，电子沿轨迹Ⅰ运动，电场力做正功，动能增大，所以射出场区时，速度v＞v0，故C正确D错误故选BC10、AC【解析】当通电导线垂直于磁场方向时，可用表示B，由图知AC正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.015；1.196；较小；；短接；欧姆调零；右；120；【解析】

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；由电阻定律公式变形即可求得电阻率的表达式。【详解】(1)①由图甲所示可知，游标卡尺主尺示数为5cm，游标尺示数为30.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺示数为5cm+0.015cm=5.015cm；②由图乙所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1mm，游标尺示数为19.6×0.01mm=0.196mm，螺旋测微器示数为1mm+0.196mm=1.196mm；(2)①用多用表“×100”倍率的电阻档测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，说明该电阻较小；②为了把电阻测量得更准确些，应换用“×10”倍率的电阻档；③重新换挡后必须将红、黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮使指针指向表盘右边的0Ω；④如图丙所示，电阻的测量值Rx=12×10=120Ω；(3)根据，其中解得：。游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度。12、0.4001.1×10-61.4Ω【解析】(1)由图乙所示螺旋测微器可知，其示数为;(2)将表中数据描在坐标纸中，作出其关系图线如图丙所示如图所示由图丙所示图象由电阻定律可得，由欧姆定律可得，则图象斜率，联立解得，代入数据得：，联立解得电阻率为：，代入数据得：，根据图丙中

关系图线纵轴截距为1.8，此时待测电阻丝电阻为零，由闭合电路欧姆定律得：，即：得；【点睛】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；应用描点法作图作出图象；求出图象的函数表