2027届山东省即墨一中物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

2027届山东省即墨一中物理高二第一学期期中学业质量监测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路用来测定电池的电动势和内电阻．其中V为电压表（理想电表），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）A．6.0V，0.5Ω B．6.0V，1.25ΩC．5.6V，1.25Ω D．5.6V，0.5Ω2、如图，平行板电容器板间电压为U，板间距为d，两板间为匀强电场，让质子流以初速度v0垂直电场射入，沿a轨迹落到下板的中央，现只改变其中一条件，让质子沿b轨迹落到下板边缘，则可以将A．开关S断开B．初速度变为2v0C．板间电压变为D．竖直移动上板，使板间距变为2d3、下列哪项科技的应用与电磁感应原理相关（）A．速度选择器 B．位移传感器 C．回旋加速器 D．电视显像管4、在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点．为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是（

）A．橡皮条固定端的位置

B．描下O点位置、两条细绳套的方向及两个弹簧测力计的读数C．橡皮条伸长后的总长度

D．两个弹簧测力计的读数5、如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知，下列说法不正确的是（）A．导体的电阻是B．导体的电阻是C．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是D．当通过导体的电流是时，导体两端的电压是6、将近1000年前，宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时写下诗句“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东．”，请问诗句中的“云与我俱东”所对应的参考系是()A．两岸 B．船 C．云 D．诗人二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半径为r的竖直圆上，在C点有一固定点电荷，电荷量为＋Q，现从A点将一质量为m，电荷量为－q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为（g为重力加速度），规定电场中B点的电势为零，则在＋Q形成的电场中（）A．A点电势低于O点电势 B．D点电势为－C．O点电场强度大小是B点的2倍 D．点电荷－q在D点具有的电势能为8、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，电子枪发射电子经过加速后，通过偏转电极打在荧光屏上形成亮斑，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（

）A．极板x应带正电B．极板x'应带正电C．极板y应带正电D．极板y'应带正电9、假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的伏安特性曲线如图所示.图像上A点与原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角，则A．白炽灯的电阻随电压的增大而增大B．在A点，白炽灯的电阻可表示为tanαC．在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0D．在A点，白炽灯的电阻可表示为10、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用．若重力做功﹣3J，电场力做功1J，则小球的（）A．重力势能增加3J B．电势能增加1JC．动能减少3J D．机械能增加1J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b的位置，如图所示．若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的档位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中．指针位置选择开关所处挡位读数a直流电流100mA_____mA直流电压2.5V______Vb电阻×100______Ω12．（12分）如图是一个多用欧姆表挡内部电路示意图。电流表满偏电流为0.5mA、内阻为10Ω，电池电动势为1.5V，内阻1Ω；变阻器R0阻值0～5000Ω。（1）该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V刻度的，当电池的电动势下降到1.45V、内阻增大到4Ω时仍可调零。调零后R0阻值将变________（选填“大”或“小”）；（2）若该欧姆表换了一个电动势为1.5V，内阻为10Ω的电池，调零后测量某电阻的阻值，其测量结果________（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，BC是位于竖直平面内，半径的圆弧形光滑绝缘轨道，圆心角，其下端点C与足够长的水平绝缘轨道平滑连接，在C点右侧存在水平向左的匀强电场，电场强度．今有一质量为、带电荷量的小物块（可视为质点）从A点以的初速度水平抛出，在B点沿切线进入圆弧轨道．若已知物块与水平轨道间的动摩擦因数，物块在运动过程中电量不变，取，．求：（1）A、B两点之间的高度差h；（2）带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小；（3）通过计算判断小物块能否从B点离开轨道；若不能，求出整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程S．14．（16分）如图，在区域Ⅰ（0≤x≤d）和区域Ⅱ（d<x≤2d）内分别存在大小相等、方向相反的匀强磁场，且垂直于oxy平面．两个质量均为m、带电量均为q（q>0）的粒子a、b于某时刻从坐标原点O沿着x轴正方向射入区域Ⅰ，入射速度分别为和，粒子在区域Ⅰ内向y轴正方向偏转．己知粒子a在离开区域Ⅰ时，速度方向与x轴正向的夹角为30°．不计重力和两粒子之间的相互作用力．求：（1）区域Ⅰ内的磁场方向和磁感应强度大小；（2）a在磁场中运动的时间；（3）当a离开区域Ⅱ时，a、b两粒子的y坐标之差．15．（12分）如图所示平行板电容器的两个极板A、B分别接到电压为80V的恒定电源上，两个极板之间的间距为8cm，电容器带电荷量为。(1)平行板电容器的电容？(2)平行板电容器的电场强度？(3)一个单位正电荷从正极板到负极板电场所做的功？(4)B点距负极板的距离为3cm，则B点处的电势？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流I==0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r==0.5Ω；故答案为A．2、B【解析】

