湖北省2025-2026学年高二上学期期末考试物理试卷（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页湖北省2025-2026学年高二上学期期末考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.下列说法不正确的是()A.光导纤维传送图像信息利用了光的衍射原理

B.激光测距是应用了激光平行度好的特点

C.在照相机镜头前加装偏振滤光片拍摄日落时水面下的景物，可使景象更清晰

D.a、b两种光从相同的介质以相同的入射角射到真空中，若a光的频率大于b光的频率，则逐渐增大入射角，a光先发生全反射2.对于法拉第电磁感应定律，当n一定时，下列理解正确的是()A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大

B.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大

C.穿过线圈的磁通量变化率越大，感应电动势越大

D.穿过线圈的磁通量为0，感应电动势一定为03.空间某区域的电场线如图所示,下列说法正确的是（）

A.该电场线可能是一个负点电荷形成的电场

B.若在B点由静止释放一个电子,电子将沿电场线的反方向运动

C.ABC三点的电场强度及电势满足：，

D.质子在ABC三点的电势能满足：4.蜘蛛通过织出精巧的蜘蛛网来捕捉猎物，蜘蛛网是由丝线构成的，这些丝线非常灵敏，有研究表明，当有昆虫“落网”时，网上的丝线会传递振动信号，蜘蛛通过特殊的感知器官，如腿上的刚毛和体表的感压器，来接收和解读这些振动信号，若丝网的固有频率为200Hz，则下列说法正确的是（）A.“落网”昆虫翅膀振动的频率越大，丝网的振幅就越大

B.当“落网”昆虫翅膀振动的频率低于200Hz时，丝网不振动

C.当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005s时，丝网的振幅最大

D.昆虫“落网”时，丝网振动的频率与“落网”昆虫翅膀振动的频率无关5.如图所示为电磁流量计的原理图：一圆形导管直径为，用非磁性材料制成，其中有可以导电的液体向左流动。图中磁场方向垂直于纸面向里，大小为，导电液体中的自由电荷（正、负离子）在洛伦兹力的作用下偏转，、间电势差。（流量为单位时间流过导管横截面液体的体积）则（

）

A.点电势高于点电势 B.流量

C.流量 D.电势差U与液体浓度成正比6.炎热的夏季，玩具水枪备受儿童的青睐，但水枪伤眼的事件也时有发生，因此，家长监管和减小水枪威力成为了必须关注的问题。现有一水枪样品，已知水枪喷水口的半径为R，水的密度为ρ，水流水平出射速度为v，垂直击中竖直目标后水的速度为零，则（）A.水枪喷水的流量（单位时间内流出的体积）为

B.水枪单位时间喷出的水的质量为

C.汽车对水柱的平均作用力为

D.水枪的功率为7.如图所示，将一根粗细均匀电阻为2R的电阻丝弯成一个闭合的圆环，O为圆心，PQ为直径，接入电路中。导体棒两端连到O和Q固定不动，导体棒一端接到O点，另一端可以滑动并且和电阻丝接触良好，两个导体棒的电阻都为R。电源的电动势为E，内阻为r。闭合开关S，理想电流表A、理想电压表V的示数分别用I和U表示，电表示数变化量的绝对值分别用I和U表示。当的可动端缓慢地从P点开始顺时针移到Q点的过程中，假设灯泡L电阻不变，则下列说法正确的是（）

A.灯泡L变暗，变小 B.灯泡L变亮，变大

C.电源的输出功率一定变小 D.电源的效率一定变大二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.如图甲所示，粗糙水平面上固定一长直导线，其左侧放置一个长方形的金属线框（俯视图），现导线中通以如图乙所示的电流，线框始终保持静止状态，规定导线中电流方向向下为正，在时间内，则（）

A.线框中感应电流先逆时针后顺时针 B.线框中感应电流一直沿顺时针方向

C.线框受到的安培力先向右，后向左 D.线框受到的安培力方向始终向左9.如图所示，磁场区域边界为圆形，半径为R，区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B。（图中未画出），有一比荷为的带正电粒子，从圆形磁场边界上的A点以的速度垂直直径MN射入磁场，且，下列选项正确的是（

）

A.粒子将从N点左侧射出磁场

B.粒子将从N点沿ON方向射出磁场

C.粒子在磁场中运动的时间为

D.若粒子从圆形磁场边界上的C点以相同的速度入射，一定从N点射出10.如图甲所示，在均匀介质中，坐标系xOy位于水平面内，O处的波源由平衡位置开始垂直xOy平面振动，产生的简谐横波在xOy平面内传播，规定图甲状态为t=0时刻，实线圆、虚线圆分别表示相邻的波峰和波谷，且此时刻平面内只有一圈波谷，质点A第一次到达波峰。图乙为质点A的振动图像，z轴垂直于xOy平面，竖直向上为正方向。下列说法正确的是()

A.此机械波的传播速度为10m/s

B.波源的起振方向垂直xOy平面竖直向下

C.t=0.2s时，机械波恰好传至B处

D.在t=0至t=1.05s时间内，C质点运动的路程为16cm三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.在“验证动量守恒定律”的实验中，先让质量为的钢球A从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在复写纸下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹，从而得到落点的平均位置。再把质量为的空心钢球B放在斜槽轨道末端，让A球仍从位置S由静止滚下，与B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，O点是轨道末端在白纸上的竖直投影点，如图所示。测量两个小球质量、和OM、OP、ON的长度。(1)该方案中

