2027届福建龙岩市物理高二上期中统考试题含解析

2027届福建龙岩市物理高二上期中统考试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10－8J，在B点的电势能为8.0×10－9J。已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量为1.0×10－9C，那么()A．该电荷为负电荷B．该电荷为正电荷C．A、B两点的电势差UAB＝4.0VD．把电荷从A移到B，静电力做功为W＝4.0J2、在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法不正确的是()A．库仑在前人工作的基础上总结出库仑定律B．美国物理学家密立根利用油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量C．最初是焦耳用实验直接测得的用于计算电热的关系式D．奥斯特发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场（力线）把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体3、如图所示,匀强电场的电场强度为E，电场中A、B两点间的距离为d,线段AB与电场线的夹角为θ,则A、B两点间的电势差为(

)A．Edcosθ B．-Edcosθ C．Ed D．-Edsinθ4、如图所示，铁芯上有两个线圈A和B。线圈A跟电源相连，LED(发光二极管,具有单向导电性)M和N并联后接在线圈B两端。图中所有元件均正常，则下列说法不正确的是()A．S闭合瞬间，A中有感应电动势 B．S断开瞬间，A中有感应电动势C．S闭合瞬间，M亮一下,N不亮 D．S断开瞬间，M和N二者均不亮5、一电流表串联一个分压电阻后就改装成一个电压表，当把它和标准电压表并联后去测某电路中的电压时，发现标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V.为了使它的读数准确，应(

)A．在原分压电阻上再串联一个较小的电阻B．在原分压电阻上再并联一个较大的电阻C．在原分压电阻上再串联一个较大的电阻D．在原分压电阻上再并联一个较小的电阻6、下列叙述不符合史实的是()A．库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律B．法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场C．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D．电荷e的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．M为磁场边界上一点，有无数个带电量为q、质量为m的相同粒子(不计重力)在纸面内向各个方向以相同的速率通过M点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/1．下列说法正确的是（）A．粒子从M点进入磁场时的速率为v=B．粒子从M点进入磁场时的速率为v=C．若将磁感应强度的大小增加到，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的D．若将磁感应强度的大小增加到，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的8、如图所示，粒子源S能在纸面内向任意方向发射速率相同、质量为m、电量为+q、不计重力的同种粒子，MN是足够大的竖直挡板，粒子源S到档板的距离为L，挡板左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为从不计粒子间的相互作用，则A．若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是B．若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是C．若粒子源S发射的粒子速率为，则挡板能被粒子击中部分的长度为2LD．若粒子源S发射的粒子速率为，则挡板能被粒子击中部分的长度为9、如图所示，离地H高处有一个质量为m的物体，给物体施加一个水平方向的作用力F，已知F随时间的变化规律为：以向左为正，、k均为大于零的常数，物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为，且时，物体从墙上静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑后脱离墙面，此时速度大小为，最终落在地面上。则下列关于物体的说法，正确的是A．当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B．物体与墙壁脱离的时刻为C．物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一条直线D．物体克服摩擦力所做的功为10、甲、乙两根同种材料制成的电阻丝，长度相等，甲横截面的半径是乙的两倍，将其并联后接在电源上()A．甲、乙的电阻之比是1:2B．甲、乙中的电流强度之比是4:1C．甲、乙电阻丝相同时间产生的热量之比是4:1D．甲、乙电阻丝两端的电压之比是1:2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测量合金丝的直径，为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧题图所示的部件_____(选填“A”、“B”、“C”或“D”)，从图中的示数可读出合金丝的直径为d=_______mm12．（12分）测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡。原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA。现有下列器材：待测“水果电池”电流表A：满偏电流3mA，电阻约10Ω电压表V：量程0~1.5V，电阻约1000Ω滑动变阻器R1：0~30Ω滑动变阻器R2：0~30kΩ开关、导线等实验器材(1)本实验选用上面所示的实验原理图，应该选用哪种规格的滑动变阻器_____；（填写仪器代号）(2)在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，得到U—I图象如上图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E=_____V，内电阻r=_____Ω；(3)若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E_____（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r_____（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，直流电动机M串联在直流电路中，其轴与圆盘中心O相连．开关S断开时，电压表的读数12.6V，开关S接通时，电流表的读数为2A，电压表的读数为12V．圆盘半径为5cm，测速计测得圆盘的转速为r/s，两弹簧秤的读数分别为F1=7N，F2=6.10N，问：（1）电动机的输出功率、效率各为多少？（2）拉紧皮带可使电动机停转，此时电压表、电流表的读数各为多少？电动机的输入功率为多大？14．（16分）如图所示,长为L=0.5m、倾角为θ=37°的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中,一带电荷量为+q,质量为m的小球(可视为质点),以初速度v0=2m/s恰能沿斜面匀速上滑,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：(1)水平匀强电场的电场强度的大小？(2)若水平匀强电场电场强度减半,小球运动到B点时速度为多少？15．（12分）如图所示,电源电动势,内阻,标有“8V16W”的灯泡L恰好能正常发光,电动机M绕线的电阻,求：（1）电源的总功率；（2）电动机的总功率；（3）电动机的输出功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

点电荷在A点的电势能大于在B点的电势能，从A到B静电力做正功，所以该电荷一定为负电荷，且WAB＝EpA－EpB＝1.2×10－8J－8.0×10－9J＝4.0×10－9J则有UAB＝＝V＝－4.0V故A正确，BCD错误。故选A。2、D【解析】

A．库仑在前人工作的基础上总结出库仑定律，选项A正确，不符合题意；B．美国物理学家密立根利用油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，选项B正确，不符合题意；C．最初是焦耳用实验直接测得的用于计算电热的关系式，选项C正确，不符合题意；D．法拉第发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场（力线）把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体，选项D错误，符合题意。3、A【解析】

