2026年四川省成都市中考第二次模拟考试物理试题附答案

中考第二次模拟考试物理试题一、单项选择题（每小题2分，共26分）1．下列主要利用电磁波的信息特性工作的是（）A．北斗卫星提供导航和授时服务 B．医生用激光对眼睛做精密手术C．微波炉快速加热食物 D．工业用高频电磁波焊接塑料2．下列估测的数据中最符合实际的是（）A．托起两个鸡蛋的力约为0.1NB．人普遍感到舒适的环境温度约为37℃C．智能手机电池的电压约为4VD．电磁波在空气中的传播速度为3．下列符合安全用电原则的是（）A．用测电笔时，手指触碰笔尖B．洗好衣服后用湿手拔插头C．家用电器及导线达到使用寿命及时更换D．用手直接拉开触电的人4．古诗词中蕴含大量的物理学知识，下列关于声现象诗句的分析正确的是（）A．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指的是声音的音调高B．“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”，说明声音能在水中传播C．“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人通过响度大小判断乐器是笛子D．“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，诗人通过乐音的音调来判断蛙鸣声5．神舟飞船与空间站完成在轨交会对接后，组合体稳定地绕地球飞行（如图）。下列说法正确的是（）A．以地球为参照物，神舟飞船是静止的B．以空间站为参照物，神舟飞船是静止的C．以太阳为参照物，空间站是静止的D．以地面测控站为参照物，组合体是静止的6．“荷举粉拳擎玉露”描绘了夏日清晨，荷花上挂满晶莹露珠的美景。下列词语描述的现象与形成露珠的物态变化相同的是（）A．冰雪消融 B．霜满枝头 C．滴水成冰 D．雾绕群山7．马年春晚宜宾分会场以“立上游”为主题，将“万里长江第一城”的浩荡江景化作天然舞台。两岸灯光璀璨，5000架无人机组成的空中矩阵与江岸夜景、水面倒影交相辉映，构成一幅绚丽灯光秀（如图）。下列关于光现象的分析正确的是（）A．从水面上看到灯光秀的倒影是光的折射形成的B．从水面上看到灯光秀的倒影是岸上灯光的虚像C．灯光秀丰富的颜色是由红、黄、蓝三种色光混合而成的D．从水面上看到灯光秀的倒影与看到水中的游鱼的成像原理相同8．如图所示，在“阻力对运动的影响”的实验探究中，让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，观察小车在毛巾、棉布、木板表面滑行的距离。下列说法正确的是（）A．小车在木板上滑行的距离最远B．小车在水平面上运动时，惯性越来越小C．小车在水平面上滑行的距离越短，说明阻力越大，速度减小得越慢D．实验直接证明了：一切物体总保持变速运动状态或静止状态9．某科学爱好者自制火箭燃料，喷出马赫环（如图）。下列说法正确的是（）A．燃料的热值与燃料的质量有关B．燃料燃烧越充分，其热值越大C．燃料燃烧时，主要将内能转化为化学能D．火箭外壳温度升高，主要是通过热传递的方式增加了内能10．如图所示，闭合开关时，下列说法正确的是（）A．两个灯泡串联连接B．开关只能控制灯泡C．电流表测量通过灯泡的电流D．电流表测量通过灯泡的电流11．许多动物为了适应各自的生存环境，进化出了巧妙利用物理原理的身体结构。下列关于这些结构的解释，不正确的是（）A．泥鳅体表的黏液可以减小摩擦，使其在泥水中更容易钻行B．骆驼宽大的脚掌可以增大受力面积，减小对沙地的压强，不易下陷C．鹰的翅膀上表面呈弧形，下表面较平，利用空气流速差产生的升力实现飞行D．啄木鸟的嘴尖而细长，是为了增大受力面积从而增大压强，利于啄开树皮12．为了保护环境，国家鼓励发展新能源汽车，新能源汽车被越来越多的家庭所接受。新能源汽车核心部件是电动机。图中能说明电动机工作原理的是：（）A． B．C． D．13．如图所示电路，闭合开关、，小灯泡和均正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路分析正确的是（）A．小灯泡和串联B．电流表和电压表测量的是的电流和电压C．若只断开，小灯泡熄灭，正常发光D．若电压表突然发生断路，则灯会熄灭二、填空题（每空2分，共28分）14．“迟日江山丽，春风花草香。”诗人在风中嗅到花草的香味，这是现象，并且随着温度的不断升高，分子做无规则运动越。15．如图所示是足球团队配合训练的场景，图中最上方运动员用脚将球踢到右下角的目标位置，说明力能改变物体的。滚动的足球会在草坪上慢慢停下来，是因为足球受到的作用。16．