2027届深圳市龙文一对一高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

2027届深圳市龙文一对一高二物理第一学期期中学业水平测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有一种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上显示出字符。已知偏移量越小打在纸上的字迹越小，现要缩小字迹，下列措施可行的是A．增大墨汁微粒的比荷B．减小墨汁微粒进入偏转电场时的初动能C．增大偏转极板间的电压D．减小极板的长度2、如图，直线MN为某点电荷Q所产生的电场中的一条电场线，a、b为电场线上的两点．已知正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能．下列说法正确的是()A．点电荷Q一定在M端B．a点电势一定高于b点电势C．a点场强一定大于b点场强D．将正电荷从a点移动到b点过程中，电场力一定做负功3、如图所示，a、b、c表示点电荷电场中的三个等势面，它们的电势分别为φ、2φ、3φ(φ＞0)，该中心处的点电荷的电性为()A．不带电 B．负电 C．正电 D．无法判断4、下列哪项不属于静电的利用（）A．静电复印B．静电除尘C．使用避雷针D．静电喷涂5、如图所示电路中，开关S闭合．下列措施中，可以使电容器带电量增加的是（）A．减小电阻B．减小两板正对面积C．增大板间距离D．减小板间距离6、一个带正电的质点，电荷量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除静电力外，其他力做的功为2.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差为（）A．3.0×104V B．1.0×104V C．4.0×104V D．7.0×104V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、硅光电池已广泛应用于人造卫星和灯塔、高速公路“电子眼”等设施其原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N

是两块硅半导体，P、N

可在E区形成匀强电场的上表面镀有一层膜，当光照射时，P内产生的自由电子经E区电场加速后到达半导体N，从而产生电动势以下说法中正确的是A．a电极为电池的正极B．电源内部的电流方向由P指向NC．E区匀强电场的方向由N指向PD．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置8、一小球从点竖直抛出，在空中同时受到水平向右的恒力，运动轨迹如图，、两点在同一水平线上，为轨迹的最高点，小球抛出时动能为，在点的动能为，不计空气助力。则（）A．小球水平位移与的比值1∶3B．小球水平位移与的比值1∶4C．小球落到点时的动能为D．小球从点运动到点过程中最小动能为9、如图所示，电容器由平行金属板M、N和电介质D构成．电容器通过开关S及电阻及与电源E相连接．则A．M上移电容器的电容变大B．将D从电容器抽出，电容变小C．断开开关S，M上移，MN间电压将增大D．闭合开关S，M上移，流过电阻及的电流方向从B到A10、（4分）（2010秋•琅琊区校级期末）如图所示，平行板电容器的A板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的B板和静电计的外壳均接地．此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（）A．B板向左平移，静电计指针张角变大B．B板向上平移，静电计指针张角变大C．在两板间插入介质板，静电计指针张角变大D．在两板间插入金属板，（金属板与A、B板不接触）静电计指针张角变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中,现备有以下器材：A．干电池E1节B．滑动变阻器R1(0～50Ω)C．滑动变阻器R2(0～10kΩ)D．电压表V1(0～3V)E．电压表V2(0～15V)F．电流表A1(0～0.6A)G．电流表A2(0～3A)H．电键K、导线若干．①.为了最大限度的减小实验误差，电压表选用_______，电流表选用_______，滑动变阻器选用______（填器材的代号）②.在虚线框内画出该实验最合理的电路图____③.某同学根据记录的实验数据下图中画出U－I图线．根据图线得到被测电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_______Ω.（结果保留三位有效数字）12．（12分）在“研究电磁感应现象”的实验中：（1）实验装置如下图（a）所示，合上电键S时发现电流表指针向右偏，填写下表空格：实验操作指针偏向（填“左”或“右”）滑片P右移时_______________在原线圈中插入软铁棒时________________拔出原线圈时________________（2）如图（b）所示，A、B为原、副线圈的俯视图，已知副线圈中产生顺时针方向的感应电流，根据图（a）可判知可能的情况是（_______）A．原线圈中电流为顺时针方向，变阻器滑动片P在右移B．原线圈中电流为顺时针方向，正从副线圈中拔出铁芯C．原线圈中电流为逆时针方向，正把铁芯插入原线圈中D．原线圈中电流为逆时针方向，电键S正断开时四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源电动势，内阻，电阻，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：(1)电阻R1和R3的阻值；(2)当S闭合后，电压表的示数；(3)R2上消耗的电功率。14．（16分）如图所示，把质量为2g的带负电的小球A用绝缘细绳悬挂起来，再将带电荷量为Q＝4.0×10－6C的带正电的小球B靠近A，当两个带电小球在同一高度并且相距30cm时，绳与竖直方向成角．(g取10m/s2)(1)B球受到的库仑力多大？(2)A球所带的电荷量是多少？15．（12分）如图所示，一直流电源与一保护电阻R0和一直流电动机串联，已知电源电动势E=24V（电源内阻不计)，保护电阻R0=4Ω，电动机内阻R=2Ω，电动机竖直向上匀速吊起一质量为m=1kg的重物时，安培表的读数I=2A，不计一切阻力，g取10m/s2。(1)电动机的电功率及热功率分别为多大？(2)重物匀速上升的速度v多大？(3)电动机的效率是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转量y，根据牛顿第二定律和运动学公式结合推导出偏转量y的表达式，再进行分析．【详解】微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有：水平方向：L=v0t；竖直方向：y=at2，又；联立得，；要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转量y，由上式分析可知，采用的方法有：减小比荷、增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能Ek0、减小极板的长度L、减小偏转极板间的电压U，故ABc错误，D正确。故选D。此题考查带电粒子在电场中的偏转在实际生活中的应用，关键要熟练运用运动的分解法，推导出偏转量y的表达式．2、B【解析】正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，所以a点的电势高于b点的电势，电场线的方向从a到b；若是正电荷的电场线，则电荷在M端，若是负电荷的电场线，则电荷在N端、故A错误，B正确；电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故C错误；正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，所以将正电荷从a点移动到b点过程中，电势能减小，电场力一定做正功．故D错误．故选B．点睛：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．电场力做正功，电势能减小．3、B【解析】由于abc三个等势面的电势分别为、、（），则电场线的方向指向同心圆的圆心；根据“电场线方向一定是从电势高的等势面指向电势低的等势面”可知，该点电荷的电性为负电荷．故B正确，ACD错误，故选B.4、C【解析】