根据匀强电场的场强公式U=Ed，求出A、B两点间的电势差，d是两点距离沿电场方向的投影。注意A、B两点电势的高低，沿电场线方向电势降低。【详解】A、B两点沿电场线方向上的距离为：d′=dcosθ，根据沿电场线方向电势降低，A点电势高于B点电势，则电势差为：UAB=Ed′=Edcosθ.故A正确，BCD错误。故选：A.4、D【解析】

AC．当S闭合瞬间，A中有电流通过，线圈中磁通量发生变化，A中产生感应电动势，B中由于A产生由下向上的磁通量，根据楞次定律B线圈感应出上负下正的电动势，则M会亮一下，N不亮，故A不符合题意，C不符题意。BD．当S断开瞬间，A中也将感应出电动势，由于与S闭合瞬间磁通量变化趋势相反，则可得到S断开瞬间，N亮一下，M不亮，故B不符题意，D符合题意。5、A【解析】

两电压表并联，通过它们的电压相等，标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V，说明改装后的电压表串联的电阻稍小，而导致电流稍大；为校准电压表，应使串联的电阻阻值稍微增大，可以在原分压电阻上再串联一个较小的电阻，故A正确，B、C、D错误．故选A。6、C【解析】库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律，选项A正确；法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场，选项B正确；欧姆发现了欧姆定律，焦耳发现焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系，选项C错误；电荷e的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的，选项D正确；此题选择不符合史实的，故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．因为粒子射出边界的位置处于边界的某一段圆弧上，并不是整个圆周上都有，所以，粒子做圆周运动的半径小于R；则粒子能射到的边界其圆弧所对应的弦长正好等于圆周运动的直径，因为这段圆弧的弧长是圆周长的，所以，弦长对应的等腰三角形的内顶角为90°，所以，弦长2r=2Rsin15°，则粒子做圆周运动的半径：r=Rsin15°=，粒子做圆周运动，洛伦兹力充当向心力，即，所以：，故A正确，B错误；CD．若B变为原来的倍，则粒子在磁场中做圆周运动的半径：，同理可得，对应的弦长为R，由几何关系可得粒子做圆周运动转过磁场的圆心角为60°，所以，所以弧长之比为2∶3，故C正确，D错误。故选AC。8、AD【解析】

AB．粒子到达挡板的最短距离为L，此时所对圆心角最小，所用时间最短，如图，由几何关系得圆心角θ=，粒子做圆周运动的周期：所以最短时间为：故A正确，B错误.CD．当粒子速度：时粒子圆周运动半径R=L，粒子能打在挡板上的点与S的距离最大为2R=2L，如图打到A点，

则：当粒子向右水平射出时，刚好能打在档板上如图B点，BC=R所以被粒子击中的部分长度为：AB=AC+BC=.故C错误，D正确.9、BD【解析】

根据牛顿第二定律通过加速度的变化判断物体的运动规律，抓住F的变化规律，结合F为零时，物体脱离墙面求出运动的时间，根据合力与速度的方向确定物体的运动轨迹。根据动能定理，抓住F在沿墙面下滑的过程中不做功，求出物体克服摩擦力做功的大小。【详解】竖直方向上，由牛顿第二定律有：，随着F减小，加速度a逐渐增大，做变加速运动，当时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，故A错误。当物体与墙面脱离时F为零，所以，解得时间，故B正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线。故C错误。物体从开始运动到脱离墙面F一直不做功，由动能定理得：，物体克服摩擦力所做的功故D正确。故选BD。本题关键能运用牛顿第二定律，正确分析物体的运动情况，结合动能定理求解摩擦力做功，并要知道物体做直线运动还是曲线运动的条件。10、BC【解析】

A.两根长度相同，甲的横截面的圆半径是乙的2倍，根据电阻定律R=ρLS得，R甲：B.并联电路电压相等，由I=UR可知，甲乙中的电流强度之比为4:1；故BC.由P=U2R可知得P甲：P乙=4：1，则相同时间内的热量比也为4:1；故D.两电阻并联，则两电阻两端的电压相等；故D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B0.410【解析】

为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧固定螺钉B；螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度的读数为0.01mm×41.0=0.410mm，故合金丝的直径为d=0.410mm12、R21.5V500Ω相等偏大【解析】

(1)“水果电池”电动势约为1.5V，电流约为3mA，估算其内阻约为500Ω，要使电路电流变化范围大一些，需要选用与电源内阻接近的滑动变阻器，故选用R2；(2)根据图象可知：纵截距表示电动势，斜率绝对值表示内阻。故电动势为1.50V，内电阻为500Ω。(3)根据欧姆定律可得，，由此可知电动势E测量值等于真实值，而内电阻测量值大于真实值，因为还包含电流表内阻。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）18W、75%；（2）10.5V、7A，73.5W【解析】

试题分析：（1）圆盘边缘的线速度：v=ωR="9.0"m/s，电动机的输入功率：P入=U2I2="24"W，电动机的输出功率：P出=ΔFv="18"W，电动机的效率：η=P入/P出×100%=75%（2）电源电动势：E=U1="12.6"V，电源的内阻：r=="0.3"Ω，设电动机线圈的电阻为R0，则：P入-P出=I2R0，得：R0="1.5"Ω，当电动机卡住时，电动机为纯电阻电路.总电流即为电流表的读数I3==7A，电压表的读数为：U3=I2R0="10.5"V，电动机的输入功率为：P3=U3I3="73.5"W.考点：电动机电路（1）电动机的输入功率为UI=，电动机的输出功率与皮带对圆盘做