在“探究二力平衡条件”的实验中，同学们设计了甲、乙两种实验方案，所用器材如图所示，为了减小摩擦力对实验的影响，应该选用方案。甲方案中取下左侧砝码，木块向右滑动，此时木块在水平方向上受力（选填“平衡”或“不平衡”）。17．如图所示是小李同学为测量未知电阻设计的电路图，按电路图连接好电路，闭合开关S发现电流表有示数，而电压表指针几乎不动，电路中可能存在的故障是：。本实验需要读取多组数据，目的是：。18．小刚选择如图甲所示的装置来探究“海波的熔化规律”，实验前应该（选填“自下而上”或“自上而下”）组装该装置。从小刚绘制的海波熔化图像（如图乙）可知，海波熔化时吸收热量，温度。19．电磁继电器是一种用较小电流、较低电压控制较大电流、较高电压的电子控制器件。从电路功能上看，它通过电磁铁吸合和释放来控制工作电路的通断，因此在电路中相当于一个，起着自动调节、安全保护、转换电路等作用。如图所示的水位自动报警装置，当水位（选填“上升”或“下降”）时，灯泡会发光报警。20．如图是一款电热桌垫的工作电路图，它有“高温”、“低温”挡位，S为挡位切换开关，和均为电热丝，工作电压恒为12V，。开关S切换到b时，桌垫处于挡。若桌垫处于高温挡工作，则电热丝工作产生的热量为J。三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）21．按要求完成下列作图；（1）如图甲是我国敦煌的塔式光热电站，它由12000余面“定日镜”围绕吸热塔组成，每面镜子均能追踪太阳并把太阳光反射到塔顶的吸热器上。某时刻太阳在S点，地面上的一面追日镜MN恰好将太阳光反射到吸热器的A点，请根据平面镜成像特点在图乙中画出该时刻的反射光路（保留作图痕迹）。（2）如图甲是某运动员沿冰雪赛道向上滑行的情景。请在图乙简化模型中画出运动员所受重力G和此时赛道对她产生的摩擦力f的示意图（O为运动员的重心）。22．如图所示是利用5G网络实现远程无人驾驶的纯电动汽车，其质量为1500kg，车轮与水平路面的总接触面积为。某次测试中，该车在水平路面上匀速直线行驶1200m，用时5min，g取。求：（1）该车在测试过程中的速度。（2）该车静止在水平路面上时对路面的压强。23．过氧乙酸溶液熏蒸是一种常用于对教室内的空气进行消毒的技术，按照消毒的有关要求，过氧乙酸在空气中的浓度必须大于才能达到消毒要求。如图甲所示是过氧乙酸气体浓度检测仪的电路，已知电源电压为6V，，电压表量程为0~3V，过氧乙酸气体传感器的阻值随过氧乙酸气体浓度的变化关系如图乙所示，闭合开关S。求：（1）当电压表的示数为2V时，通过计算说明被测教室内过氧乙酸气体的浓度值是否达到消毒要求？（2）该检测仪能测量过氧乙酸气体的最大浓度值是多少？四、实验与探究题（共14分）24．物理实验课上小王同学用三个电流表和两个小灯泡做实验，探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”，其连接的电路如图甲所示。（1）小王同学在连接电路时，当他把最后一根导线接好时，小灯泡马上亮起来了，出现这种现象的原因是。（2）实验时，其中一个电流表的指针偏转如图乙所示，电流表读数为A。（3）实验得到如下数据：电流表示数/A0.300.300.60小王同学依据数据得出并联电路中干路电流与各支路电流的关系是“干路电流是支路电流的两倍”，请判断小王同学的结论是否合理？并说明理由：。25．如图所示，小华做“探究影响液体内部压强因素”的实验。（1）实验前，要先用手指按压U形管压强计的橡皮膜，如果U形管中的液面升降灵活，说明该装置（选填“漏气”或“不漏气”）。（2）正确操作后，分析图甲、乙的实验现象，可以探究液体压强与的关系。（3）选择图乙、丙进行对比，结论是液体压强与液体的有关。（4）小华用图戊所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：A．右侧待测液体的液面到容器底部的深度B．右侧待测液体的液面到橡皮膜中心的深度C．左侧水的水面到容器底部的深度D．左侧水的水面到橡皮膜中心的深度请你推导出待测液体密度的表达式为（选择题目中合适的字母和表示）五、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）26．我国正大力发展液态阳光技术：利用太阳能发电，再将电能转化为甲醇中的化学能储存；甲醇作为燃料供给汽车，实现清洁高效利用。下列关于能量转化的说法正确的是（）A．太阳能电池板将电能转化为太阳能B．未来液态阳光技术的能量转化效率可达100%C．发动机将甲醇的化学能最终转化为汽车的机械能D．能量在转化过程中总量会不断减少27．