山东省巨野县第一中学2027届物理高二上期中考试试题含解析

山东省巨野县第一中学2027届物理高二上期中考试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度为零的地方，电势也一定为零B．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也一定逐渐降低C．电场中某点电场强度的方向一定与经过该点的等势面垂直D．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相等2、两条垂直交叉但不接触的导线通以大小相等的电流，如图所示，则磁感应强度为零的区域可能在（）A．在甲区域B．在乙区域C．在甲丙区域D．在乙丁区域3、关于电荷间的相互作用，下列描述正确的是（）A．异种电荷相互排斥B．同种电荷相互排斥C．同种电荷相互吸引D．电荷间相互作用只有吸引4、如图所示，平行金属板中带电液滴原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．液滴将向上运动D．上消耗的功率逐渐增大5、如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可以判定()A．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力B．M点的电势高于N点的电势C．粒子带负电D．粒子在M点的动能大于在N点的动能6、如图1所示，两根横截面积不同的不同材料制成的导线I和II，串联后接入电路．若导线上任意一点的电势φ随该点与a点距离x的变化关系如图2所示．导线I和II的电阻率分别为ρ1、ρ2，电阻分别为R1、R2，则（）A．ρ1＜ρ2，R1＜R2 B．ρ1＞ρ2，R1＜R2C．ρ1＜ρ2，R1＞R2 D．ρ1＞ρ2，R1＞R2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转平台上随平台一起做匀速圆周运动，动摩擦因数均为μ，已知A的质量为2m，B、C的质量均为m，A、B离轴距离均为R，C距离轴为2R，则以下说法正确的是（）A．aA=aB<aCB．aA=aC>aBC．fA=fC>fBD．fA=fB>fC8、电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．输出功率一定先增大后减小B．总功率一定减小C．内部损耗功率可能增大D．效率一定增大9、指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转10、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和两个伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则（）A．电流表A1的读数大于电表A2的读数B．电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角C．电压表V1的读数等于电压表V2的读数D．电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，电火花打点计时器使用______(选填“直流”或“交流”)电源，它每隔0.02s打一次点.图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是______s.经测量知道AB=1.80cm，BC=3.60cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B时物体的速度等于______m/s，物体的加速度等于______m/s12．（12分）用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电功率。(1)在闭合开关S前,滑动变阻器触头应该放在___端。(选填“a”或“b”）(2)按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值_______(选填“偏大”或“偏小”）。(3)根据所得到的图象如图乙所示，它在额定电压下实际功率P=_________W。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求:(1)原来的电场强度为多大？(2)物体运动的加速度大小;(3)沿斜面下滑距离为L时物体的速度.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)14．（16分）如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．（1）分析小球带何种电荷；（2）若在某时刻将细线突然剪断，分析小球如何运动。15．（12分）在竖直向下的匀强电场中有一带负电的小球，已知小球的质量为m，带电荷量为大小q，自绝缘斜面的A点由静止开始滑下，接着通过绝缘的离心轨道的最高点B．圆弧轨道半径为R，匀强电场场强为E，且mg＞Eq，运动中摩擦阻力及空气阻力不计，求：（1）A点距地面的高度h至少应为多少？（2）当h取最小值时，小球对最低点C的压力为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

电场强度为零的地方，电势不一定为零，例如等量同种电荷连线的中点处，场强为零，电势大于零，选项A错误；随着电场强度的大小逐渐减小，电势不一定逐渐降低，例如距离负点电荷越远的位置，场强越小，电势越高，选项B错误；电场中某点电场强度的方向一定与经过该点的等势面垂直，选项C正确；电场强度处处相同的区域内，电势不一定处处相等，例如匀强电场中，选项D错误；故选C.2、C【解析】

根据安培定则可知，竖直导线左侧的磁场垂直纸面向外，右侧的磁场垂直纸面向内；水平导线在上侧的磁场垂直纸面向外，下侧垂直纸面向内；由于电流大小相同，根据磁场的叠加可知，甲丙区域磁感应强度为零，乙区域磁场方向垂直纸面向外，丁区域磁场方向垂直纸面向内故选C。3、B【解析】

