湖南省邵东县三中2027届物理高二上期中复习检测模拟试题含解析

湖南省邵东县三中2027届物理高二上期中复习检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为皮带传动示意图，假设皮带不打滑，R>r，则下列说法中正确的是()A．大轮边缘的线速度大于小轮边缘的线速度B．大轮边缘的线速度小于小轮边缘的线速度C．大轮的角速度较大D．小轮的角速度较大2、下列说法正确的是（）A．通过导线横截面的电荷量越多，电流越大B．通电时间越短，电流越大C．通过导线横截面的电荷量越小，电流越小D．在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大3、如图所示，质量为m、长度为L的金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂在O、O′点，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，棒中通以某一方向的电流，平衡时两细线与竖直方向夹角均为θ，重力加速度为g.则()A．金属棒中的电流方向由N指向MB．金属棒MN所受安培力的方向垂直于OMNO′平面向上C．金属棒中的电流大小为D．每条细线所受拉力大小为4、关于静电场,下列说法中正确的是()A．在电场中某点的电势为零,则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大,在电势低的地方电势能小C．根据公式U=Ed可知,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点,电势能一定减小5、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则下列判断正确的是A．若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大B．增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大C．将A板稍微上移，静电计指针张角将变小D．减小两极板之间的距离，静电计指针张角变大6、已知地球半径为R，月球半径为r，地球与月球之间的距离（两球中心之间的距离）为L，月球绕地球公转的周期为T1，地球自转的周期为T2，地球绕太阳公转周期为T3，假设公转运动都视为圆周运动，万有引力常量为G，由以上条件可知（）A．地球的质量为B．月球的质量为C．地球的密度为D．月球运动的加速度为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两个截面不同，长度相等的均匀铜棒接在电路中，两端的电压为U，下列说法正确的是（）A．通过两棒的电流强度相等B．两棒的自由电子定向移动的平均速率相等C．两棒内的电场强度大小相等D．相同时间内通过两棒的电荷量相等8、真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1∶2∶4，电荷量之比为1∶1∶2，则下列判断中正确的是（）A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B．三种粒子打到荧光屏上的位置相同C．偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶1∶2D．偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶2∶49、如右图所示的电路中C是平行板电容器，在开关S扳到1位置，使电容器与电源两极相连，这时将平行板的板间距拉大一点，下列说法正确的是()A．电容器电容减小B．极间的场强增大C．极板带电量增大D．极板上电压不变10、如图所示，在粗糙的水平绝缘桌面上有两个大小相同、带有同种电荷的小物块P和Q.已知，.将它们由静止释放后，两物块开始在水平桌面上运动，并最终停止在水平桌面上，在物块运动过程中(

)A．P受到的库仑力大于Q受到的库仑力B．P受到的摩擦力始终小于它受到的库仑力C．P的加速度初始先小于Q的加速度，以后可能大于Q的加速度D．P和Q具有的电势能与机械能之和减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，所用电流表和电压表的内电阻分别为0.1Ω和1KΩ，如图为所需的器材．（1）请完成它们的实验电路_______，注意两个电表要选用适当量程，并要求变阻器的滑动片在左端时其电阻值最大．（2）一位同学记录的6组数据见下表，试根据这些数据在图中画出U-I图线，根据图线求出电池的电动势E=_________V，内阻r=________Ω．I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.191.05（3）上述实验的测量结果为E测__________E真（填“>”“<”或“=”）12．（12分）在《描绘小灯泡伏安特性曲线》的实验中，选择“3V、0.5A的小灯泡作为研究对象，要求小灯泡两端电压从0开始变化，电源E=6V,有开关导线若干.请回答下面几个问题：①下列实验器材中应选用______（填入器材序号）A．电流表（量程0～0.6A，内阻1Ω）B．电流表（量程0～3A，内阻1Ω）C．电压表（量程0～15V，内阻约10kΩ）D．电压表（0～3V，内阻约2kΩ）E．滑动变阻器（阻值0～100Ω）F．滑动变阻器（阻值0-10Ω）②在本实验中，滑动变阻器应采用______（填“分压”或“限流”）接法，电流表应采用______（填“内”、“外”）接法．③在下图框中画出实验电路图_________.④小灯泡所加的电压U由零逐渐增大到3V，在此过程中电流I和电压U的关系可以用图象表示，在图中符合实际的是______。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一根弹性绳沿x轴方向放置，左端在原点O处，用手握住绳的左端使其沿y轴方向做周期为1s的简谐运动，于是在绳上形成一简谐波．绳上质点N的平衡位置为x=5m，振动传播到质点M时的波形如图所示．求：（1）绳的左端振动后经过多长时间传播到质点N；（2）质点N开始振动时，绳的左端已通过的路程；（3）如果从N开始振动计时，画出质点N振动的位移﹣时间图线．14．（16分）如图所示，一个质量m＝40g，带电量q＝-3×10－6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小和方向？（2）此时细线的拉力大小？15．（12分）在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E＝6.0×105N/C，方向与x轴正方向相同．在O处放一个电荷量q＝－5.0×10－8C，质量m＝1.0×10－2kg的绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0＝2.0m/s，如图所示．(g取10m/s2)试求：(1)物块向右运动的最大距离；(2)物块最终停止的位置．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