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明选用了焦距为10cm的凸透镜。如图所示，他将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，当光屏移动到光具座上80cm刻度线处时，在光屏上恰好呈现出烛焰清晰的像。关于该实验，下列说法正确的是（）A．此时光屏上成的是倒立、缩小的实像B．将蜡烛放在光具座上45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立、放大的虚像C．为了更方便比较像的大小、左右、正倒，用“F”形光源代替蜡烛更好D．将蜡烛向右移动，光屏应向靠近凸透镜方向移动，才能再次得到清晰的像28．在“比较不同液体的吸热情况”实验中，用相同的酒精灯对四种液体加热，在相同时间内，水、甲、乙、丙吸收的热量相等，得到如下表所示的数据，已知水的比热容为。下列分析正确的是（）序号液体质量/g升高的温度/℃加热时间/min1水2001072甲20020103乙40020144丙4001514A．实验过程中液体吸收的热量等于酒精完全燃烧放出的热量B．比较第1、2两次实验可得，甲液体的吸热性能比水的吸热性能强C．比较第3、4两次实验可得，乙液体的吸热性能比丙液体的吸热性能强D．乙液体的比热容为29．小明过年回老家看到某工人采用如图所示的滑轮组提升建筑材料维修房屋。滑轮组悬挂在水平支架上，工人站在水平地面上竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升1m。已知物体A的质量为80kg，两个滑轮的质量均为20kg。不计绳重和摩擦，g取。下列说法正确的是（）A．b处绳所受的拉力为1500NB．工人对绳子拉力的功率为200WC．此滑轮组的机械效率为80%D．质量为45kg的小明用此滑轮组能将重物A拉起来30．如图甲所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器的阻值随电阻丝长度均匀变化。闭合开关S，滑片P从最右端向左滑动，滑片P到最右端的距离为x，观察并记录电压表、电流表示数，根据数据绘制出电压表示数U与x的图像（如图乙），电流表示数I与x的图像（如图丙）。下列说法正确的是（）A．滑动变阻器存在断路故障B．滑片P移到最左端时，电压表的示数达到最大C．时，滑动变阻器接入电路的阻值为5ΩD．若滑片P移到最左端，六、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）31．在一次跨学科实践活动中，小新对家中常用的电热水器进行了探究，其部分广告页面、工作原理、铭牌如图所示，已知水的密度为，水的比热容为。贮水式电热水器型号：LES60H-LT额定容积：60L额定压强：0.6MPa额定电压：220V额定加热功率：3000W额定频率：50Hz额定保温功率：2000W（1）双掷开关S置于“1”位置时，电热水器正常工作时电路中的电流为A（保留一位小数）。（2）电热水器使用不当会有火灾、漏电、爆炸等安全隐患。为了保障安全，小新首先认真阅读了使用说明书，并对一些重要的注意事项作出了如下分析，你认为他的分析不合理的是_______。A．电热水器的工作电压应与它的额定电压一致，目的是使电热水器可以正常工作B．电热水器的加热功率比较高，电源线较粗，是为了避免电源线过热引起火灾C．泄压阀出现滴水，一定要及时把它堵住，否则会发生漏电事故D．电热水器内水过少会出现干烧现象，容易损坏电热管引起火灾（3）小新实测发现，冬季用电高峰加热冷水至42℃，电热水器实际工作时间明显变长。你觉得可能的原因是：（写出一点即可）。（4）为实现“42℃全天候恒温”，电热水器在加热结束后自动进入保温模式。若电热水器内水温从42℃下降到40℃时，保温电路自动工作5min即可维持恒温42℃，定义保温效率=水吸收的热量÷电热水器消耗的电能。该电热水器的保温效率为%。32．如图所示，有两个质量分布均匀、不吸水的实心长方体A和B，已知，底面积，高度，底面积，高度，B的密度大于水，B的质量为（不确定），A、B表面的中央用一根长的细线连接。现将它们放入一个置于水平地面上的足够高的薄壁柱形容器中，容器的底面积为。A、B始终保持竖直，细线的质量、体积等次要因素都忽略不计，且全程未被拉断，已知，g取。（1）求长方体A的质量。（2）向容器中缓慢加水，当细线刚好被拉直时，求加水的质量。（3）向容器中缓慢加水，细线的拉力从0开始逐渐增大，当细线的拉力刚好不再变化时，求此时水对容器底部的压强p与（的单位为kg）的关系式。

