云南省华宁一中2027届高二上物理期中综合测试试题含解析

云南省华宁一中2027届高二上物理期中综合测试试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，AB为竖直的光滑圆弧绝缘轨道，其半径为0.5m，A点与圆心O等高，最低点B与绝缘水平面平滑连接，整个轨道处在水平向右的匀强电场中，场强为5×103N/C．将一个质量为0.1kg，电荷量为+8×10−5C的滑块（可视为指点）从A由静止释放，已知滑块与水平面间的动摩擦因数为0.05，取g=10m/s2，则滑块A．第一次经过B点时速度值为m/sB．第一次经过B点是对B点的压力为1.2NC．在水平面向右运动的加速度值为3.5m/s2D．在水平面上通过的总路程为6m2、在绝缘光滑的水平面上，如图所示有相隔一定距离的两个带同种电荷的小球。让它们从静止开始释放，则两个球的加速度和速度随时间的变化情况是（）A．速度、加速度都变大 B．速度、加速度都变小C．速度变小、加速度变大 D．速度变大、加速度变小3、如图所示，长为2L，板间距离为L的水平极板P，Q，现有质量为m，电量为q的带正电粒子（不计重力），从左边的极板中点处，以速度平行极板射入，欲使粒子不打在极板上，可采取的办法有A．在极板间加垂直纸面向内的匀强磁场，磁感应强度B．在极板间加垂直纸面向内的匀强磁场，磁感应强度C．在极板间加垂直极板指向P极板的匀强电场，电场强度D．在极板间加垂直极板指向Q极板的匀强电场，电场强度4、在下图中，标出了磁场的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中正确的是()A． B． C． D．5、如图所示是研究自感实验的实物电路，L1、L2是两个规格相同的小灯泡，L为自感线圈，闭合开关S，调节滑动变阻器R，使两个灯泡的亮度相同，然后断开开关S，则()A．闭合开关S，L1、L2都逐渐变亮B．闭合开关S，L2立刻变亮，L1逐渐变亮C．闭合开关S稳定后，L仍有自感电动势D．闭合开关S稳定后，断开S，L没有自感电动势6、使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上－3Q和＋5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比为A．2∶1 B．4∶1 C．16∶1 D．60∶1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域。当电流通过位于磁场中的导体时，会在导体的两表面产生电势差，这种磁电现象称为霍尔效应。如图所示，长方体金属块的长、宽、高分别为a、b、h，金属的电阻率为ρ，在三维空间有一个沿x轴正方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场，当金属块沿y轴正方向通以大小为I的电流时，以下判断正确的是（）A．金属块受到的磁场力大小为BIa，方向沿z轴正方向B．金属块沿y轴方向的电阻为C．金属块沿y轴正方向两个侧表面的电势差为D．金属块沿z轴方向的上表面的电势高于下表面的电势8、如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（）A．线速度大小关系为B．加速度大小关系为C．向心力大小关系为D．周期关系为TA<TB=TC9、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个负试探电荷固定在P点，如图(甲)所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、表示P点的电势，Ep表示负电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向P点移动一小段距离x0的过程中，在图(乙)中，各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是A． B． C． D．10、如图所示，四个图象描述了对给定的电容器充电时，电容器电量Q、电压U

和电容C三者的关系，正确的图象有（）A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）使用多用电表测量定值电阻，阻值约为，操作步骤如下：请按合理的顺序填写在横线的空白处：___________。A．转动选择开关置于“×1”档B．转动选择开关置于“OFF”档C．将两表笔分别接触两端，读出的阻值后随即断开D．将两表笔短接，调节调零旋钮，使指针指在刻度线右端的“0”刻度（2）在用多用表测量另一电阻的阻值时，电表的读数如图所示，该电阻的阻值为________。12．（12分）某同学先用欧姆表的“×10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图所示，现欲用伏安法较准确地测定其阻值，给出下列仪器供选用：A．9V电池B．电流表（0～0.6A，10Ω）C．电流表（0～0.1A，3Ω）D．电压表（0～3V，2kΩ）E．电压表（0～15V，45kΩ）F．滑动变阻器（0-10Ω，0.1A）G．滑动变阻器（0-20Ω，1A）H．导线、电键（1）上述器材中应选用_____________（填代号）．（2）在虚线框中画出电路图_______．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）质量为m＝1.0kg的小滑块（可视为质点）放在质量为M＝3.0kg的长木板的右端，木板上表面光滑，木板与地面之间的动摩擦因数为μ＝0.2，木板长L＝1.0m．开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力F＝12N，如图所示，经一段时间后撤去F．为使小滑块不掉下木板，试求：用水平恒力F作用的最长时间.（g取10m/s2）14．（16分）如图所示，在长为2L、宽为L的区域内正好一半空间有方向平行于短边向上的匀强电场，电场强度为E，无电场区域位于区域右侧另一半内，现有一个质量为m，电量为q的粒子，以平行于长边的速度从区域的左上角A点射入该区域，不考虑粒子重力，要使这个粒子能从区域的右下角的B点射出，试判断粒子的电性，并求粒子的初速度大小v0。15．（12分）有“200V40W”灯泡400盏，并联于电源两端，这时路端电压U1=150V，当关掉200盏，则路端电压升为U2=175V试求：（1）电源电动势，内阻多大？（2）前后两次每盏灯实际消耗的功率各多大？（3）若使电灯正常发光还应关掉多少盏灯？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