自然界中只有两种电荷：正电荷和负电荷；电荷间的相互作用规律是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；A.与分析不符，故A错误；B.与分析相符，故B正确；C.与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误。4、A【解析】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑动变阻器R4的滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，流过并联部分的总电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确，B错误；C．因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点将向下运动，故C错误；D．因R3两端的电压减小，由可知，R3上消耗的功率减小，故D错误。5、B【解析】试题分析：场线的疏密反映电场的强弱，M点的场强小于N点的场强，所以粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，故A错误；沿电场方向电势降低，从图中可知：M点电势比N点高，所以B正确；由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力方向和电场线切线方向一致，说明粒子带正电．故C错误；粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，粒子在M点的动能小于在N点的动能．故D错误.考点：电场线，电势，电势能6、A【解析】在I处分的电压为U1=，在II处分的电压为U2=2两导线流过的电流相等，由可知，R1＜R2由可知，，因为S1＜S2，L1＞L2，故ρ1＜ρ2，故A正确。点晴：本题主要考查了欧姆定律和电阻定律公式的直接应用，关键是通过图象判断出必要的物理量，通过图2判断出两段导线分的电压，由欧姆定律求的电阻大小，由电阻定律求的电阻率。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

ABC角速度相等，根据a=rω2知，C的轨道半径最大，C的向心加速度最大，AB的向心加速度相等，故A正确，B错误。物体做匀速圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，fA＝2mRω2，fB＝mRω2，fC＝2mRω2，可知B物体的摩擦力最小，故C正确，D错误；故选AC.8、BD【解析】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故A错误；电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故B正确；电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率PQ=I2r减小，故C错误；电源的效率，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故D正确；故选BD．此题是对动态电路的功率分析问题；关键是知道电源的总功率P=IE，电源内阻上的功率P=I2r，电源的效率；知道当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大等结论；此题考查学生对基本公式的应用能力.9、BC【解析】指南针不可以仅具有一个磁极，故A错误；指南针能够指向南北，说明地球具有磁场，故B正确；当附近的铁块磁化时，指南针的指向会受到附近铁块的干扰，故C正确；根据安培定则，在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时会产生磁场，指南针会偏转与导线垂直，故D错误．【考点定位】安培定则；地磁场【方法技巧】本题主要是安培定则，以及地磁场相关知识，属于容易题10、AD【解析】

AB.两安培表并联，表头两端的电压相同，电流相同，指针偏转角度相同，安培表A1的量程大于A2的量程，则安培表A1的读数大于安培表A2的读数。故A正确，B错误CD.两电压表串联，两表头的电流相同，指针偏转角度相同，量程大的读数大，伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角。故C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、交流0.10.271.8【解析】电磁打点计时器使用交流电源，电源频率为50Hz，它每隔0.02s打一次点．相邻两个计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V根据匀变速直线运动的推论公式根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：BC-AB=△x=aT2，整理得：a=3.6-1.80．12×10−2m/s12、a偏小1.2【解析】

（1）[1]实验前为了保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应该放在a端（2）[2]根据电路图可知，灯泡的电压测量准确，电流测量偏大，所以测量结果偏小（3）[3]灯泡的额定电压为2.4V，可知电压为2.4V时电流为0.5A，因此额定电压时灯泡的功率为1.2W四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）3m/s2，方向沿斜面向下（3）【解析】

带电小物块恰好静止在斜面上时合力为零，对物块进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度.【详解】(1)对小物块受力分析如图所示:物块静止于斜面上，则有：mgsin37°=qEcos37°解得：(2)当场强变为原来的时,小物块的合外力为：又F合=ma，所以a=3m/s2，方向沿斜面向下．(3)由动能定理得解得：本题中第一问是平衡条件的应用，关键是正确分析受力；第二、三问是牛顿运动定律和运动学公式的应用，关键是求合力，也可以根据动能定理求速度.14、（1）带负电（2）向右下方做初速度为零的匀加速直线运动【解析】

(1)对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，如图小球受到的电场力向左，与场强方向相反；故小球带负电荷；（2）剪短细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，故做初速度为零的匀加速直线运动；15、（1）2.5R；（2）6（mg-Eq）【解析】

(1)根据重力与电场力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律与动能定理