答案1．【答案】A【解析】【解答】A．电磁波可以传递信息，且传播不需要介质，因此北斗卫星提供导航和授时服务，是通过电磁波传递信息，故A符合题意；B．电磁波可以传递能量，因此医生用激光对眼睛做精密手术，故B不符合题意；C．微波的能量使食物分子剧烈振动，内能增加、温度升高，则微波炉快速加热食物利用的是电磁波的能量特性，故C不符合题意；D．利用高频电磁波的能量使塑料熔化从而完成焊接，则工业用高频电磁波焊接塑料是利用的是电磁波的能量特性，故D不符合题意。故选A。

【分析】电磁波可以传递信息，也可以传递能量，据此对各个选项分析判断。2．【答案】C【解析】【解答】A．一斤鸡蛋500g大约10个左右，则两个鸡蛋的质量约为，则根托起两个鸡蛋的力约为G=mg=0.1kg×10N/kg=，故A不符合题意；B．根据生活经验可知，人感到舒适的环境温度约为左右，故B不符合题意。C．根据生活经验可知，智能手机电池的常用电压约为≈4V，故C符合题意；D．电磁波在空气中的传播速度接近光速，约为，故D不符合题意。故选C。

【分析】我们要对物理量有一个基本的认识，对于不太熟悉的物理量，可以进行单位换算，或者借助公式转化为熟悉的物理量即可。3．【答案】C【解析】【解答】A．使用测电笔时，若触碰笔尖，笔尖接触带电体时会造成触电事故，故A不符合题意；B．洗好衣服后用湿手拔插头，易使电流通过水传到人体，引发触电，故B不符合题意；C．家用电器及导线达到使用寿命后，绝缘层会老化破损，易引发漏电、短路事故，故C符合题意；D．用手直接拉开触电的人，会使施救者也触电，应先切断电源再施救，故D不符合题意。故选C。

【分析】A.根据测电笔的使用方法判断；

BC.根据家庭电路安全用电的常识判断；

D.根据触电时的应对方法判断。4．【答案】B【解析】【解答】A．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”，含义是大声说话，即指声音的响度大，故A错误；B．“怕得鱼惊不应人”，意思是人说话的声音能通过水传播给鱼，会惊到鱼，故B正确；CD．不同乐器的材质和结构不同，则发声的音色不同，诗人是通过音色判断出乐器是笛子，通过音色判断出蛙鸣声，故C、D错误。故选B。

【分析】A.响度表示声音的强弱或大小；

B.声音的传播需要介质，固体、液体和气体都能传播声音；

CD.声音的特点叫音色，与发声体的结构特点有关。5．【答案】B【解析】【解答】A．神舟飞船与空间站完成在轨交会对接后，以地球为参照物，绕地球飞行的神舟飞船相对于地球的位置不断改变，因此神舟飞船是运动的，故A错误；B．神舟飞船与空间站对接完成后，以空间站为参照物时，神舟飞船相对于空间站的位置没有变化，因此神舟飞船是静止的，故B正确；C．神舟飞船与空间站对接完成后，以太阳为参照物，相对于太阳的位置不断改变，因此空间站是运动的，故C错误；D．神舟飞船与空间站对接完成后，以地面测控站为参照物，绕地球飞行的组合体相对于地面测控站的位置不断改变，因此组合体是运动的，故D错误。故选B。

【分析】如果物体相对参照物的位置发生改变，那么物体是运动的；如果物体相对参照物的位置发生改变，那么物体是静止的。6．【答案】D【解析】【解答】A．冰雪消融，即物质从固态变为液态发生熔化，故A不符合题意；B．霜满枝头，即水蒸气从气态直接变为固态发生凝华，故B不符合题意；C．滴水成冰，即水从液态变为固态冰发生凝固，故C不符合题意；D．雾绕群山，雾是空气中水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水滴，和露珠的物态变化相同，故D符合题意。故选D。

【分析】物质从固态变成液态发生熔化，从气态变成固态发生凝华，从液态变成固态发生凝固，从气态变成液态发生液化现象。7．【答案】B【解析】【解答】ABD．平静的水面相当于平面镜，周围的灯泡在水面发生反射，于是在水面形成灯光的虚像。看到水中的游鱼是光的折射成像，则二者成像原理不同，故AD错误，B正确。C．根据光的三原色的知识可知，灯光的丰富颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故C错误。故选B。

【分析】ABD.根据平面镜成像的特点和原理判断；

C.光的三原色为红、绿、蓝。8．【答案】A【解析】【解答】A．根据生活经验可知，木板表面最光滑，对小车的阻力最小，则小车的速度减小的最慢，因此小车在木板上滑行的距离最远，故A正确；B．小车运动过程中质量不变，则小车的惯性大小不变，故B错误；C．车在水平面上滑行的距离越短，说明阻力越大，速度减小得越快，故C错误；D．在实验中，无法模拟阻力为零时的情形，因此牛顿第一定律是在该实验的基础上科学推理得出的，不能由该实验直接证明，故D错误。故选A。

【分析】A.当初速度相同时，小车受到的阻力越大，运动距离越大；

B.物体的惯性大小只与物体的质量大小有关；

C.小车受到的阻力越大，速度减小越快，那么小车滑行的距离越小；

D.根据阻力为零的情况无法模拟即可。9．【答案】D【解析】【解答】AB．燃料的热值是燃料的一种性质，与燃料的质量、燃烧是否充分均无关，只和燃料的种类有关，故A、B错误；C．燃料燃烧前含有化学能，燃烧后得到内能，则燃料燃烧是将燃料储存的化学能转化为内能，故C错误；D．火箭外壳温度升高，是因为外壳吸收燃气放出的热量，即通过热传递的方式转移给火箭外壳，故D正确。故选D。

【分析】AB.热值是燃料本身的一种性质，只与燃料的种类有关；

C.根据能量转化的知识判断；

D.热传递改变内能的本质为能量的转移，做功改变物体内能的本质为能量的转化。10．【答案】C【解析】【解答】A．根据图片可知，灯泡L1和L2并排连接在电路两点之间，为并联，故A错误；B．根据图片可知，开关在靠近正极一侧的干路上，同时控制​和，故B错误；CD．根据图片可知，电流表串联在的支路上，仅测量通过​的电流，故C正确，D错误。故选C。