A．静电复印是利用静电，与题意不相符，选项A错误；B．静电除尘是利用静电，与题意不相符，选项B错误；C．使用避雷针是防止静电，与题意相符，选项C正确；D．静电喷涂是利用静电，与题意不相符，选项D错误；5、D【解析】闭合S后，电容器两极板间的电压恒定不变，根据公式可知要使Q增加，则须使得C减小，根据可知减小S，增大d都可以使得C减小，故BC错误D正确；减小电阻不影响电容的变化，故A错误．6、A【解析】

质点在电场中移动，根据动能定理有：得a、b两点间的电势差故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：E区电场能使P逸出的自由电子向N运动，因负电荷受到的电场力与电场方向相反，所以电场方向由N指向P，由于电流的方向与负电荷的运动方向相反，所以电源内部的电流方向由N指向P，A正确、B错误；由题意可知，电子在E区加速，故电场方向应为N到P；故C正确；该电池是将光能转化为电能的装置，故D错误．考点：电源的电动势和内阻【名师点睛】本题考查根据电荷的电场力的方向来确定电场强度的方向，并掌握电流的方向与负电荷的运动方向关系，同时理解电源内部的电流的方向为由负极流向正极．8、AC【解析】

AB．小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等，小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，根据位移时间公式联立可得故A正确，B错误；C．据小球的运动轨迹如图所示：小球从A到M，由功能关系知在水平方向上恒力做功为则从A到B水平方向上恒力做功为根据能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为故C正确；D．由题知开始又竖直方向上在水平方向上又有联立以上解得几何关系可知，则据运动轨迹，但小球的运动方向与合加速度的方向垂直时，小球的速度最小，则小球从A到B过程最小速度一定与等效G´垂直，如图P点，所以故D错误。故选AC。9、BC【解析】，根据电容的决定式可知，当M向上移时，板间距离d增大，电容器的电容变小；当将D从电容器抽出，介电常数减小，电容器的电容变小，故A错误，B正确；断开开关S，M上移，电量不变，而电容减小，根据电容的定义式，可知电容器两端的电压增大，故C正确；闭合开关S，电压不变，M上移时电容减小，则由可知，电量Q减小,电容器放电，流过电阻的电流方向从A到B，故D错误．选BC.【点睛】根据电容的决定式，分析电容的变化．电容器的板间电压不变，根据电容的定义式，分析电容器电量的变化，即可判断电路中电流的方向．10、AB【解析】试题分析：静电计测定电容器板间电势差，根据电容的决定式分析电容的变化，再电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针张角的变化．解：A、B板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故A正确．B、B板向上平移，两极板正对面积减小，由电容的决定式C=得知，电容C减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故B正确．C、在两板间插入介质板，由C=得知，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小．故C错误．D、在两板间插入金属板，板间距离减小，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小．故D错误．故选AB点评：本题按照这样的思路进行分析：先根据电容的决定式C=分析电容的变化，再根据电容的定义式C=和不变的条件，分析电压或电量的变化．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1A1R11.50（1.49-1.51）1.00（0.950-1.05）【解析】(1)为方便实验操作，滑动变阻器应选总阻值较小的滑动变阻器R1，由图象可知，电源电动势约为1.5V，则电压表选电压表V1，电路最大电流约为0.5A，则电流表选电流表A1；(2)应用伏安法测电源的电动势与内电阻，用电流表测电流，电压表测路端电压，据此作出实验电路图(3)由图象可知，电源的U-I图象与纵轴的交点坐标值是1.50，则电源电动势E=1.50V，电源内阻【点睛】为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；12、右右左BC【解析】

（1）[1]因合上电键S时，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，此时电流表指针向右偏，则当滑片P右移时，电阻减小，电流也是增加，故此时电流表指针也向右偏；[2]在原线圈中插入软铁棒时，穿过线圈的磁通量也增加，则此时电流表指针也向右偏；[3]拔出原线圈时，穿过线圈的磁通量减小，则此时电流表指针也向左偏；（2）[4]A.因副线圈中产生顺