（1，2）对AB过程由动能定理可求得B点的速度，再根据向心力公式即可求得B点的支持力，由牛顿第三定律即可求得压力大小；（3）根据牛顿第二定律求解在水平面向右运动的加速度；（4）滑块在水平轨道运动时，只有电场力和摩擦力对其做功，由动能定理求得水平轨道上的总路程．【详解】A．设小滑块第一次到达B点时的速度为vB，根据动能定理可得：mgR-qER=mvB2，解得，选项A错误；B．最低点B对小滑块运用牛顿第二定律可得：FN′-mg=m，根据牛顿第三定律：FN=FN′，所以小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力：FN=3mg-2qE=2.2N，选项B错误；C．在水平面向右运动的加速度：，解得a=4.5m/s2，选项C错误；D．电场力大小：qE=8×10-5×5×103

N=0.4

N；摩擦力大小：f=μmg=0.05×0.1×10

N=0.05

N，可知：qE＞f；所以小滑块最终在圆弧轨道的下部分往复运动，并且小滑块运动到B点时速度恰好为零，对小滑块运用动能定理可得：mgR-qER-μmgx=0-0，解得小滑块在水平轨道上通过的总路程：x=6m．选项D正确；故选D.本题考查分析和处理物体在复合场运动的能力．对于电场力做功W=qEd，d为两点沿电场线方向的距离，同时注意正确应用功能关系和牛顿第二定律进行分析求解是解题的关键，选项D中要注意比较在平面上时的电场力与摩擦力的大小关系，电场力与重力做功与路径无关只与始末位置有关，但摩擦力做功与路径有关，摩擦力在整个路径上一直做负功．2、D【解析】

由于同种电荷间存在相互作用的排斥力，两球将相互远离，距离增大，根据库仑定律得知，相互作用力减小；由牛顿第二定律得知它们的加速度变小。随着两球间距离增大，电场力做功正功，总动能增加，所以速度增加。故D正确，ABC错误。

故选D。3、A【解析】

由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，粒子运动轨迹如图所示：

若粒子刚好从上板左侧射出时轨迹半径为，联立以上可得：，若粒子刚好从右侧射出半径为r2，根据几何关系有：，解得轨迹半径为：，联立以上可得：，欲使离子不打在极板上，应有：或，故A正确，B错误；在极板间加垂直极板指向P极板的匀强电场，粒子刚好不打在极板上时，水平方向有2L=v0t，竖直方向有：，联立以上可得：，所以电场强度应满足，同理，在极板间加垂直极板指向Q极板的匀强电场，电场强度应满足，故CD错误．所以A正确，BCD错误．4、C【解析】

A.根据左手定则可得，图中安培力的方向是向下的，故A错误；B.图中电流的方向和磁场方向平行，不受安培力的作用。故B错误；C.根据左手定则可得，图中安培力的方向是竖直向下的，故C正确；D.根据左手定则可得，图中安培力的方向是垂直向外的，故D错误。5、B【解析】闭合电键S，自感线圈产生自感电动势，阻碍通过L1的电流增大，灯L1逐渐变亮，闭合开关，通过L2的电流立即稳定，L2立刻变亮，故A错误，B正确；闭合电键S稳定后，流过线圈的电流不变，线圈L没有自感电动势，故C错误；闭合电键S稳定后，打开S，穿过线圈L的电流发生变化，L产生自感电动势，故D错误．故选B．6、D【解析】

开始时由库仑定律得：；现用绝缘工具使两小球相互接触后，各自带电为Q，因此此时：；联立得：F2=F1，则F1与F2之比为60：1，故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A．金属块受到的磁场力大小，根据安培力公式解得，根据左手定则，方向沿z轴负方向，故A错误；

B．根据电阻公式解得，故B正确；

C．金属块沿y轴正方向两个侧表面的电势差，根据欧姆定律得解得，故C错误；

D．根据左手定则，电子向下表面偏转，则上表面电势高于下表面的，故D正确。

故选BD。8、BD【解析】

根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以vA＞vB=vC，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以aA＞aB=aC，故B正确；向心力为，由题意知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，所以可以判断：FA＞FB，FB＜FC，故C错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以TA<TB=TC，故D正确．所以BD正确，AC错误．9、CD【解析】

A．当负极板右移时d减小，由：可以知道C与d成反比，图象不能为一次函数图象；故A错误;B．由：可以知道：则：故E与d无关，故B错误;

C．因负极板接地，设P点原来距负极板为l，则P点的电势：所以C正确;D．电势能：故D正确;10、BCD【解析】

ABD.根据可知对于给定的电容器来说，电容不随电量Q、电压U的变化而变化，故A错误；BD正确；C.根据可知在给定的电容器状况下，电荷量随电压的增加而增加，故C正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADCB【解析】

(1)[1]测量过程，先选择合适档位，然后进行欧姆调零，然后进行测量，最后将开关置于“OFF”档。故顺序为ADCB。(2)[2]根据图示可知，电阻为。12、(1).ACEGH(2)电路图.【解析】试题分析：（1）欧姆表的示数为：，根据可知，电路中最大电流为，所以电流表应选C，由于电动势E=9V，所以电压表应选E，由于两个变阻器的全电阻远小于待测电阻，变阻器应用分压式接法，考虑到变阻器额定电流的影响，变阻器应选G．故选ACEGH.（2）由于，所以电流表应用外接法；考虑到变阻器的全电阻远小于待测电阻，所以变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：故答案为(1).ACEGH(2)..【点睛】欧姆表读数时注意倍率的数值；应根据电路中最大电流来选择电流表量程；当滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应用分压式接法，应选全电阻小的变阻器，但要同时考虑变阻器的额定电流影响．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题