【分析】A.用电器首尾相连为串联，并排连接在两点之间为并联；

B.干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器；

CD.电流表与被测的用电器串联。11．【答案】D【解析】【解答】A．泥鳅体表的黏液可使体表变得光滑，从而减小接触面间的摩擦力，使其在泥水中更容易钻行，故A正确，不合题意；B．骆驼对沙地的压力始终等于自身重力，即压力大小不变，而宽大的脚掌可以通过增大受力面积的方式减小压强，故B正确，不合题意；C．鹰的翅膀上表面呈弧形，则空气流速大而压强小；下表面较平，则空气流速小而压强大，导致翅膀上下表面产生压强差，从而产生升力实现飞行，故C正确，不合题意；D．啄木鸟的嘴尖而细长，是通过减小受力面积增大压强，利于啄开树皮，故D错误，符合题意。故选D。

【分析】A.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度，改变接触面和变滑动为滚动；

B.减小压强的方法：减小压力和增大受力面积；

C.根据流体压强和流速的关系判断；

D.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。12．【答案】C【解析】【解答】A．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；B．闭合开关后，通过电流的线圈会吸引大头针，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；C．当闭合开关后，会有电流通过导体，此时通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C符合题意；D．当用条形磁铁的S极靠近另一个条形磁铁的N极时二者相互吸引，探究磁极间的相互作用，故D不符合题意。故选C。

【分析】A.根据奥斯特实验的本质判断；

B.根据电流的磁效应判断；

C.根据通电导体在磁场中受力运动判断；

D.根据磁极之间的相互作用规律判断。13．【答案】C【解析】【解答】AB．图中，灯L1与灯L2并联，开关S2控制干路，灯L1与开关S1串联，灯L2与电流表串联，电压表并联在灯L1的两端，可测量支路电压和电源电压，故AB错误。C．图中，灯L1与L2并联，灯L1与开关S1在一条支路，若只断开开关S1，灯L1熄灭，而灯泡L2不受影响，故C正确；D．图中，电压表并联在灯L1的两端，若电压表发生断路，灯L1仍正常发光，故D错误。故选C。

【分析】并联电路中，支路开关控制支路用电器，支路电流表测量支路电流；并联电路中，电压表测量总电压和电源电压。14．【答案】扩散；剧烈【解析】【解答】（1）诗人在风中嗅到花草的香味，其实是香味分子在空气中不停地做无规则运动，属于扩散现象。（2）分子无规则运动的剧烈程度受温度影响，温度越高，分子做无规则运动越剧烈。

【分析】（1）不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；

（2）根据分子运动与温度的关系解答。15．【答案】运动状态；摩擦力【解析】【解答】（1）根据图片可知，最上方运动员用脚将球踢到右下角的目标位置，则足球的速度和运动方向改变，这说明力能改变物体的运动状态。（2）足球在草坪滚动时会受到草坪对它的摩擦力作用，使足球速度逐渐减小，最终慢慢停下。

【分析】（1）运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；

（2）根据力是改变物体运动状态的原因。16．【答案】乙；不平衡【解析】【解答】（1）在相同情况下，滚动摩擦力小于滑动摩擦力。甲方案中，木块与桌面间为滑动摩擦；乙方案中，小车与桌面间为滚动摩擦，则应该选用乙方案。（2）根据图片可知，取下左侧砝码后，则木块左侧拉力小于右侧拉力，因此木块在水平方向上受力不平衡。

【分析】（1）根据滚动摩擦力小于滑动摩擦力解答；

（2）木块受到的拉力由砝码重力产生，根据砝码重力比较左右两侧拉力大小，从而确定此时木块在水平方向上是否平衡即可。17．【答案】短路；减小实验误差【解析】【解答】（1）根据电路图可知，定值电阻Rx与变阻器串联，电流表测总电流，电压表测Rx两端电压。电流表有示数，说明电路是通路，电压表指针几乎不动，说明电压表所测部分的电压几乎为零。结合电路图，电压表测量未知电阻两端电压，因此故障可能是短路。（2）根据科学探究中多次测量的目的可知，本实验中读取多组电压、电流数据，计算每次的电阻值，再取平均值，目的是减小实验误差。

【分析】（1）根据电流表和电压表的示数变化确定电路故障的种类和位置；

（2）科学探究中多次测量的目的包括：①求平均值减小误差；②寻找普遍规律。18．【答案】自下而上；不变【解析】【解答】（1）在探究“海波的熔化规律”的实验中，需要用酒精灯的外焰加热，且酒精灯直接放在底座上高度不易调节，因此组装器材时需要先根据酒精灯的高度固定下方装置的位置，再向上调整上层器材，因此要自下而上组装。（2）根据乙图可知，海波熔化过程中持续吸收热量，温度保持不变，这是晶体熔化的特点。

【分析】（1）根据实验中用酒精灯的外焰加热分析；

（2）根据晶体熔化的特点解答。19．【答案】开关；上升【解析】【解答】（1）根据题意可知，电磁继电器控制工作电路的通断，因此在电路中相当于一个开关；（2）根据图片可知，当水位上升时，浮漂上升推动开关1闭合，此时电磁铁产生磁性，吸引金属杆，使开关2闭合，被控电路接通，灯泡发光报警。