AB．由于皮带没有打滑，则两轮子在相同的时间内通过的弧长相等，可知线速度大小相等。故A、B均错误；CD．根据公式v=ωr，大轮半径大，角速度ω小，故C错误，D正确。2、D【解析】试题分析：通过导体横截面的电量多少，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故AC错误；通电时间短，但不知道通过导体横截面的电量，所以不能得出导体中的电流大小，故B错误；物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱表示电流，所以在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大，故D正确．考点：考查了电流的定义【名师点睛】物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，叫做电流，定义式．3、C【解析】平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，所以导线受到的安培力水平向右，根据左手定则，可知金属棒中的电流方向由M指向N，故A错误；对棒受力分析，做出沿MN的方向观察的受力图所示：金属棒MN所受安培力的方向垂直于MN和磁场方向水平向右，与OMNO′平面不垂直，故B错误；根据平衡条件可得：mgtanθ=BIL，解得：，故C正确；根据平衡条件可得：2Tcosθ=mg，解得：，故D错误。所以C正确，ABD错误。4、D【解析】

A、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故A错误．B、据电势能公式Ep=qφ知，电势能取决于该点的电势和电荷，并不是只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，故B错误．C、公式U=Ed中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故C错误．D、据电势能公式Ep=qφ知，正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确．故选D．5、B【解析】

已充电的平行板电容器电量不变.静电计测量电势差的大小,电容器板间的电势差越大,静电计指针张角越大.根据电容器电容的决定分析电容的变化,由电容的决定式分析板间电势差的变化.【详解】A、将玻璃板插入两板之间,电容的决定式可以知道,电容增大,电量不变,由分析可以知道,板间电压减小,静电计指针张角变小.故A错误.B、增大两极板之间的距离,由电容的决定式可以知道,电容减小,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.所以B选项是正确的.C.将A板稍微上移时,正对面积减小,由电容的决定式可以知道,电容减小,电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.，故C错；D.减小两极板之间的距离，由电容的决定式可以知道,电容增大,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错；故选B6、A【解析】

AC．月球围绕地球圆周运动，已知月球公转周期为T1，公转半径为为L，根据万有引力提供圆周运动向心力有：可得地球的质量为：m地＝地球的密度为：故A正确C错误。B．因为月球是环绕天体，万有引力提供向心力等式两边消去环绕天体的质量，故无法求得月球的质量，故B错误；D．月球绕地球公转，万有引力提供圆周运动向心力有，月球的加速度即为向心加速度为：故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A.因两导体串联，则电流一定相等，故A正确；B.由电流的微观表达式：可知电流相同，单位体积内的电子数相同，电子的电荷量相同，因截面积不相同，故电子的定向移动速率不同，细棒中的电子定向移动速率大，故B错误；C.因电压相等，由电阻定律有：可知细棒的电阻较大，则由欧姆定律可知，细棒两端的电压较大，由：可知细棒内的电场强度大于粗棒内的电场强度，故C错误；D.根据：由于电流相等，故通过两棒的电荷量相等，故D正确。8、BC【解析】