（填“需要”或“不需要”）测量小球抛出点到水平面的高度，为了尽量减小实验误差。两个小球的质量应满足

（填“大于”或“小于”或“等于”）。(2)若两小球碰撞前后总动量守恒，则测量的物理量满足关系式是

，若两小球发生的是弹性碰撞，则OP、OM、ON应满足的关系式是

。12.某同学要测量一未知电阻的阻值。(1)如图1所示，该同学用多用电表粗测的阻值，当用“”挡时发现指针位于“①”位置，应该换用

（选填“”或“”）挡，进行一系列正确操作后，指针静止时位于“②”位置，其读数为

。(2)为了精确测量的阻值，除、开关、导线外，实验室还提供以下器材选用：电流表（量程，内阻约）电流表（量程，内阻约）电压表（量程，内阻约）

电源（电动势，内阻约）电阻箱（阻值范围为）

滑动变阻器（最大阻值为）I．该同学设计了图2方案测量的阻值，根据提供的器材，图中导线端应与图中

（填“a”或“b”）点相连。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表和电流表指针指到合适的位置，读出电表的示数，可计算出的阻值。Ⅱ．该同学为了消除图2方案中电表内阻带来的系统误差，用提供的器材重新设计了图3方案并进行了如下操作：①将电阻箱的阻值调到最大，滑动变阻器滑片调至最左端，闭合开关；②调节滑动变阻器和电阻箱的阻值，使电流表、的指针指到合适的位置，记录多组对应的电流表示数、电流表示数以及电阻箱阻值；③利用数据作出如图4所示的图像。图像纵截距为，斜率为，由图像可得的阻值为

；该方法还能得出电流表的内阻为

。四、计算题：本大题共3小题，共36分。13.现要检测一块工业半球形玻璃砖的折射率。半球形玻璃砖的截面如图所示，O是半球形玻璃砖的球心，MN是其中心轴，已知玻璃砖的半径R=1m，两束与中心轴平行的相同检测光a、b射入半球形玻璃砖，当a光与中心轴MN的距离L=0.5m时，a光从玻璃砖上C点射出，出射光线与中心轴MN交于F点，当b光与中心轴MN距离m时，b光在玻璃砖右侧恰好发生全反射，求∶（i）玻璃砖对检测光的折射率n；（ii）C点与F点间的距离。（取cos15°=0.97）

14.如图所示，足够长的水平光滑直杆两端固定。质量为m＝3.0kg的光滑金属圆环套在杆上，轻绳一端拴在环上，另一端系着一个质量为M＝1.2kg的木块，现有一个质量为m0＝0.8kg的滑块以v0＝5m/s的水平速度离开桌面，和木块正碰并粘连在一起（不计空气阻力，碰撞时间极短，g取10m/s2），求：(1)滑块与木块碰撞过程中系统损失的机械能；(2)木块所能达到的最大高度；(3)圆环的最大速度。15.2026年广东省第十七届运动会将在茂名举行，主题口号“好心茂名魅力省运”。图甲是运动会会徽，直观体现了对称美和运动美。带电粒子在磁场中的运动，很多情景也有周期性和对称性。如图乙，平面直角坐标系xOy第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内存在垂直于纸面向外的匀强磁场；时刻，一带正电的粒子从P点平行x轴射入电场，以速度ν第一次从Q点穿过x轴进入磁场，速度ν与x轴正方向的夹角θ=53°。已知P点坐标为，粒子质量为m、电荷量为＋q，Q点速度为ν，重力不计。（取sin53°=0.8，cos53°=0.6）(1)求匀强电场的电场强度E的大小；(2)欲使粒子不从y轴射出磁场，求磁感应强度的最小值；(3)若磁感应强度，求粒子第7次通过x轴的坐标。

1.【答案】A

2.【答案】C

3.【答案】D

4.【答案】C

5.【答案】B

6.【答案】C

7.【答案】D

8.【答案】BC

9.【答案】CD

10.【答案】AD

11.【答案】不需要大于​​​​​​​​​​​​​​

12.【答案】​​​​​​​17.0/17a​​​​​​​​​​​​​​

13.【答案】【详解】（i）由题意知，当b光与中心轴MN距离

时，发生全反射，根据几何关系有解得（ii）由题意知，a光从C点射出，其入射角i=30°，由解得折射角r=45°在△COF中，∠CFE=15°，CO=1m，根据正弦定理有解得x=1.94m

14.【答案】【详解】（1）设滑块与木块达到的共同速度为v1，滑块质量m0＝0.8kg，木块质量M＝1.2kg。由动量守恒定律得m0v0＝（M+m0）v1解得：v1＝2m/s系统机械能损失量ΔE，

代入数据得ΔE＝10J﹣4J＝6J（2）当摆至最大高度h时，系统水平速度v共，满足动量守恒（m0+M）v1＝（m0+M

+m）v共解得

根据机械能守恒定律

代入数据

（3）当木块回摆至最低点时，设圆环速度为v2，木块速度为v3，由水平动量守恒得

v1＝mv2+

v3由机械能守恒得

联立解得圆环最大速度

​​​​​​​

15.【答案】【详解】（1）