【分析】（1）开关控制电路通断；

（2）根据图片可知，灯泡要发光，则衔铁必须将灯泡的电路接通，即此时电磁铁产生磁性，据此判断浮漂的位置变化即可。20．【答案】低温；1440【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当开关接时，电热丝与​串联；当开关接c时，只有R1单独工作。根据电阻串联的知识可知，总电阻R串＞R1；根据公式可知，总功率P串＜P1；

则前者为低温档，后者为高温档。

（2）根据图片可知，高温档时只有接入电路，则电热丝工作1min产生的热量为。

【分析】（1）根据公式比较开关在不同闭合情况下总功率大小，从而确定对应的工作状态；

（2）根据图片可知，高温档时只有接入电路，根据计算工作1min产生的热量。21．【答案】（1）（2）【解析】【解答】（1）根据图片可知，首先通过发光点S作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面下方找到对应的像点S'。连接S'A，与镜面的交点为入射点，连接A和入射点为反射光线，连接S和入射点为入射光线，如下图所示：

（2）根据题意可知，当运动员沿斜面向上运动时，摩擦力方向与相对运动方向相反，即摩擦力沿斜面向下。重力方向始终竖直向下，二者都作用在运动员的重心上，如下图所示：

【分析】（1）平面镜成的像是所有反射光线反向延长线的交点，即所有的反射光线都经过A点。将像点和A点连接，连线与镜面的交点为入射点，最后补充光路图即可；

（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，最后沿力的方向画带箭头的线段即可。（1）作发光点S关于“定日镜”的对称点S'，即为S的像点；平面镜反射时，反射光线的反向延长线过点光源的虚像，据此作图。（2）重力的作用点在重心，方向始终竖直向下；运动员沿斜面向上滑行，摩擦力方向与相对运动方向相反，即摩擦力沿斜面向下，作用点在O点，据此作图。22．【答案】（1）解：根据题意可知，该车在水平路面上匀速直线行驶1200m，用时5min，

则该车在测试过程中的速度。（2）解：根据题意可知，该车的质量为1500kg，则汽车重力；则该车静止在水平路面上时对路面的压力，对路面的压强。【解析】【分析】（1）根据计算该车在测试过程中的速度；（2）根据G=mg计算汽车的重力，而它对地面的压力等于重力，根据计算它对路面的压强。（1）该车在测试过程中的速度（2）该车静止在水平路面上，对路面的压力等于自身重力，汽车重力则该车静止在水平路面上时对路面的压力对路面的压强23．【答案】（1）解：根据甲图可知，定值电阻与过氧乙酸气体传感器串联，电压表测量两端电压，当电压表示数时，电路中的电流为；此时两端的电压；此时的阻值：；由图乙可知，当时，过氧乙酸气体浓度为；因为，因此被测教室内过氧乙酸浓度达到消毒要求。（2）解：根据题意可知，氧乙酸气体浓度最大时阻值最小，根据串联电路电压与电阻成正比可知，此时R0的电压最小，根据U总=U1+U2可知，此时电压表的示数最大，

根据电压表量程为可知，因此两端最大电压，

此时电路的最大电流；此时两端电压；此时的阻值；由图乙可知，当时，过氧乙酸气体浓度为，

因此该检测仪能测量过氧乙酸气体的最大浓度值是。【解析】【分析】（1）由图甲知，定值电阻的与过氧乙酸气体传感器串联，电压表测定值电阻的电压，

已知电源的电压为6V，当电压表的示数为2V时，根据串联电路电压的规律和分压原理得出传感器R1的阻值，由图乙知过氧乙酸气体浓度，进而判断是否符合要求；

（2）过氧乙酸气体的浓度越大，传感器R1的阻值越小，由分压原理，传感器R1的电压越小，由串联电路电压的规律，定值电阻的电压越大，根据电压表选用小量程确定电压表最大示数，由串联电路电压的规律确定传感器R1的最小电压，由分压原理确定传感器R1的最小电阻，由图乙知该检测仪能测量过氧乙酸气体的最大浓度值。（1）由图甲可知，过氧乙酸气体传感器与定值电阻串联，电压表测量两端电压，已知电源电压，。当电压表示数时，根据欧姆定律，电路中的电流为根据串联电路总电压等于各部分电压之和，两端的电压根据欧姆定律，可得的阻值：由图乙可知，当时，过氧乙酸气体浓度为因为，因此被测教室内过氧乙酸浓度达到消毒要求。（2）电压表量程为，因此两端最大电压，此时电路电流最大，阻值最小，对应过氧乙酸气体浓度最大，根据欧姆定律，电路的最大电流根据串联电路电压规律，此时两端电压此时的阻值由图乙可知，当时，过氧乙酸气体浓度为，因此该检测仪能测量过氧乙酸气体的最大浓度值是。24．【答案】（1）连接电路时开关未断开（2）0.26（3）不合理，实验中用了规格相同的小灯泡，且仅一次实验，得出的结论具有偶然性【解析】【解答】（1）在连接电路时，为了避免发生短路烧毁灯泡，那么开关应该断开。在接完最后一根导线灯泡立即发光，说明连接电路时开关未断开。（2）根据乙图可知，电流表选用量程，分度值为，则指针对应读数为。（3）探究并联电路电流规律时，小王实验中用了规格相同的小灯泡，从而得到了错误结论，因为仅一次实验，得出的结论是偶然的，因此结论不合理。