不同的粒子经同一加速电场加速，垂直射入向一偏转电场，最后从偏转电场穿出后，题目要求比较到荧光屏的时间、位置、做功之比，可以先设定的一些参数，把要求的物理量表示出来，看它们与质量和电量的关系，然后再做定论．此题要用到动能定理、类平抛运动规律、三角函数等内容．【详解】设AB间的电压为U1，CD间的电压为U2、板长为L、板距为d，CD右边缘离荧光屏的距离为S，从一般情况考虑，在加速电场中有：，进入偏转电场做类平抛运动．A项：穿出CD后的时间，由于三种粒子的比荷不同，所以三种粒子穿出CD板的时间不同，所以选项A错误；B项：偏移的距离：，偏转角的正切：，由以上两解得：，，由两式可以看出，三种粒子从CD边缘的同一点穿出，且速度方向相同，那么最后打到荧光屏的位置相同，所以选项B正确；C、D项：偏转电场对三种粒子所做功，则做功之比等于电量之比为1：1：2，故C正确，D错误．故应选BC．只有表示出每一个选项的表达式，才能准确判断，要注意的是到达荧光屏的时间，因为水平方向上是匀速直线运动，所以到达荧光屏的时间是总的水平位移除以水平速度，至于偏转电场对粒子的做功直接用功的公式去做，电场力与沿电场力方向距离的积，由于电场力只跟电量有关，而场强与距离相等，所以做功之比等于电量之比．9、AD【解析】AD、开关S扳到1位置时电容器两端的电压不会变化，由知，当平行板的板间距拉大一点d增大，则C减小，故AD正确；B、由知，d增大，则E减小，故B错误；C、由Q=CU知电容器储存的电荷量减小，故C错误；综上所述本题答案是：AD10、CD【解析】

PQ间的库仑力分别对P和Q为作用力和反作用力，大小相同，方向相反，故A错误；开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，整个过程中摩擦力一直做负功，故P和Q具有的电势能与机械能之和一直减小．故B错误，D正确；对PQ受力分析可知，开始加速运动时受到库仑力大于摩擦力，由牛顿第二定律可知F库-f=ma，解得a＝−μg，由于库仑力大小相同，摩擦系数大小相同，mp＞mQ，故P的加速度小于Q的加速度；到后来做减速运动时开始时受到库仑力小于摩擦力，由牛顿第二定律可知f-F库=ma，解得a＝μg-，由于库仑力大小相同，摩擦系数大小相同，mp＞mQ，故P的加速度大于Q的加速度；故C正确；故选CD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.460.72<【解析】（1）根据要求，变阻器的滑动触头滑至最左端时，其使用电阻值最大，电源的内阻是比较小的，为了减小误差，采用电流表的内接法，按要求连实验实物图，如图（2）根据这些数据作出U-I图象如图．在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.46V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：.（3）由图所示电路可知，相对于电源来说，电流表采用内接法，由于电压表的分流作用，使所测电源电动势小于电动势真实值．12、ADF分压外B【解析】

第一空.由题意可知，灯泡的额定电压为3V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择D；灯泡的额定电流为0.5A，故电流表应选择A；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择F；所以实验器材中应选用ADF．第二空.测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；第三空.灯泡内阻为Rx≈30.5Ω=6Ω，而电流表内阻约为1Ω第四空.电路为电流表外接法和滑动变阻器的分压式，如图：第五空.小灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆定律得到R=UI，等于图线上的点与原点连线的斜率倒数，电阻一直增大，故I-U图线上的点与原点连线的斜率一直减小．所以A，C，D不符合实际，故B四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）绳的左端振动经2.5s时间传播到质点N；（2）质点N开始振动时，绳的左端已通过的路程为80cm．（3）如果从N开始振动计时，质点N振动的位移﹣时间图线如图所示．【解析】

（1）由图可知，波长λ=2m，则波速：v==m/s=2m/s振动从O传播