A.开关S断开，电容器极板电荷量不变，电容器电容不变，电容器两极板间电压不变，场强不变，质子所受电场力不变，加速度不变，所以仍落到下板的中央，故A错误；B.将初速度变为，质子加速度不变，运动时间不变，质子的水平位移变为原来的2倍，沿轨迹落到下板边缘，故B正确；C.当板间电压变为时，场强变为原来的，电场力变为原来的，加速度变为原来的，根据知，时间为原来的倍，由知水平位移为原来的倍，所以不可能到达下板边缘，故C错误；D.竖直移动上板，使板间距变为，则板间场强变为原来的，电场力为原来的，加速度为原来的，根据知时间为原来的倍，水平位移为原来倍，不能到达下板边缘，故D错误。3、B【解析】

A.速度选择器是利用了电场加速和电场偏转的原理，故A错误；B.位移传感器是利用改变磁通量来改变电流的原理，是电磁感应原理，故B正确；C.回旋加速器利用磁场使带电粒子旋转，电场使粒子加速。故C错误；D.电视显像管利用了电场加速和电场偏转的原理。故D错误；4、B【解析】该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故ACD错误，B正确．故选B.点睛：该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小．5、B【解析】

AB．由欧姆定律得故A正确，B错误；C．当电压为10V时故C正确；D．当电流为时故D正确。本题选错误的，故选B。6、A【解析】云和我（诗人）都在向东运动，是假定两岸不动，以两岸为参考系．所以答案选A．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】因为O点离Q比A点近，又因为Q是正电荷，电场线方向沿着半径方向背离电荷，根据沿着电场线的方向，电势降低，可知A点的电势低于O点电势，故A正确；从A到D运动，根据动能定理，则有：，解得电场力做功：，场中B点的电势为零，A点的电势也为零，因为电场力做负功，则电势能增加，因此点电荷-q在D点的电势能为：；规定电D点的电势为：，故B错误，D正确；由几何关系得：B到C的距离是O到C的距离的倍，根据点电荷电场强度公式：，则有B点电场强度大小是O点的倍，故C正确．所以ACD正确，B错误．8、AC【解析】

电子受力方向与电场方向相反，因电子向x向偏转则，电场方向为x到x′，则x带正电，即极板x的电势高于极板x′，同理可知y带正电，即极板y的电势高于极板y′，故选AC。9、AC【解析】

A．由图示图象可知，随电压U增大通过灯泡的电流I增大，图像上各点与原点连线的斜率变大，即电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大，故A正确；BD．由图可知，A点的电压和电流，则在A点灯泡电阻：，不能根据tanα和求电阻，故BD错误；C．在A点，白炽灯的电功率可表示为P=U0I0，选项C正确。10、AD【解析】

考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能．分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量．解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功-3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；故B错误．C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为-2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD．点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．【详解】三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、230.57320【解析】

[1][2][3]直流电流100mA档：读第二行“0～10”一排，最小度分值为2mA估读到1mA就可以了读数为23mA．直流电压2.5V档：读第二行“0～250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了读数为0.57V．电阻×100档：读第三行，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率“100”，读数为320Ω．12、小准确【解析】

(1)[1]欧姆表内阻电流表满偏电流Ig不变，电源电动势E变小，则欧姆表总内阻要变小，故R0的阻值调零时一定变小；(2)[2]因电动势不变，故欧姆调零后的中值电阻不变；故测量结果是准确的；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.2m；(2)6.1N；(3)1.0m【解析】

(1)从A到B做平抛运动，则有：解得：根据动能定理可得：解得A、B两点之间的高度差：(2)从B到C根据动能定理可得：在C点则有：解得：，根据牛顿第三定律可得带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小：(3)小物块向右运动，根据动能定理可得：小物块向左运动，设回到B点速度为，根据动能定理可得：无解，所以不能从B点离开轨道，最终停在C点；根据动能定理可得：整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程：14、（1）磁场方向垂直于纸面向里B=（2）（3）Δy=【解析】

（1）粒子带正电，在区域Ⅰ内向y正方向偏转由左手定则可知，磁场方向垂直于纸面向里轨迹如图所示：粒子a离开区域Ⅰ时速度的偏转角是30°，根据数学知识，在区域Ⅰ对应的圆心角为30°设粒子a在磁场中的轨道半径为R根据几何关系