【分析】（1）根据电路连接的注意事项解答；

（2）根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；

（3）根据科学探究中需要多次测量的目的和要求解答。（1）连接电路的连接过程中要保持开关断开，防止接线过程中电路提前接通损坏元件，接完最后一根导线灯泡立即发光，说明连接电路时开关未断开。（2）由图乙可知电流表选用量程，该量程的分度值为，指针对应读数为。（3）探究并联电路电流规律时，需要换用不同规格的小灯泡多次实验，才能得到普遍规律；由实验数据可知小王实验中用了规格相同的小灯泡，且仅一次实验，得出的结论是偶然的，因此结论不合理。25．【答案】（1）不漏气（2）深度（3）密度（4）【解析】【解答】（1）实验前，要先用手指按压U形管压强计的橡皮膜，若U形管液面升降灵活，说明装置气密性良好，不漏气。（2）根据图片可知，实验甲、乙中，二者密度相同（都是水），探头所处的深度不同，因此探究的是液体压强与深度的关系。（3）根据图片可知，实验乙、丙中，深度相同，但密度不同（水和盐水），U形管液面高度差不同，说明液体压强与液体的密度有关。（4）根据题意可知，右侧待测液体的液面到橡皮膜中心的深度，左侧水的水面到橡皮膜中心的深度，当橡皮膜刚好变平时，左右两侧液体对橡皮膜的压强相等，即​；；解得：。

【分析】（1）根据U形管压强计的气密性的检查方法判断；

（2）根据图片分析实验甲和乙中哪个因素相同，哪个因素不同即可；

（3）根据图片分析实验乙、丙中哪个因素不同即可；

（4）根据描述确定橡皮膜在水中的深度和在液体中的深度，根据压强相等，结合公式列式计算即可。（1）检查压强计气密性时，按压橡皮膜，若U形管液面升降灵活，说明装置气密性良好，不漏气。（2）甲、乙实验中，液体都是水，密度相同，橡皮膜所处的深度不同，U形管液面高度差不同，因此探究的是液体压强与深度的关系。（3）乙、丙实验中，橡皮膜所处深度相同，液体分别是水和盐水，密度不同，U形管液面高度差不同，说明液体压强与液体的密度有关。（4）当橡皮膜刚好变平时，左右两侧液体对橡皮膜的压强相等，即​。根据液体压强公式可得则待测液体密度为26．【答案】C【解析】【解答】A．太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能，故A错误；B．在能量转化和转移的过程中，能量的损失不可避免，未来液态阳光技术的能量转化效率不可能达到100%，故B错误；C．发动机将甲醇的化学能最终转化为汽车的机械能，故C正确；D．根据能量转化和守恒定律可知，能量在转化过程中总量不变，故D错误。故选C。

【分析】A.根据太阳能电池板的能量转化过程判断；

B.任何能量转化过程都有能量损失；

C.根据发动机的能量转化过程判断；

D.根据能量转化和守恒定律判断。27．【答案】C【解析】【解答】A．根据图片可知，此时像距大于物距，则光屏上成倒立、放大的实像，故A错误；B．根据图片可知，将蜡烛放在45cm刻度线处时，此时物距，即u＜f，此时成正立、放大的虚像，不能成在光屏上，故B错误；C．凸透镜成的实像是倒立的，即上下颠倒，左右颠倒。用“F”形光源代替蜡烛，光源形状固定、左右不对称，能更直观地观察像的大小、左右、正倒情况，方便对比，故C正确；D．蜡烛向右移动时物距减小，根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”的规律可知，此时像距应增大，光屏需向远离凸透镜的方向移动，故D错误。故选C。

【分析】A.比较像距和物距大小，从而确定成像的特点；

B.确定此时的物距，然后与焦距比较，从而确定成像的特点；

C.凸透镜成的实像是倒立的，即上下颠倒，左右颠倒；

D.根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”的规律分析。28．【答案】D【解析】【解答】A．在加热过程中，酒精燃烧放出的热量肯定会有散失，则液体吸收的热量小于酒精完全燃烧放出的热量，故A错误；B．根据表格数据1、2可知，液体质量相同，甲升高20℃加热10min，说明甲水升高10℃需要加5min，对比第一次实验，甲水升高10℃只需要加热7分钟，即质量相同、升高的温度相同，甲加热时间短，吸收的热量少，说明甲液体的吸热性能比水的吸热性能弱，故B错误；C．根据表格数据可知，实验3、4中液体质量相同，加热时间相同，即吸收热量相同，乙升高的温度较多，说明乙液体的吸热性能比丙液体的吸热性能弱，故C错误；D．根据表格数据可知，水加热，乙加热，因此，即；

解得：，故D正确。故选D。

【分析】A.根据酒精燃烧放出的热量会有散失判断；

B.根据表格数据1、2确定质量相同的甲和水升高相同的温度时加热时间长短，进而确定吸收热量多少，最终判断吸热能力强弱；

C.根据表格数据3、4确定质量相同的液体吸收相同的热量时升高温度高低，进而确定吸热能力强弱；

D.根据表格数据1、3确定水和乙液体吸收热量之比，然后根据Q=cm△t计算乙的比热容大小。29．【答案】B,C【解析】【解答】根据题意可知，物体A的质量为80kg，则物体A的重力；动滑轮的质量为20kg，则动滑轮的重力；滑轮组承担重力的绳子段数，则绳子自由端拉力。A．根据图片可知，将定滑轮作为对象进行分析，定滑轮受到向上的拉力、向下的重力和两段绳子的拉力，此时它处于平衡状态。根据平衡力的知识得到：，故A错误；B．综上所述，物体A匀速上升1m时，绳子自由端移动的距离；拉力做的总功；拉力的功率；故B正确；C．综上所述，滑轮组做的有用功；则滑轮组的机械效率，故C正确；D．根据题意可知，小明的质量我45kg，则小明的重力。此时小明能施加的最大拉力等于自身重力，因此无法拉起重物A，故D错误。故选BC。

【分析】根据G=mg分别计算动滑轮和物体的重力，然后根据计算自由端的拉力。

A.对定滑轮进行受力分析，根据平衡力的知识计算b点受到的拉力；

B.根据s=nh计算自由端移动的距离，根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据计算拉力的功率；

C.根据W有=Gh计算拉力做的有用功，根据计算滑轮组的机械效率；

D.将小明的重力与自由端的拉力比较，从而判断是否能够拉起重物A。30．【答案】A,D【解析】【解答】A．根据甲图可知，滑动变阻器与串联，电流表测量电路中电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。根据丙图可知，当时，电路中的电流为，则说明滑动变阻器这段距离内为断路。此时电压表测电源电压，由图乙可知，电压表示数保持不变，则电源电压为，即滑动变阻器在距右端5cm处存在断路故障，故A正确；B．根据题意可知，电压表测量滑动变阻器两端的电压。滑片P移到最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电压表被短路，示数为0，故B错误；C．根据乙图可知，当时，此时电压表示数为；根据丙图可知，此时电流表示数为，滑动变阻器接入电路的阻值为，故C错误；D．由乙、丙两图可知，当时，此时电压表示数为，电流表示数为，滑动变阻，接入电路的阻值为；

变阻器滑动电阻的变化量为；所以，从断点处滑片向左滑动的过程中，该滑片每滑动的阻值变化是；滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻为；则电阻丝的总长为，若滑片移到最左端时，故D正确。故选AD。

【分析】A.由图甲可知滑动变阻器与R0串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流；当滑动变阻器有断点时，电流表示数为0A，电压表示数最大为电源电压，据此分析断点位置；

B.滑动变阻器滑片P移到最左端时，电阻最小，根据串联电路分压规律可知电压表的示数；

C.x=5cm时，由乙、丙两图可知，此时电压表示数为2.7V，电流表示数为0.30A，根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的阻值；

D.先计算x=5cm时和x=10cm时滑动变阻器接入电路的电阻，进而求出滑动变阻器滑动5cm电阻的改变量，从而求出该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化；由该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化得出5cm长度的电阻值，再与x=5cm时的电阻相加即为总电阻；进而求出电阻丝的总长。31．【答案】（1）（2）C（3）冬季自来水初温较低，需要升高的温度更大，水吸收的热量更多（4）【解析】【解答】（1）根据图片可知，双掷开关S置于“1”位置时，此时只有加热电阻R1，电阻较小而功率较大，因此电热水器处于加热模式，根据表格可知，电热水器的额定功率，额定电压。则正常工作电流。（2）A．电热水器的实际功率有实际电压有关，则工作电压应与它的额定电压一致，目的是使电热水器可以正常工作，故A合理，不符合题意；B．电热水器的加热功率比较高，根据P=UI可知，此时通过导线的电流较大。电源线较粗，是通过增大受力面积的方式减小电阻，避免电源线因电流过大、产生过多热量而引起火灾，故B合理，不符合题意；C．泄压阀出现滴水时堵住它，会导致热水器内压力无法释放，引发爆炸，而不是漏电事故，故C不合理，符合题意；D．电热水器内水过少会出现干烧现象，甚至引起火灾，故D合理，不符合题意。故选C。（3）冬季自来水初温较低，需要升高的温度更大，根据Q=cm△t可知，水吸收的热量更多。根据Q=W=Pt可知，热水器加热时间更长。（4）根据题意可知，热水器内水的体积为60L，则其中水的质量；水温从下降到，水放出的热量；则消耗的电能；因此保温效率。

【分析